1、2016-2017学年吉林省延边州汪清六中高三（上）第二次月考物理试题一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分在每小题给出的四个选项中，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1“中秋团圆日，天宫问天时”我国第二座空间实验室“天宫二号”于2016年9月15日22时04分09秒成功升空，如图为火箭点火升空瞬间时的照片，关于这一瞬间的火箭的速度和加速度判断，下列说法正确的是（）A火箭的速度很小，但加速度可能较大B火箭的速度很大，加速度可能也很大C火箭的速度很小，所以加速度也很小D火箭的速度很大，但加速度一定很小2如图所示，物体在F=100N，方向水平向左的拉力作用下，沿水平面
2、向右运动已知物体与水平面的动摩擦因数=0.2，物体质量m=5kg，可知物体所受摩擦力为（g=10m/s2）（）A10N，水平向左B10N，水平向右C20N，水平向左D20N，水平向右3如图所示，重力为G的小球用轻绳悬于O点，用力F拉住小球，使轻绳保持偏离竖直方向60角且不变当F与竖直方向的夹角为时，有F最小，则、F的值分别为（）A0，GB30，GC60，GD90，G4如图所示在光滑水平面上有物体A、B，质量分别为m1、m2在拉力F作用下，A和B以加速度a做匀加速直线运动某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度为a1、a2则（）Aa1=a2=0Ba1=a；a2=0Ca1=a；a2=aDa1=a
3、；a2=a5A、B两点在同一条竖直线上，A点离地而的高度为2.5h，B点离地面高度为2h将两个小球分别从A、B两点水平抛出，它们在P点相遇，P点离地面的高度为h已知重力加速度为g，则（）A两个小球一定同时抛出B两个小球抛出的时间间隔为（）C小球A、B抛出的初速度之比=D小球A、B抛出的初速度之比=6如图所示，我某集团军在一次空地联合军事演习中，离地面H高处的飞机以水平对地速度v1发射一颗炸弹欲轰炸地面目标P，地面拦截系统同时以初速度v2竖直向上发射一颗炮弹拦截（炮弹运动过程看作竖直上抛），设此时拦截系统与飞机的水平距离为s，若拦截成功，不计空气阻力，则v1、v2的关系应满足（）Av1=v2Bv
4、1=v2Cv1=v2Dv1=v27如图所示，在水平地面上有一小车，小车内质量为m=10kg的物块A拴在一水平被压缩的弹簧的一端，弹簧的另一端固定在小车上，当它们都处于静止状态时，弹簧对物块的弹力为6N，当小车以a=1m/s2的加速度向右做匀加速运动时（）A物块A相对小车滑动B物块A受到的摩擦力方向不变C物块A受到的摩擦力减少D物块A受到的弹力增大8三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m，且与水平方向的夹角均为37现有两小物块A、B从传送带顶端都以v0的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数均为0.5，下列说法正确的是（）A若v01m/s，则物块A先到达传送带
5、底端B若v01m/s，则物块A、B同时到达传送带底端C若v01m/s，则物块A先到达传送带底端D若v01m/s，则物块A、B同时到达传送带底端9船在静水中的速度与时间的关系如图甲所示，河水的流速随与河岸的距离的变化关系如图乙所示，若要使船以最短时间渡河，则（） A船渡河的最短时间是60sB船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直C渡河全过程船做匀变速曲线运动D船在航行中最大速度是5m/s10用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示P、Q均处于静止状态，则下列说法正确的（）AP物体可能受3个力BQ受到4个力C若绳子变长，绳子的拉力将变小D若绳子变短，Q受到的静摩
