1、温馨提示： 此题库为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，关闭Word文档返回原板块。 考点17 碰撞与动量守恒一、选择题1. (2013福建高考)将静置在地面上,质量为M(含燃料)的火箭模型点火升空,在极短时间内以相对地面的速度v0竖直向下喷出质量为m的炽热气体。忽略喷气过程重力和空气阻力的影响,则喷气结束时火箭模型获得的速度大小是()A.v0 B.v0 C.v0 D.v0【解题指南】解答本题时应明确以下两点:(1)火箭模型在极短时间点火升空,遵循动量守恒定律。(2)明确点火前后两个状态下研究对象的动量。【解析】选D。火箭模型在极短时间点火,设火箭模型获得速度为v,据
2、动量守恒定律有0=(M-m)v-mv0,得v=v0,故选D。2. (2013天津高考)我国女子短道速滑队在今年世锦赛上实现女子3 000 m接力三连冠。观察发现,“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面,并且开始向前滑行,待乙追上甲时,乙猛推甲一把,使甲获得更大的速度向前冲出,在乙推甲的过程中,忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用,则()A.甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量B.甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反C.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量来源:学+科+网Z+X+X+KD.甲对乙做多少负功,乙对甲就一定做多少正功【解题指南】解答本题可按以下思路进行:(1)先弄清运动员乙
3、推甲的过程中相互作用力、作用时间、作用位移等各物理量的特点;(2)再根据动量定理中冲量和动量变化的关系及动能定理中做功与动能变化的关系判断。【解析】选B。运动员乙推甲的过程中的甲和乙间的相互作用力等大反向,作用时间相等,故甲对乙的冲量和乙对甲的冲量大小相等,方向相反;由动量定理,动量变化的大小相等,方向相反,A错,B对;“交棒”过程中甲和乙的速度不一定相等,在乙推甲的过程中位移不一定相等,因而甲对乙做的负功和乙对甲做的正功的绝对值不一定相等,由动能定理,其动能变化量的绝对值也不一定相等,C、D错。二、填空题3. (2013上海高考)质量为M的物块静止在光滑水平桌面上,质量为m的子弹以水平速度v
4、0射入物块后,以水平速度射出。则物块的速度为,此过程中损失的机械能为。【解题指南】解答本题时应注意理解以下两点:(1)系统受外力为零,动量守恒;(2)损失的机械能为初始机械能与作用后机械能之差。【解析】由动量守恒定律,mv0=m+Mv,解得v=。由能量守恒定律,此过程中损失的机械能为E=m-m()2-Mv2=m-m2。【答案】 m-m2三、计算题4. (2013安徽高考)一物体放在水平地面上,如图甲所示,已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图乙所示,物体相应的速度v随时间t的变化关系如图丙所示。求:(1)08s时间内拉力的冲量;(2)06s时间内物体的位移;(3)010s时间内,物体克服
5、摩擦力所做的功。【解题指南】解答本题时应注意理解以下三点:(1)对于变力的冲量,可以分段求这段时间内各个力的冲量之和;(2)图丙中68s内物体做匀速运动说明摩擦力与拉力相等;(3)物体克服摩擦力所做的功等于摩擦力做功的绝对值。【解析】(1)08s时间内拉力的冲量I= F1t1+F2t2+F3t3=12+34+22=18(Ns)(2)06s时间内物体的位移x=t2=(6-2)=6(m)(3)68s内物体做匀速运动,由物体受力平衡可得Ff=2N010 s时间内,物体的位移l=t2+vt3+t4=4+32+2=15(m)物体克服摩擦力所做的功W=Ffl=215J=30 J【答案】(1)18 Ns(2
6、)6 m(3)30 J5. (2013北京高考)对于同一物理问题,常常可以从宏观与微观两个不同角度进行研究,找出其内在联系,从而更加深刻地理解其物理本质。(1)一段横截面积为S、长为l的直导线,单位体积内有n个自由电子,电子电量为e。该导线通有电流时,假设自由电子定向移动的速率均为v。求导线中的电流I;将该导线放在匀强磁场中,电流方向垂直于磁感应强度B,导线所受安培力大小为F安,导线内自由电子所受洛伦兹力大小的总和为F,推导F安=F。(2)正方体密闭容器中有大量运动粒子,每个粒子质量为m,单位体积内粒子数量n为恒量。为简化问题,我们假定:粒子大小可以忽略;其速率均为v,且与器壁各面碰撞的机会均
