1、云南省大理州十一校联盟2015届高考物理模拟试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，其中第1题第5题只有一个选项正确，第6题8题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分.1下列给定的单位中，属于国际单位制（简称SI）中基本单位的是( )A力的单位NB电流的单位AC功的单位JD电压的单位V2图示为某物体运动的速度（v）随时间（t）变化的关系图象，由此可以判断物体的运动是( )A往复运动B匀速直线运动C曲线运动D朝某一个方向做直线运动3如图所示，一个小铁球用两根轻绳挂于天花板上，球静止，绳1倾斜，绳2竖直则小球所受的作用力个数为( )A一个B两个C三个D两个或三
2、个都有可能4根据最新官方消息，中国火星探测任务基本确定，发射时间大致在2018年左右，若火星探测器在登陆火星之前需在靠近火星表面绕火星做匀速圆周运动，已知引力常量为G，则科研人员想估测火星的平均密度，还只需知道探测器在火星表面绕火星做匀速圆周运动时的( )A周期B轨道的周长C探测器的质量D线速度的大小5如图所示的圆形区域内，有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，圆的半径为R，一束质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，以不同的速率，沿着相同的方向，从磁场的边界A点进入磁场，速度方向平行于半径CO，A点到CO的距离为，要使粒子在磁场中运动的轨迹所对的弦最长，则粒子运动的速度大小应等于(
3、)ABCD6如图所示，一水平长直导线MN上用非常结实的绝缘细线悬挂一等腰直角三角形线圈，线圈与直导线在同一竖直平面内，线圈中通以如图所示的恒定电流，下列说法正确的是( )A在MN上通以向左的电流，线圈可能会向上平动B在MN上通以向右的电流，线圈可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的垂力C在MN上通以向右的电流，线圈会发生（俯视看）逆时针转动D在MN上通以向左的电流，线圈肯定不动，但细线上一定有张力7图甲中的变压器为理想变压器，原、副线圈的匝数n1与n2之比为5：1变压器的原线圈如图乙所示的正弦交变电流，两个20的定值电阻串联接在副线圈两端电压表为理想电表，则( )A原线圈的输入功率为40WB电压
4、表的示数为20VC副线圈中电流的方向每秒改变10次D流经原、副线圈的电流之比为1：58如图甲所示，两根光滑平行导轨水平放置，间距为L，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒从t=0时刻起，棒上有如图乙所示的持续交变电流I，周期为T，最大值为Im，图甲中I所示方向为电流正方向若以向右为速度v，加速度a、位移x的正方向，则下列关于金属棒的速度v，加速度a、相对初始位置的位移x，动能Ek随时间t变化的关系图象，正确的是( )ABCD二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个试题考生都必须做全。第13-18题为选考题，考生根据要求做答。必考
5、题（共4小题，满分47分）9用图甲示的装置验证机械能守恒定律，跨过定滑轮的细线两端系着质量均为M的物块A、B，A下端与通过打点计时器的纸带相连，B上放置一质量为m的金属片C，固定的金属圆环D处在B的正下方系统静止时C、D间的高度差为h先接通打点计时器，再由静止释放B，系统开始运动，当B穿过圆环D后C被D阻挡而停止（1）如已测出B穿过圆环D时的速度大小v，则若等式_（均用题中物理量的字母表示）成立，即可认为A、B、C组成的系统机械能守恒（2）还可运用图象法加以验证：改变物块B的释放位置，重复上述实验，记录每次C、D间的高度差h，并求出B刚穿过D时的速度v，作出v2h图线如图乙所示，根据图线得出重