6、擦力仍不变11两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在00.4s时间内的vt图象如图所示，则甲与乙的加速度之比和图中时间t1分别为（）A和0.30sB3和0.30sC和0.28sD3和0.28s12如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30的光滑斜面上A、B两小球的质量分别为mA、mB，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为（）A都等于B和0C 和0D0和g13如图所示，甲、乙两物体用压缩的轻质弹簧连接静置于倾角为的粗糙斜面体上，斜面体始终保持静止，则下列判断正确的是（）A物体甲一定受到4个力的作用B物体甲所受的摩擦力方向一定沿斜面向下C物
7、体乙所受的摩擦力不可能为零D水平面对斜面体有摩擦力作用14在探究静摩擦力变化的规律及滑动摩擦力规律的实验中，特设计了如图甲所示的演示装置，力传感器A与计算机连接，可获得力随时间变化的规律，将力传感器固定在光滑水平桌面上，测力端通过细绳与一滑块相连（调节传感器高度可使细绳水平），滑块放在较长的小车上，小车一端连接一根细绳并跨过光滑的轻定滑轮系一只空沙桶（调节滑轮可使桌面上部细绳水平），整个装置处于静止状态实验开始时打开传感器同时缓慢向沙桶里倒入沙子，小车一旦运动起来，立即停止倒沙子，若力传感器采集的图象如图乙所示，则结合该图象，下列说法中正确的是（）A可求出空沙桶的重力B可求出滑块与小车之间的滑
8、动摩擦力的大小C可求出滑块与小车之间的最大静摩擦力的大小D可判断第50秒后小车做匀速直线运动（滑块仍在车上）15对于下列现象的解释，正确的是（）A蹦床运动员在空中上升和下落过程中，都处于失重状态B物体超重时惯性大，失重时惯性小，完全失重时不存在惯性C撤掉水平推力后，物体很快停下来，说明力是维持物体运动的原因D物体处于完全失重状态时，不受重力二、实验题（共16分）16某物理兴趣小组的同学在研究弹簧弹力的时候，测得弹力的大小F和弹簧长度l的关系如图1所示，则由图线可知：（1）弹簧的劲度系数为N/m（2）为了用弹簧测定两木块A和B间的动摩擦因数，两位同学分别设计了如图2所示的甲、乙两种方案为了用某一
9、弹簧测力计的示数表示A和B之间的滑动摩擦力的大小，你认为方案更合理若A和B的重力分别为10.0N和20.0N当A被拉动时，弹簧测力计a的示数为6.0N，b的示数为11.0N，c的示数为4.0N，则A和B间的动摩擦因数为17在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，采用如图甲所示的装置（1）本实验应用的实验方法是A控制变量法 B假设法 C理想实验法（2）下列说法中正确的是A在探究加速度与质量的关系时，应改变小车所受拉力的大小B在探究加速度与外力的关系时，应改变小车的质量C在探究加速度a与质量m的关系时，作出a图象容易更直观判断出二者间的关系D无论在什么条件下，细线对小车的拉力大小总等于砝码盘和砝码
10、的总重力大小（3）在探究加速度与力的关系时，若取车的质量M=0.5kg，改变砝码质量m的值，进行多次实验，以下m的取值最不合适的一个是Am1=4g Bm2=10g Cm3=40g Dm4=500g（4）在平衡小车与长木板之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示计时器打点的时间间隔为0.02s从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，根据图中给出的数据求出该小车的加速度a=m/s2（结果保留两位有效数字）（5）如图丙所示为甲同学在探究加速度a与力F的关系时，根据测量数据作出的aF 图象，说明实验存在的问题是三、计算题（本题共2小题，共24分按题目要求作答，解答题应写出
11、必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18如图所示，有一足够长的斜面，倾角=37一质量为m=1kg的小物块从斜面顶端A处静止下滑，到B处后，受一水平向右的恒力F作用，小物块最终停在C点（C点未画出）若AB长为2.25m，BC长为0.5m小物块与斜面间动摩擦因数=0.5，sin 37=0.6，cos 37=0.8，g=10m/s2求：（1）小物块到达B点的速度多大；（2）水平恒力F的大小19某电视娱乐节目装置可简化为如图所示模型倾角=37的斜面底端与水平传送带平滑接触，传送带BC长L=6m，始终以v0=6m/s的速度顺时针运
