1、高三物理下学期3月月考试题理科综合 物理一、单选题（共8小题,每小题6.0分,共48分）1. 如图所示，实线表示某电场的电场线（方向未标出），虚线是一带负电的粒子只在电场力作用下的运动轨迹，设M点和N点的电势分别为，粒子在M和N时加速度大小分别为，速度大小分别为，电势能分别为下列判断正确的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】试题分析：将粒子的运动分情况讨论：从M运动到N；从N运动到M，根据电场的性质依次判断；电场线越密，电场强度越大，同一个粒子受到的电场力越大，根据牛顿第二定律可知其加速度越大，故有；若粒子从M运动到N点，则根据带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧，可知在某点的
2、电场力方向和速度方向如图所示，故电场力做负功，电势能增大，动能减小，即，负电荷在低电势处电势能大，故；若粒子从N运动到M，则根据带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧，可知在某点的电场力方向和速度方向如图所示，故电场力做正功，电势能减小，动能增大，即，负电荷在低电势处电势能大，故；综上所述，D正确；【点睛】考查了带电粒子在非匀强电场中的运动；本题的突破口是根据粒子做曲线运动时受到的合力指向轨迹的内侧，从而判断出电场力方向与速度方向的夹角关系，进而判断出电场力做功情况2. 教学用发电机能够产生正弦式交变电流。利用该发电机内阻可忽略通过理想变压器向定值电阻R供电，电路如图所示，理想交流电流表A、理想
3、交流电压表V的读数分别为I、U，R消耗的功率为。若发电机线圈的转速变为原来的，则（）A. R消耗功率变为B. 电压表V的读数变为C. 电流表A的读数变为2ID. 通过R的交变电流频率不变【答案】B【解析】【分析】根据公式分析电动机产生的交流电的最大值以及有效值、频率的变化情况；根据判断原副线圈中电流电压的变化情况，根据副线圈中功率的变化判断原线圈中功率的变化；【详解】AB根据可知转速变为原来的，则角速度变为原来的，根据可知电动机产生的最大电动势为原来的，根据可知发电机的输出电压有效值变为原来的，即原线圈的输出电压变为原来的，根据可知副线圈的输入电压变为原来的，即电压表示数变为原来的，根据可知R
4、消耗的电功率变为，A错误B正确；C副线圈中的电流为，即变为原来的，根据可知原线圈中的电流也变为原来的，C错误；D转速减小为原来的，则频率变为原来的，D错误。【点睛】本题考查了交流电最大值，有效值，频率，变压器等；需要知道交流电路中电表的示数为有效值，在理想变压器中，恒有，副线圈消耗的功率决定了原线圈的输入功率。3. 如图所示，在水平桌面上叠放着质量相等的A、B两块木板，在木板A上放着质量为m的物块C，木板和物块均处于静止状态A、B、C之间以及B与地面之间的动摩擦因数均为，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，现用水平恒力F向右拉木板A，则以下判断正确的是()A. 不管F多大，木板
5、B一定保持静止B. A、C之间的摩擦力大小一定等于mgC. B受到地面的摩擦力大小一定小于FD. A、B之间的摩擦力大小不可能等于F【答案】A【解析】【详解】A.设A、B的质量为M，先对木块B受力分析，竖直方向受重力、压力和支持力，水平方向受A对B向右的摩擦力和地面对B向左的摩擦力，由于A对B的最大静摩擦力小于地面对B的最大静摩擦力，故物体B一定保持静止，B不会受到地面的滑动摩擦力故A正确；B.当A、C发生相对滑动时，A、C之间的摩擦力可能等于，故B错误CD.当F较小时，A、B、C保持相对静止，对AC整体分析，B对A的摩擦力等于拉力F的大小，当F足够大时，A会在B上发生相对滑动，则A、B之间的
6、摩擦力为，故CD错误4. 发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球(忽略空气的影响).速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网.其原因是()A. 速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B. 速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C. 速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D. 速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大【答案】C【解析】【详解】发球机发出的球，速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网，原因是发球机到网的水平距离一定，速度大，则所用的时间较少，球下降的高度较小，容易越过球网，C正确5. 如图所示，C为两极板水平放置的平行板电容器。闭合开
7、关S，当滑动变阻器R1、R2的滑片处于各自的中点位置时，悬在电容器C两极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态，要使尘埃P向下加速运动，下列方法中唯一可行的是（ ）A. 将R1的滑片向左移动B. 将R2的滑片向左移动C. 将R2的滑片向右移动D. 将闭合的开关S断开【答案】B【解析】【详解】A由于电容器在直流电路中相当于断路，故滑动R1的滑片对电容器两极板的电压没有影响，故A错误；BC要使尘埃向下运动，则其受到的电场力应该减小，即电容器两极板间电压应该减小，故R2的滑片应该向左移动，故B正确，C错误；D断开开关，则电容器相当于直接接在电源两端，其极板间电压增大，尘埃向上运动，故D错误；故选B。6.