6、力加速度的表达式g=_（均用题中物理量的字母表示），代入数据再与当地的重力加速度大小比较，即可判断A、B、C组成的系统机械能是否守恒10为了精确测量一电阻的阻值Rx，现有以下器材：蓄电池E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，电阻箱RP，开关S1、S2，导线若干某活动小组设计了如图甲所示的电路实验的主要步骤：a闭合S1，断开S2，调节R和RP，使电流表和电压表的示数适当，记下两表示数分别为I1、U1；b保持S1闭合、RP阻值不变，闭合S2，记下电流表和电压表示数分别为I2、U2按如图甲所示的电路图将图乙所示的实物图连成电路写出被测电阻的表达式Rx=_（用两电表的读数表示）由于电流表、电压表都不是
7、理想电表，则被测电阻Rx的测量值_真实值（选填“大于”“小于”或“等于”）11如图所示，一个质量m=0.20kg的小球系于轻质弹簧的一端，且套在光滑竖立的圆环上，弹簧的上端固定于环的最高点A，环的半径R=0.5m，弹簧的原长L0=0.5m，劲度系数为4.8N/m，取g=10m/s2，若小球从图中所示的位置B点由静止开始滑动，到最低点C时，弹簧的弹性势能Ep弹=0.6J，求：（1）小球到C点时的速度vc的大小；（2）小球在C点对环的作用力12（19分）如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.30m在轨道所在空间存在竖直向下的匀强电
8、场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度的大小E=1.0104N/C现有一电荷量q=+1.0104C，质量m=0.10kg的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点以一定的初速度向右运动，已知PB长s=1m，带电体与轨道AB间的动摩擦因数=0.5，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C取g=10m/s2（1）求带电体通过C点时的速度vc的大小（2）求带电体在P点的初速度v0的大小（3）现使电场方向改为水平向右、大小不变，带电体仍从P点以初速度v0开始向右运动，则在其从P点运动到半圆形轨道的最高点C的过程中，带电体的最大动能是多大？三、选考题物理选修3313如图所示，纵坐标表示两个分子间引力、斥力
9、的大小，横坐标表示两个分子的距离，图中两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离的变化关系，e为两曲线的交点，则下列说法正确的是( )Ae点横坐标的数量级为1010mBab为斥力曲线，cd为引力曲线C若两个分子间距离变大，则分子势能亦变大D分子势能在e点最小E若两个分子间距离小于e点的横坐标，则分子间的作用力表现为斥力14如图所示，一导热性能良好的足够长的汽缸开口向下被吊着，汽缸内的活塞与汽缸内壁紧密接触且可以在缸内无摩擦地自由滑动，大气压强恒为p0，环境温度为T0，活塞重为G，活塞的横截面积为S，此时活塞距汽缸底的距离为d若在活塞下再吊一重为G1的重物，活塞再次稳定静止时下移的距离
10、为多少？物理选修3415图示为由某材料制成的直角三棱镜，一束单色光a垂直于棱镜AB边自空气射入棱镜，a光束在AC面上刚好发生全反射，已知棱镜的顶角A=45，则棱镜对此单色光的折射率为_，若已知光在空气中的光速为c，则a光在棱镜中的传播速度为_16坐标原点处的质点从t=0时刻开始振动，振动2s后停止振动，形成的波形在t=t0时刻传播至x=1.0m处，如图所示，求该波的传播速度物理选修3517下列表述正确的是( )AHe+HHe+H是聚变反应BUTh+He是人工核转变CNaMg+e是衰变反应D元素的半衰期会受到其所处环境的影响EU+nKr+Ba+3n是裂变反应18如图所示，光滑水平面上有带有光滑圆
11、弧轨道的滑块，其质量为m，另一质量也为m的小球以速度v0沿水平面滑上轨道，若小球不能从轨道上端飞出，系统在相互作用的过程中没有机械能的损失，重力加速度为g，求小球上升的最大高度云南省大理州十一校联盟2015届高考物理模拟试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，其中第1题第5题只有一个选项正确，第6题8题有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分.1下列给定的单位中，属于国际单位制（简称SI）中基本单位的是( )A力的单位NB电流的单位AC功的单位JD电压的单位V考点：力学单位制 分析：国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强