12、动将一个质量m=1kg的物块由距斜面底端高度h1=5.4m的A点静止滑下，物块通过B点时速度的大小不变物块与斜面、物块与传送带间动摩擦因数分别为1=0.5、2=0.2，传送带上表面距地面的高度H=5m，g取10m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8（1）求物块由A点运动到C点的时间；（2）若把物块从距斜面底端高度h2=2.4m处静止释放，求物块落地点到C点的水平距离2016-2017学年吉林省延边州汪清六中高三（上）第二次月考物理试题参考答案与试题解析一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分在每小题给出的四个选项中，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1
13、“中秋团圆日，天宫问天时”我国第二座空间实验室“天宫二号”于2016年9月15日22时04分09秒成功升空，如图为火箭点火升空瞬间时的照片，关于这一瞬间的火箭的速度和加速度判断，下列说法正确的是（）A火箭的速度很小，但加速度可能较大B火箭的速度很大，加速度可能也很大C火箭的速度很小，所以加速度也很小D火箭的速度很大，但加速度一定很小【考点】加速度；速度【分析】火箭点火升空瞬间由于推动力作用，火箭立刻获得加速度，但是由于是“瞬间”，这个时间很小，故速度很小【解答】解：火箭点火升空瞬间由于推动力作用，火箭立刻获得加速度，但是由于“瞬间”这个时间很小接近于零，由v=at，故火箭的速度很小，故可知火箭
14、的速度很小，加速度很大，故A正确，BCD错误故选：A2如图所示，物体在F=100N，方向水平向左的拉力作用下，沿水平面向右运动已知物体与水平面的动摩擦因数=0.2，物体质量m=5kg，可知物体所受摩擦力为（g=10m/s2）（）A10N，水平向左B10N，水平向右C20N，水平向左D20N，水平向右【考点】滑动摩擦力【分析】由题意可知物体受到滑动摩擦力，由f=FN可求向物体受到的摩擦力的大小及方向【解答】解：物体相对地面运动，故物体受到的滑动摩擦力，则摩擦力的大小为：f=FN=mg=0.2510N=10N；滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反，故摩擦力方向向左，故A正确，BCD错误；故选：A3如
15、图所示，重力为G的小球用轻绳悬于O点，用力F拉住小球，使轻绳保持偏离竖直方向60角且不变当F与竖直方向的夹角为时，有F最小，则、F的值分别为（）A0，GB30，GC60，GD90，G【考点】共点力平衡的条件及其应用【分析】小球始终处于平衡状态，合力为零，根据共点力平衡，抓住重力不变，细绳的拉力方向不变，运用作图法求出F有最小值时的值【解答】解：如图所示，小球受三个力而处于平衡状态，重力mg的大小和方向都不变，绳子拉力T方向不变，因为绳子拉力T和外力F的合力等于重力，通过作图法知，当F的方向与绳子方向垂直时，由于垂线段最短，所以F最小，则由几何知识得=30Fmin=mgcos30=故选：B4如图
16、所示在光滑水平面上有物体A、B，质量分别为m1、m2在拉力F作用下，A和B以加速度a做匀加速直线运动某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度为a1、a2则（）Aa1=a2=0Ba1=a；a2=0Ca1=a；a2=aDa1=a；a2=a【考点】牛顿第二定律；胡克定律【分析】突然撤去拉力F的瞬间，弹簧弹力没有发生变化，所以A受力不变，B只受弹簧弹力作用，根据牛顿第二定律即可求解【解答】解：当力F作用时，对A运用牛顿第二定律得：a=突然撤去拉力F的瞬间，弹簧弹力没有发生变化，所以A受力不变，即a1=a；B只受弹簧弹力作用，根据牛顿第二定律得：故选D5A、B两点在同一条竖直线上，A点离地而的高度为2