7、等;与器壁碰撞前后瞬间,粒子速度方向都与器壁垂直,且速率不变。利用所学力学知识,导出器壁单位面积所受粒子压力f与m、n和v的关系。(注意:解题过程中需要用到、但题目没有给出的物理量,要在解题时做必要的说明)【解题指南】解答本题可按以下思路进行:(1)先根据电流的定义求出导线中的电流。(2)由安培力、洛伦兹力定义结合电流的微观表达式推导二者的关系。(3)根据动量定理并建立微观模型推导f与m、n和v的关系。【解析】(1)设时间t内通过导体横截面的电荷量为q,由电流的定义有来源:学科网ZXXK每一个自由电子所受的洛伦兹力为F洛=evB设导体内共有N个自由电子,则N=nSl导体内自由电子所受洛伦兹力的
8、总和为F=NF洛=NevB=nSlevB由安培力公式,F安=IlB=neSvlB所以F安=F(2)一个粒子每与器壁碰撞一次对器壁的冲量为I0=2mv如图所示,以器壁上的面积S为底、以vt为高构成柱体,由题意可知,柱体内的粒子在t时间内有与器壁发生碰撞,碰撞的粒子总数为N=nSvt在t时间内粒子对器壁的冲量为I=NI0=nSmv2t面积为S的器壁受到粒子的压力为F=nSmv2则器壁单位面积上所受到粒子的压力为f=nmv2【答案】(1)neSv见解析(2)f=nmv26. (2013广东高考)如图,两块相同平板P1、P2置于光滑水平面上,质量均为m。P2的右端固定一轻质弹簧,左端A与弹簧的自由端B
9、相距L。物体P置于P1的最右端,质量为2m且可看作质点。P1与P以共同速度v0向右运动,与静止的P2发生碰撞,碰撞时间极短,碰撞后P1与P2粘连在一起。P压缩弹簧后被弹回并停在A点(弹簧始终在弹性限度内)。P与P2之间的动摩擦因数为。求来源:学科网ZXXK(1)P1、P2刚碰完时的共同速度v1和P的最终速度v2;(2)此过程中弹簧的最大压缩量x和相应的弹性势能Ep。【解题指南】解答本题时应从以下两点进行分析:(1)P1与P2碰撞前后,P1与P2组成的系统动量守恒。(2)弹簧压缩量最大时,P1、P2、P的速度相等。【解析】(1)对P1、P2组成的系统,由动量守恒定律得mv0=2mv1解得v1=对
10、P1、P2、P组成的系统,由动量守恒定律得2mv1+2mv0=4mv2解得v2=v0。(2)对P1、P2、P组成的系统,从P1、P2碰撞结束到最终P停在A点,由能量守恒定律得2mg(2L+2x)=2m+2m-4m解得x=-L对P1、P2、P组成的系统,从P1、P2碰撞结束到弹簧压缩到最短,由能量守恒定律得2mg(L+x)+Ep=2m+2m-4m解得Ep=【答案】(1) v0(2) -L7. (2013山东高考)如图所示,光滑水平轨道上放置长木板A(上表面粗糙)和滑块C,滑块B置于A的左端,三者质量分别为mA=2kg、mB=1kg、mC=2kg。开始时C静止,A、B一起以v0=5m/s的速度匀速
11、向右运动,A与C发生碰撞(时间极短)后C向右运动,经过一段时间,A、B再次达到共同速度一起向右运动,且恰好不再与C碰撞。求A与C发生碰撞后瞬间A的速度大小。【解题指南】解答本题时应明确动量守恒定律成立的条件。【解析】滑块A与滑块C处于光滑水平面上,两滑块碰撞时间极短,碰撞过程中滑块B与滑块A间的摩擦力可以忽略不计,滑块A与滑块C组成的系统,在碰撞过程中动量守恒,则mAv0=mAvA+mCvC两滑块碰撞后,滑块A与滑块B组成的系统,在两者达到同速之前系统所受合外力为零,系统动量守恒,mAvA+mBv0=(mA+mB)v滑块A和B达到共同速度后,恰好不再与滑块C碰撞,则最后三者速度相等,vC=v联
12、立以上各式,代入数值解得:vA=2m/s【答案】2m/s8. (2013天津高考)质量为m=4kg的小物块静止于水平地面上的A点,现用F=10N的水平恒力拉动物块一段时间后撤去,物块继续滑动一段位移停在B点,A、B两点相距x=20m,物块与地面间的动摩擦因数=0.2,g取10m/s2,求:(1)物块在力F作用过程发生位移x1的大小;(2)撤去力F后物块继续滑动的时间t。【解题指南】解答本题可按以下思路进行:(1)先分析物体所受各力做功对应的过程,再利用动能定理求出位移;(2)然后根据运动学公式求出撤去力F时的速度,最后利用动量定理求出时间。【解析】(1)设物块受到的滑动摩擦力为F1,则F1=m