12、度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位解答：解：ACD、N、J和V都导出单位，故ACD错误B、A是国际单位制（简称SI）中基本单位，故B正确故选：B点评：本题的关键要掌握国际单位制中七个基本单位，要注意牛顿是导出单位，不是基本单位2图示为某物体运动的速度（v）随时间（t）变化的关系图象，由此可以判断物体的运动是( )A往复运动B匀速直线运动C曲线运动D朝某一个方向做直线运动考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：题目图是速度时间图象，斜率等于质点的加速度，速度的正负表示质点的运动方向解答：解：vt图象的正负表
13、示速度的方向，故题目图表示物体的做单向的直线运动，只是加速度方向周期性变化；故ABC错误，D正确；故选：D点评：本题一要理解xt和vt图象的物理意义，抓住斜率的数学意义来分析质点的运动情况，二不能混淆，要抓住两种图象的区别3如图所示，一个小铁球用两根轻绳挂于天花板上，球静止，绳1倾斜，绳2竖直则小球所受的作用力个数为( )A一个B两个C三个D两个或三个都有可能考点：物体的弹性和弹力 专题：受力分析方法专题分析：小球受重力和绳子的拉力，通过平衡法判断是否两根绳子都有拉力解答：解：小球受重力，还有绳子的拉力处于平衡，根据平衡知，绳子2有拉力，绳子1无拉力故小球一定受两个力故B正确，A、C、D错误故
14、选：B点评：受力分析是解决力学问题的基础，关键会进行受力分析，不能凭空多出一个力，也不能漏力4根据最新官方消息，中国火星探测任务基本确定，发射时间大致在2018年左右，若火星探测器在登陆火星之前需在靠近火星表面绕火星做匀速圆周运动，已知引力常量为G，则科研人员想估测火星的平均密度，还只需知道探测器在火星表面绕火星做匀速圆周运动时的( )A周期B轨道的周长C探测器的质量D线速度的大小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫星问题分析：根据万有引力提供向心力得出火星质量与探测器周期的关系，结合密度的公式求出火星的密度解答：解：A、为不知半径R，所以在应用公式中必
15、须消去R，体积公式中有R3，要选择公式中也应该包含R3根据万有引力提供向心力得=mR 得火星的质量为：M=则火星的密度为：=，故A正确；B、火星的密度为：=，已知轨道的周长，即知道轨道半径，不能估测火星的平均密度，故B错误；C、火星的密度为：=，已知探测器的质量，不能估测火星的平均密度，故C错误；D、火星的密度为：=，已知探测器在火星表面绕火星做匀速圆周运动时的线速度的大小，不知道火星的半径，不能估测火星的平均密度，故D错误；故选：A点评：在天体的运动中，应抓住万有引力充当向心力这一条主线进行分析，再选择恰当的向心力的表达式可得出对应的物理量进行解答5如图所示的圆形区域内，有垂直于纸面向外的匀
16、强磁场，磁感应强度的大小为B，圆的半径为R，一束质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，以不同的速率，沿着相同的方向，从磁场的边界A点进入磁场，速度方向平行于半径CO，A点到CO的距离为，要使粒子在磁场中运动的轨迹所对的弦最长，则粒子运动的速度大小应等于( )ABCD考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据题意作出粒子的运动轨迹，由几何知识求出粒子的轨道半径，然后由牛顿第二定律求出粒子的速度解答：解：粒子在磁场中运动的轨迹所对的最长弦是磁场的直径，粒子运动轨迹如图所示：根源题意，由几何知识得：cos=，解得：=60，=60，粒子轨道半
17、径：r=R，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：v=；故选：D点评：本题考查了求粒子的速度，分析清楚粒子运动过程、作出粒子运动轨迹是正确解题的关键，应用几何知识求出粒子的轨道半径，由牛顿第二定律可以求出粒子的速度6如图所示，一水平长直导线MN上用非常结实的绝缘细线悬挂一等腰直角三角形线圈，线圈与直导线在同一竖直平面内，线圈中通以如图所示的恒定电流，下列说法正确的是( )A在MN上通以向左的电流，线圈可能会向上平动B在MN上通以向右的电流，线圈可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的垂力C在MN上通以向右的电流，线圈会发生（俯视看）逆时针转动D在MN上通以