17、.5h，B点离地面高度为2h将两个小球分别从A、B两点水平抛出，它们在P点相遇，P点离地面的高度为h已知重力加速度为g，则（）A两个小球一定同时抛出B两个小球抛出的时间间隔为（）C小球A、B抛出的初速度之比=D小球A、B抛出的初速度之比=【考点】平抛运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据在P点相遇，结合高度求运动的时间，从而通过水平位移求初速度【解答】解：A、平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，由h=，得t=，由于A到P的竖直高度较大，所以从A点抛出的小球运动时间较长，应先抛出故A错误B、由t=，得两个小球抛出的时间间隔为t=tAtB=（）故B正确CD
18、、由x=v0t得v0=x，x相等，则小球A、B抛出的初速度之比=，故C错误，D正确故选：BD6如图所示，我某集团军在一次空地联合军事演习中，离地面H高处的飞机以水平对地速度v1发射一颗炸弹欲轰炸地面目标P，地面拦截系统同时以初速度v2竖直向上发射一颗炮弹拦截（炮弹运动过程看作竖直上抛），设此时拦截系统与飞机的水平距离为s，若拦截成功，不计空气阻力，则v1、v2的关系应满足（）Av1=v2Bv1=v2Cv1=v2Dv1=v2【考点】平抛运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据炸弹竖直位移和拦截炮弹的竖直向上的位移大小之和等于H求出运动的时间，结合平抛运动的
19、水平位移得出两者速度的关系【解答】解：根据得，t=根据s=，得故C正确，A、B、D错误故选：C7如图所示，在水平地面上有一小车，小车内质量为m=10kg的物块A拴在一水平被压缩的弹簧的一端，弹簧的另一端固定在小车上，当它们都处于静止状态时，弹簧对物块的弹力为6N，当小车以a=1m/s2的加速度向右做匀加速运动时（）A物块A相对小车滑动B物块A受到的摩擦力方向不变C物块A受到的摩擦力减少D物块A受到的弹力增大【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力【分析】物体开始时受弹力为6N，而处于静止状态，受到的静摩擦力为6N，说明物体的最大静摩擦力大于等于6N；当小车的加速度为1m/s2
20、，两物体将保持相对静止时，物体的加速度为a=1m/s2，则需要的外力为10N；根据弹力和最大静摩擦力可求出物体相对于小车静止的最大加速度，当小车的加速度小于等于最大加速度时，物体与小车仍保持相对静止弹簧的弹力不变，摩擦力大小不变【解答】解：A、物体开始时受弹力F=6N，而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为6N，则物体的最大静摩擦力Fm6N当物体相对于小车向左恰好发生滑动时，加速度为a0=所以当小车的加速度为a=1m/s2时，物块A相对小车仍静止故A错误BC、根据牛顿第二定律得：小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时，弹力水平向右，大小仍为6N，摩擦力方向变为水平向右、大小变为4N，
21、摩擦力减小 故B错误，C正确D、物体A相对于小车静止，弹力不变故D错误故选：C8三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m，且与水平方向的夹角均为37现有两小物块A、B从传送带顶端都以v0的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数均为0.5，下列说法正确的是（）A若v01m/s，则物块A先到达传送带底端B若v01m/s，则物块A、B同时到达传送带底端C若v01m/s，则物块A先到达传送带底端D若v01m/s，则物块A、B同时到达传送带底端【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】分析A重力沿斜面向下的分力与摩擦力的关系，判断A物体的运动规律，B
22、所受的摩擦力沿斜面向上，向下做匀变速直线运动，结合运动学公式分析物块与传送带的相对位移，热量等于摩擦力大小乘以相对位移【解答】解：A、对A物体，因为mgsin37=0.6mgmgcos37=0.4mg，若v01m/s，则A物体所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动满足：mgsin37mgcos37=ma；B物体所受摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，满足：mgsin37mgcos37=ma；所以两物体匀加速直线运动的加速度相等，位移相等，则运动的时间相等，物块A、B同时到达传送带底端，与传送带的速度无关故A错误；B正确；C、对A物体，若v01m/s，则A物体开始时受摩擦力沿斜面向下，向