8、如图所示，质量均为m的小球A、B用两根不可伸长的轻绳连接后悬挂于O点，在外力F的作用下，小球A、B处于静止状态若要使两小球处于静止状态且悬线OA与竖直方向的夹角保持30不变，则外力F的大小（）A. 可能为B. 可能为C. 可能为D. 可能为mg【答案】BCD【解析】【详解】对AB两球整体受力分析，受重力G2mg，OA绳子的拉力T以及拉力F，三力平衡，将绳子的拉力T和拉力F合成，其合力与重力平衡，如图 当拉力F与绳子的拉力T垂直时，拉力F最小，最小值为（2m）gsin30，即mg；由于拉力F的方向具有不确定性，因而从理论上讲，拉力F最大值可以取到任意值；题中BCD的值都大于mg，故都有可能；故选
9、：BCD。7. 如图所示，质量为m的物体在斜向上的传送带上由静止释放。传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速斜向上运动。物体在传送带上运动一段时间后与传送带保持相对静止。对于物体从静止释放到相对传送带静止这一过程，下列说法正确的是（）A. 物体克服重力做的功为B. 合外力对物体做功为C. 物体和传送带之间由于摩擦而产生的热量为D. 摩擦力对物体做的功等于物体机械能的增量【答案】BD【解析】【详解】AB物体上升过程中，根据动能定理得因此合外力对物体做的功为，重力做功无法判断，故A错误，B正确；C物体和传送带之间由于摩擦而产生的热量故C错误；D除了重力外只有摩擦力做功，因此摩擦力对物体做的功等于
10、物体机械能的增量，故D正确。故选BD。8. 如图，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和 L3两两等距，均通有电流I，L1中电流方向与L2中的相同，与L3中的相反，下列说法正确的是（ ）A. L1所受磁场作用力的方向与 L2、L3所在平面垂直B. L3所受磁场作用力的方向与 L1、L2所在平面垂直C. L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为D. L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为【答案】BC【解析】【详解】A同向电流相互吸引，反向电流相互排斥对L1受力分析，如图所示，可知L1所受磁场力的方向与L2、L3所在的平面平行，故A错误；B对L3受力分析，如图所示，可知L3所
11、受磁场力的方向与L1、L2所在的平面垂直，故B正确；CD设三根导线两两之间的相互作用力为F，则L1、L2受到的磁场力的合力等于F，L3受的磁场力的合力为，即L1、L2、L3单位长度受到的磁场力之比为，故C正确，D错误【点睛】先根据安培定则判断磁场的方向，再根据磁场的叠加得出直线电流处磁场的方向，再由左手定则判断安培力的方向，本题重点是对磁场方向的判断、大小的比较二、实验题（共2小题,共15分） 9. 某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图所示的a-F 图象
12、.(1)图线不过坐标原点的原因是_；(2)本实验中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量_ (填“是”或“否”)；(3) 由图象求出小车和传感器的总质量_kg. 【答案】 . 没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足; . 否; . 1;【解析】【详解】试题分析：(1)由于滑板的摩擦力没有被平衡，所以当施加拉力很小时，小车仍处于静止状态；(2)本题能够通过传感器测量出小车受到的拉力F，所以可以测量小车的加速度a=F/M，所以也就不需要细沙和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量(3)有牛顿第二定律得：F-f=ma，整理得a=F/m-f/m，图线的斜率k=1/m,所以小车和传感器的质量为：m=1