13、g根据动能定理,对物块由A到B整个过程,有Fx1-F1x=0代入数据,解得x1=16m(2)设刚撤去力F时物块的速度为v,此后物块的加速度为a,滑动的位移为x2,则x2=x-x1来源:学.科.网Z.X.X.K由牛顿第二定律得a=由匀变速直线运动公式得v2=2ax2以物块运动的方向为正方向,由动量定理,得-F1t=0-mv代入数据,解得t=2s【答案】(1)16m (2)2 s9. (2013新课标全国卷)在粗糙的水平桌面上有两个静止的木块A和B,两者相距为d。现给A一初速度,使A与B发生弹性正碰,碰撞时间极短。当两木块都停止运动后,相距仍然为d。已知两木块与桌面之间的动摩擦因数均为,B的质量为
14、A的2倍,重力加速度大小为g。求A的初速度的大小。【解题指南】解答本题时应注意以下两点:(1)根据A与B发生弹性正碰动量和动能守恒,求出碰撞后A、B的速度;(2)分别对A、B碰撞前后由动能定理列方程以及A、B之间的距离关系。【解析】设在发生碰撞前的瞬间,木块A的速度大小为v;在碰撞后的瞬间,A和B的速度分别为v1和v2。在碰撞过程中,由能量和动量守恒定律,得mv2=m+(2m)mv=mv1+(2m)v2式中,以碰撞前木块A的速度方向为正方向。由式得v1=-设碰撞后A和B运动的距离分别为d1和d2,由动能定理得mgd1=m(2m)gd2=(2m)按题意有d=d1+d2设A的初速度大小为v0,由动
15、能定理得mgd=m-mv2联立至式,得v0=【答案】来源:Z_xx_k.Com10. (2013新课标全国卷)如图,光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C。B的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计)。设A以速度v0朝B运动,压缩弹簧;当A、B速度相等时,B与C恰好相碰并粘接在一起,然后继续运动。假设B和C碰撞过程时间极短。求从A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中,()整个系统损失的机械能;()弹簧被压缩到最短时的弹性势能。【解题指南】解答本题应注意以下两点:(1)A、B为弹性碰撞,不损失机械能,B、C为非弹性碰撞,机械能有损失;(2)两者有共同速度时,弹簧被压缩到最短。【解析】(
16、)从A压缩弹簧到A与B具有相同速度v1时,对A、B与弹簧组成的系统,动量守恒,有mv0=2mv1此时B与C发生完全非弹性碰撞,设碰撞后的瞬时速度为v2,损失的机械能为E,对B、C组成的系统,由动量守恒和能量守恒得mv1=2mv2 联立式,得E= ()由式可知,v21)和h的地方同时由静止释放,如图所示。球A的质量为m,球B的质量为3m。设所有碰撞都是弹性碰撞,重力加速度大小为g,忽略球的直径、空气阻力及碰撞时间。 (1)求球B第一次落地时球A的速度大小;(2)若球B在第一次上升过程中就能与球A相碰,求p的取值范围;(3)在(2)情形下,要使球A第一次碰后能到达比其释放点更高的位置,求p应满足的
17、条件。【解题指南】解答本题应注意以下三点:(1)明确球B第一次落地时A、B两球的速度关系。(2)分析B球第一次上升过程中与A球相碰的临界情况。(3)弹性碰撞满足动量守恒,机械能守恒。【解析】(1)对B球第一次下落过程,由动能定理得3mgh =3m解得v0=此时A、B两球的速度相同,即v1=(2)B球第一次下落所用时间为t0,则有h=g落地后,B上升,A下降,A下落至B球释放位置时所用时间为t,则有ph-h=gt2结合题意:0t2t0解得1pvA设A球释放到两球相碰经历时间为T,则ph-h+h=gT2对B球,2t0-=T联立以上各式解得1p3【答案】(1) (2)1p5(3)1p313.(201
18、3海南高考)(2)如图,光滑水平地面上有三个物块A、B和C,它们具有相同的质量,且位于同一直线上。开始时,三个物块均静止。先让A以一定速度与B碰撞,碰后它们粘在一起,然后又一起与C碰撞并粘在一起。求前后两次碰撞中损失的动能之比。【解题指南】解答本题注意以下两点:(1)碰撞前后动量守恒。(2)碰撞前后能量守恒。【解析】设三个物块A、B和C的质量均为m,A与B碰撞前A的速度为v,碰撞后的速度为v1,A、B与C碰撞后的共同速度为v2。由动量守恒定律得mv=2mv1mv=3mv2设第一次碰撞中的动能损失为E1,第二次碰撞中的动能损失为E2,由能量守恒定律得mv2=(2m)+E1(2m) = (3m)+E2联立以上四式解得E1E2=31【答案】31关闭Word文档返回原板块。