23、下做匀加速直线运动满足：mgsin37+mgcos37=ma；开始运动的一段时间内，A的加速度大于B的加速度，然后加速度相等，所以A先到达传送带底端故C正确，D错误故选：BC9船在静水中的速度与时间的关系如图甲所示，河水的流速随与河岸的距离的变化关系如图乙所示，若要使船以最短时间渡河，则（） A船渡河的最短时间是60sB船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直C渡河全过程船做匀变速曲线运动D船在航行中最大速度是5m/s【考点】运动的合成和分解【分析】将船的运动分解为垂直于河岸方向和沿河岸方向，当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短当水流速最大时，船在河水中的速度最大【解答】解：AB、当静水速与河岸垂直时
24、，渡河时间最短，t=s=100s故A错误，B正确C、船在沿河岸方向上做变速运动，在垂直于河岸方向上做匀速直线运动，两运动的合运动是曲线故C错误D、当水流速最大时，船的速度最大，vm=m/s=5m/s故D正确故选：BD10用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一矩形物块Q，如图所示P、Q均处于静止状态，则下列说法正确的（）AP物体可能受3个力BQ受到4个力C若绳子变长，绳子的拉力将变小D若绳子变短，Q受到的静摩擦力仍不变【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】先对小球P受力分析，然后对小方块Q受力分析，对P，由平衡条件研究绳子变长时，绳子的拉力如何变化【
25、解答】解：A、P受到重力、Q的支持力、Q的静摩擦力、绳子的拉力，共4个力作用，故A错误B、Q受到重力、墙壁的弹力、P的压力和静摩擦力，共4个力作用，故B正确C、设绳子与竖直方向的夹角为，P的重力为G，绳子的拉力大小为F，则由平衡条件得：f=GQ，GP+f=Fcos，则GP+GQ=Fcos，GP与GQ不变，若绳子变长，变小，cos变大，则F变小，故C正确D、Q受到的静摩擦力竖直向上，与其重力平衡，与绳子长度无关，所以若绳子变短，Q受到的静摩擦力不变，故D正确故选：BCD11两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在00.4s时间内的vt图象如图所示，则甲与乙的加速度之比和图中时间t1分别为（）A和0.
26、30sB3和0.30sC和0.28sD3和0.28s【考点】匀变速直线运动的图像【分析】先根据数学三角形相似法求解t1速度图象的斜率等于物体的加速度，由数学知识求出两个物体的加速度，再加速度的比值【解答】解：由图，根据数学三角形相似法得，得到t1=0.3s甲的加速度为a甲=乙的加速度为a乙=，其大小为10m/s2则甲与乙的加速度大小之比为故选A12如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30的光滑斜面上A、B两小球的质量分别为mA、mB，重力加速度为g，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为（）A都等于B和0C 和0D0和g【考点】牛顿第二定律【分析】当
27、两球处于静止时，根据共点力平衡求出弹簧的弹力，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律分别求出A、B的加速度大小【解答】解：对A球分析，开始处于静止，则弹簧的弹力F=mAgsin30，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对A，所受的合力为零，则A的加速度为0，对B，根据牛顿第二定律得， =g故选：D13如图所示，甲、乙两物体用压缩的轻质弹簧连接静置于倾角为的粗糙斜面体上，斜面体始终保持静止，则下列判断正确的是（）A物体甲一定受到4个力的作用B物体甲所受的摩擦力方向一定沿斜面向下C物体乙所受的摩擦力不可能为零D水平面对斜面体有摩擦力作用【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【