13、/k=1kg考点：本题考查验证小车的加速度和外力的关系实验10. 某同学设计了一个如图a所示的实验电路，用以测定电源电动势和内阻，使用的实验器材为：待测干电池组（电动势约3V）、电流表（量程0.6A，内阻小于1）、电阻箱（099.99）、滑动变阻器（010）、单刀双掷开关、单刀单掷开关各一个及导线若干。考虑到干电池的内阻较小，电流表的内阻不能忽略。（1）该同学按图a连线，断开开关S，闭合开关K，调节滑动变阻器，使得电流表的读数为最大，然后将开关S接C，当电阻箱为0.20时，电流表的指针指向刻度盘中点，可认为该值就是电流表内阻的测量值。则电流表内阻的真实值_。A大于0.20 B小于0.20 C等
14、于0.20 D无法确定（2）利用图a所示电路测量电源电动势和内阻的实验步骤是：断开开关K，将开关S接D，调节电阻箱R，记录多组电阻箱的阻值和电流表示数；图b是由实验数据绘出的R图象，由此求出待测干电池组的电动势E=_V，内阻r=_。（计算结果保留三位有效数字）【答案】 . A . 2.86 （2.762.96） . 2.37（2.272.47）【解析】【详解】（1）1 将开关S接C时，电阻箱与电流表并联，使得电路总电阻减小，总电流增大，即大于原来电流表的满偏示数，而此时电流表示数为满偏的一半，则电阻箱分到的电流大于电流表的示数，由并联关系可知，分到的电流越小，阻值越大，故电流表内阻大于电阻箱阻
15、值，即，故选A。（2）23 断开开关K，将开关S接D，由闭合电路欧姆定律得上式可转化为结合R图象可知，图线斜率解得纵轴截距解得三、计算题 11. 在边长为2a的正内存在垂直纸面向里的磁感强度为B的匀强磁场，有一带正电q，质量为m的粒子从距A点a的D点垂直AB方向进入磁场，如下图所示，求：（1）粒子速率应满足什么条件，粒子能从AB间射出；（2）粒子速率应满足什么条件，粒子能从AC间射出。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）设粒子速率为时，其圆轨迹正好与AC边相切于E点在中，根据几何关系得解得又由解得则要粒子能从AB间离开磁场，其速度应小于（2）设粒子速率为时，其圆轨迹正好与BC边相切于F
16、点，与AC相交于G点，可知A点即为粒子轨迹的圆心，则又由得则要粒子能从AC间射出磁场，其速度v满足的条件为12. 如下图（a）所示，间距为L、电阻不计的光滑导轨固定在倾角为的斜面上。在区域I内有方向垂直于斜面的匀强磁场，磁感应强度为B，在区域内有垂直于斜面向下的匀强磁场，其磁感应强度Bt的大小随时间t变化的规律如下图（b）所示。t=0时刻在轨道上端的金属细棒ab从如图位置由静止开始沿导轨下滑，同时下端的另一金属细棒cd在位于区域I内的导轨上由静止释放。在ab棒运动到区域的下边界EF处之前，cd棒始终静止不动，两棒均与导轨接触良好。已知ab棒和cd棒的质量均为m、电阻均为R，区域沿斜面的长度为2
17、L，在t=tx时刻（tx未知）ab棒恰进入区域，重力加速度为g。求：（1）通过cd棒电流的方向和区域I内磁场的方向；（2）当ab棒在区域内运动时cd棒消耗的电功率和热量；（3）ab棒开始下滑至EF的过程中流过导体棒cd的的电量。【答案】(1)垂直于斜面向上；(2) ，； (3) 【解析】【详解】（1）通过cd棒的电流方向：dc，区域I内磁场方向： 为垂直于斜面向上。（2）对cd棒所以通过cd棒的电流大小为当ab棒在区域II内运动时cd棒消耗的电功率cd棒始终静止不动，ab棒在到达区域II前、后，回路中产生的感应电动势不变，则ab棒在区域II中一定做匀速直线运动，由能量守恒知ab棒重力势能的减少