28、分析】弹簧对乙有沿斜面向下的弹力，故乙一定具有向下运动的趋势，乙一定受沿斜面向上的摩擦力作用，若压缩的弹簧对甲向上的弹力大小恰好等于m甲gsin ，则甲只受三个力作用，取甲、乙和斜面为整体分析受力，由水平方向合力为零可得，水平面对斜面体的摩擦力一定为零【解答】解：A、若压缩的弹簧对甲向上的弹力大小恰好等于m甲gsin ，则甲只受三个力作用，故A错误；B、若压缩的弹簧对甲向上的弹力大小小于m甲gsin ，甲受的摩擦力沿斜面向上，故B错误；C、因弹簧对乙有沿斜面向下的弹力，故乙一定具有向下运动的趋势，乙一定受沿斜面向上的摩擦力作用，故C正确；D、取甲、乙和斜面为一整体分析受力，由水平方向合力为零可
29、得，水平面对斜面体的摩擦力一定为零，故D错误故选：C14在探究静摩擦力变化的规律及滑动摩擦力规律的实验中，特设计了如图甲所示的演示装置，力传感器A与计算机连接，可获得力随时间变化的规律，将力传感器固定在光滑水平桌面上，测力端通过细绳与一滑块相连（调节传感器高度可使细绳水平），滑块放在较长的小车上，小车一端连接一根细绳并跨过光滑的轻定滑轮系一只空沙桶（调节滑轮可使桌面上部细绳水平），整个装置处于静止状态实验开始时打开传感器同时缓慢向沙桶里倒入沙子，小车一旦运动起来，立即停止倒沙子，若力传感器采集的图象如图乙所示，则结合该图象，下列说法中正确的是（）A可求出空沙桶的重力B可求出滑块与小车之间的滑动
30、摩擦力的大小C可求出滑块与小车之间的最大静摩擦力的大小D可判断第50秒后小车做匀速直线运动（滑块仍在车上）【考点】探究影响摩擦力的大小的因素【分析】对滑块进行受力分析，由图象求出传感器对滑块的拉力，由平衡条件求出滑块受到的摩擦力，然后由牛顿第三定律判断小车的受力情况【解答】解：在整个过程中，滑块受到水平向右的摩擦力f与水平向左的传感器的拉力F，滑块始终静止，处于平衡状态，由平衡条件得：则f=F；小车与滑块的摩擦力f与滑块对小车的摩擦力f是作用力与反作用力，由牛顿第三定律得：f=f，则f=F；A、t=0时，没有向桶中倒沙，G空沙桶=F，由图乙所示图象可知，G空沙桶=F=2N，故A正确；B、当小车
31、运动时，滑块与小车间的摩擦力是滑动摩擦力，由图乙所示图象可知，f=F=3N，故B正确；C、当小车由静止刚好开始运动时，滑块与小车间的摩擦力是最大静摩擦力，由图乙所示图象可知，滑块与小车间的最大静摩擦力fmax=F=3.5N，故C正确；D、由图象我们只能知道50s后小车受到的滑动摩擦力是3N，恒定不变，并不知道沙桶对小车的拉力是多少，不知小车所受合力是多少，无法判断小车的运动状态，小车可能做匀速直线运动，也可能做加速直线运动，故D错误；故选ABC15对于下列现象的解释，正确的是（）A蹦床运动员在空中上升和下落过程中，都处于失重状态B物体超重时惯性大，失重时惯性小，完全失重时不存在惯性C撤掉水平推
32、力后，物体很快停下来，说明力是维持物体运动的原因D物体处于完全失重状态时，不受重力【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；惯性【分析】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g【解答】解：A、蹦床运动员在空中上升和下落过程中只受重力，故加速度大小等于当地的重力加速度，方向竖直向下，即处于失重状态；故A正确；B、惯性大小与超重和失重无关，只与物体的质量有关，由于超重和失重时物体的质量不变，因此惯性
33、也不变，故B错误；C、撤掉水平推力后，物体很快停下来，是因为物体受到阻力的原因，故C错误；D、物体处于完全失重时，不是没有重力，只是物体对支持它的物体的压力或拉力为零，故D错误；故选：A二、实验题（共16分）16某物理兴趣小组的同学在研究弹簧弹力的时候，测得弹力的大小F和弹簧长度l的关系如图1所示，则由图线可知：（1）弹簧的劲度系数为300N/m（2）为了用弹簧测定两木块A和B间的动摩擦因数，两位同学分别设计了如图2所示的甲、乙两种方案为了用某一弹簧测力计的示数表示A和B之间的滑动摩擦力的大小，你认为方案甲更合理若A和B的重力分别为10.0N和20.0N当A被拉动时，弹簧测力计a的示数为6.0