18、量等于ab棒、cd棒产生的总热量，故cd棒产生的热量为（3）ab棒在到达区域前做匀加速直线运动，加速度为cd棒始终静止不动，ab棒在到达区域前、后，回路中产生的感应电动势不变，则ab棒在区域中一定做匀速直线运动，设导体棒进入时速度大小为vt，可得而，所以解得ab棒在区域中做匀速直线运动的速度ab棒在区域中运动的时间ab棒从开始下滑至EF的总时间流过导体棒cd的电量为13. 图甲为一列简谐横波在时刻的波形图，P是平衡位置为处的质点，Q是平衡位置为处的质点，图乙为质点Q的振动图像，则下列说法正确的是（ ）A. 该波的周期是B. 该波的传播速度为C. 该波沿轴的负方向传播D. 时，质点Q的速度方向向
19、下E. 从到，质点P通过的路程为【答案】BCD【解析】分析】【详解】A由图乙可知该波的周期是，A错误；B由图甲可知波长为8m，则波速为B正确；CD由乙图可知在时，质点Q正向下运动，根据“平移法”可知该波沿轴负方向传播，CD正确；E该波沿轴负方向传播，此时P点正向上运动从到经过的时间为由于时刻质点P不在平衡位置或波峰、波谷处，所以质点P通过的路程不是（30cm），E错误。故选BCD。14. 如图所示，直角玻璃三棱镜ABC置于空气中，棱镜的折射率为n，A60一细光束从AC的中点D垂直于AC面入射，ADa，求：(1)画出光路图并计算出光从棱镜第一次射入空气时的折射角；(2)光从进入棱镜到它第一次从棱
20、镜中射出所经历的时间(光在真空中的传播速度为c)【答案】光路如图所示； ；【解析】【详解】如图所示i1=60,设玻璃对空气的临界角为C，则：，C=45，i145发生全反射由折射定律有，所以r=45棱镜中的光速，所求时间解得：15. 下列说法中正确的有（）A. 悬浮在液体中固体分子所做的无规则运动叫做布朗运动B. 金属铁有固定的熔点C. 液晶的光学性质具有各向异性D. 由于液体表面分子间距离小于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力E. 随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气内能减小【答案】BCE【解析】【详解】A悬浮在液体中的固体微粒所做的无规则运动叫做布朗运
21、动，故A错误；B金属铁有固定的熔点，故B正确；C液晶的光学性质具有各向异性，故C正确；D由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，故液体表面存在表面张力，故D错误；E随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气内能减小，故E正确。故选BCE。16. 某同学将广口瓶开口向上放入77热水杯中，待热平衡后，用一个剥去蛋壳的熟鸡蛋（最粗处横截面略大于瓶口横截面）恰好封住瓶口，如图所示当热水杯中水温缓慢降至42时，观察到鸡蛋缓慢落入瓶中已知大气压强Pa，瓶口面积S=，熟鸡蛋重力G=0.50N求： 温度为42时广口瓶内的压强变为多大？ 当熟鸡蛋缓慢落入瓶中时鸡蛋与瓶口间的阻力为多大？ 【答案】0.9105Pa；10.5N【解析】【详解】广口瓶内的空气状态为p1=p0=1.0105Pa；T1=350K；T1=315K；根据查理定律得p2=0.9105Pa；当熟鸡蛋缓慢下落时，根据力的平衡，有G+p0S=p2S+f即f=G+(p0p2)S=10.5N