34、N，b的示数为11.0N，c的示数为4.0N，则A和B间的动摩擦因数为0.30【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【分析】（1）由弹簧的长度L和弹力f大小的关系图象，读出弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长；由图读出弹力为F=10N，弹簧的长度为x=5cm，求出弹簧压缩的长度，由胡克定律求出弹簧的劲度系数（2）根据作用力与反作用力的关系，摩擦力的大小与弹簧的示数相等，求摩擦力也就是看弹簧的读数；在不同的情况下接触面受到的正压力的大小不同，摩擦力也就不一样【解答】解：（1）由图读出，弹簧的弹力F=0时，弹簧的长度为L0=10cm，即弹簧的原长为10cm，由图读出弹力为F0=60N，弹簧的长度为L0=
35、5cm，弹簧压缩的长度x0=LL0=4020=20cm=0.2m；由胡克定律得弹簧的劲度系数为k=300N/m；（2）甲乙两种方案，在拉着物体A运动的过程中，拉A的弹簧测力计由于在不断地运动，示数可能会变化，读数不是很准，弹簧测力计a是不动的，指针稳定，便于读数，故甲方案更合理；由于弹簧测力计a示数为6.0N，所以A、B间的动摩擦因数=0.30；故答案为：（1）300 （2）甲 0.3017在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，采用如图甲所示的装置（1）本实验应用的实验方法是AA控制变量法 B假设法 C理想实验法（2）下列说法中正确的是CA在探究加速度与质量的关系时，应改变小车所受拉力的大小
36、B在探究加速度与外力的关系时，应改变小车的质量C在探究加速度a与质量m的关系时，作出a图象容易更直观判断出二者间的关系D无论在什么条件下，细线对小车的拉力大小总等于砝码盘和砝码的总重力大小（3）在探究加速度与力的关系时，若取车的质量M=0.5kg，改变砝码质量m的值，进行多次实验，以下m的取值最不合适的一个是DAm1=4g Bm2=10g Cm3=40g Dm4=500g（4）在平衡小车与长木板之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示计时器打点的时间间隔为0.02s从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，根据图中给出的数据求出该小车的加速度a=0.16m/s2（结
37、果保留两位有效数字）（5）如图丙所示为甲同学在探究加速度a与力F的关系时，根据测量数据作出的aF 图象，说明实验存在的问题是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）探究多变量因素实验时要采用控制变量法（2）根据实验注意事项与实验原理分析答题（3）当小车质量远大于砝码质量时可以近似认为小车受到的拉力等于砝码的重力（4）应用匀变速直线运动的推论可以求出 加速度（5）实验前要平衡摩擦力，分析图示图象，然后找出原因【解答】解：（1）探究加速度与力、质量关系实验要采用控制变量法，故选A；（2）A、在探究加速度与质量的关系时，应控制小车所受拉力的大小不变，故
38、A错误；B、在探究加速度与外力的关系时，应控制小车的质量不变，故B错误；C、由牛顿第二定律得：a=F，在力F一定时a与成正比，为方便实验数据处理，在探究加速度a与质量m的关系时，作出a图象容易更直观判断出二者间的关系，故C正确；D、小车与砝码和砝码盘一起做加速运动，砝码与砝码盘处于失重状态，细线的拉力小于砝码与砝码盘的重力，因此细线对小车的拉力大小小于砝码盘和砝码的总重力大小，故D错误；故选C（3）当小车质量远大于砝码与砝码盘质量时可以近似任务小车受到的拉力等于砝码与砝码盘的重力，在探究加速度与力的关系时，若取车的质量M=0.5kg，改变砝码质量m的值，m的取值最不合适的一个是：D、m4=50
39、0g，故选D；（4）计时器打点的时间间隔为0.02s，每5个点取一个计数点，计数点之间的时间间隔：t=0.025=0.1s，由匀变速直线运动的推论x=at2可知，加速度：a=0.16m/s2（5）由图丙所示aF 图象可知，图象在F轴上有截距，当F0时a=0，说明小车受到的合力小于拉力，这是由于没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足造成的；故答案为：（1）A；（2）C；（3）D；（4）0.16；（5）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足三、计算题（本题共2小题，共24分按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18
40、如图所示，有一足够长的斜面，倾角=37一质量为m=1kg的小物块从斜面顶端A处静止下滑，到B处后，受一水平向右的恒力F作用，小物块最终停在C点（C点未画出）若AB长为2.25m，BC长为0.5m小物块与斜面间动摩擦因数=0.5，sin 37=0.6，cos 37=0.8，g=10m/s2求：（1）小物块到达B点的速度多大；（2）水平恒力F的大小【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】（1）根据牛顿第二定律可求得加速度，再根据速度位移公式可求得到达B点时的速度； （2）对两过程分析，明确第一过程的末速度等于后一段的初速度，根据速度和位移关系即可求得第二段的加速度，再根据牛顿
41、第二定律可求得拉力大小【解答】解：（1）设小物块在AB段的加速度为a1，有mgsin 37mgcos 37=ma1 代入数据解得a1=2 m/s2 到达B点的速度vB=m/s=3 m/s（2）设小物块在BC段的加速度大小为a2，有 vB2=2a1xAB=2a2xBC 得 a2=9 m/s2此阶段对物块受力分析：Fcos 37+FNmgsin 37=ma2 FN=Fsin 37+mgcos 37 联立得F=10N 答：（1）小物块到达B点的速度为3m/s；（2）水平恒力F的大小为10N19某电视娱乐节目装置可简化为如图所示模型倾角=37的斜面底端与水平传送带平滑接触，传送带BC长L=6m，始终以
42、v0=6m/s的速度顺时针运动将一个质量m=1kg的物块由距斜面底端高度h1=5.4m的A点静止滑下，物块通过B点时速度的大小不变物块与斜面、物块与传送带间动摩擦因数分别为1=0.5、2=0.2，传送带上表面距地面的高度H=5m，g取10m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8（1）求物块由A点运动到C点的时间；（2）若把物块从距斜面底端高度h2=2.4m处静止释放，求物块落地点到C点的水平距离【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；平抛运动【分析】（1）根据牛顿第二定律求出物块在斜面上的加速度，结合位移时间公式求出物块从A点运动到B点的时间，物块滑上传送带时，由于速度与传送带速度相
43、等，将做匀速直线运动，结合位移和速度求出匀速运动的时间，从而得出物块由A点运动到C点的时间（2）根据动能定理求出物块滑动斜面底端的速度，物块滑上传送带先加速，当速度达到传送带速度后做匀速运动，结合平抛运动的规律求出水平距离【解答】解：（1）A到B过程：根据牛顿第二定律 mgsin 1mgcos =ma1由运动学公式有 =a1t12代入数据解得 a1=2 m/s2，t1=3 s所以滑到B点的速度：vB=a1t1=23 m/s=6 m/s由于vB=v0=6m/s，所以物块在传送带上做匀速运动，所用时间 t2=s=1 s 所以物块由A到B的时间：t=t1+t2=3 s+1 s=4 s （2）在斜面上根据动能定理：mgh21mgcos又 =mv2解得 v=4 m/s6 m/s 设物块在传送带先做匀加速运动到v0，运动位移为x，则： a2=2g=2 m/s2根据v02v2=2a2x得 x=5m6m 所以物体先做匀加速直线运动后和皮带一起匀速运动，离开C点做平抛运动 s=v0t0， H=gt02联立解得 s=6 m答：（1）物块由A点运动到C点的时间为4s；（2）物块落地点到C点的水平距离为6m2016年11月12日