18、向左的电流，线圈肯定不动，但细线上一定有张力考点：左手定则；安培力 分析：由右手螺旋定则分析线圈中的磁场分布，再由左手定则判断直导线的受力；由作用力反作用力分析线圈的受力情况，再判断其运动情况解答：解：AD、由右手螺旋定则可知，线圈内部磁感线向里，则导线处的磁场向外；对导线由左手定则可知，导线受力向上；则由牛顿第三定律可知，线圈受力向下；线圈不会动，但细绳上的一定有拉力；故A错误，D正确；BC、通以向右的电流时，线圈受力向上，可能向上运动，也可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的垂力；而对于线圈分析可知，MN形成的磁场是垂直于线圈所在平面的；故不可能出现转动现象；故B正确，C错误；故选：BD点评
19、：本题应用了转换研究对象法进行分析，要注意明确两电流形成的磁场的分布特点7图甲中的变压器为理想变压器，原、副线圈的匝数n1与n2之比为5：1变压器的原线圈如图乙所示的正弦交变电流，两个20的定值电阻串联接在副线圈两端电压表为理想电表，则( )A原线圈的输入功率为40WB电压表的示数为20VC副线圈中电流的方向每秒改变10次D流经原、副线圈的电流之比为1：5考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、B、根据图象可得原线圈的电压的最大值为200V，最大值为有效值的倍，所以电压的有效值为200V，副
20、线圈上电压为=40V；则电流I=1A；功率P=UI=401=40W；因输入功率等于输出功率；故输入功率为40W；故A正确；B、由U=IR可知，电压表示数为：201=20V；故B正确；C、由图可知交流电的周期T=0.04s，故频率为f=，每个周期内电流方向改变两次，故1s内电流方向改变252=50次；故C错误D、由于原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为5：1，电流之比等于匝数的反比；故电流之比为：1：5；故D正确；故选：ACD点评：本题考查了变压器的特点，交流电正弦图象，峰值与有效值之间的关系；要注意灵活应用电压电流之比与匝数之比间的关系；明确功率相等8如图甲所示，两根光滑平行导轨水平放置，
21、间距为L，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒从t=0时刻起，棒上有如图乙所示的持续交变电流I，周期为T，最大值为Im，图甲中I所示方向为电流正方向若以向右为速度v，加速度a、位移x的正方向，则下列关于金属棒的速度v，加速度a、相对初始位置的位移x，动能Ek随时间t变化的关系图象，正确的是( )ABCD考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电磁感应中的能量转化 专题：电磁感应与图像结合分析：根据左手定则判断出安培力的方向，结合加速度方向与速度方向的关系判断金属棒的运动规律从而得出速度、加速度、位移、动能随时间变化的规律，然后分析图示图象
22、答题解答：解：A、根据左手定则知，导体棒开始所受的安培力方向水平向右，根据F=BIL知，安培力在第一个T内做匀加速直线运动，在第二个T内，安培力方向水平向左，大小不变，做匀减速直线运动，根据运动的对称性知，一个周期末速度为零，金属棒的速度方向未变，然后金属棒重复前面的过程，金属棒一直向右移动，先向右做匀加速直线运动，再向右做匀减速运动，速度随时间周期性变化，故A正确B、由牛顿第二定律得，加速度大小：a=，方向先向右，后向左，周期性变化，故B正确；C、由A可知，金属棒一直向右运动，位移不断增大，故C错误；D、在0T内金属棒的动能：EK=mv2=m（at）2=ma2t2t2，故D错误；故选：AB点
23、评：解决本题的关键掌握安培力的方向判断，会根据金属棒的受力情况判断其运动情况是解决本题的基础二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个试题考生都必须做全。第13-18题为选考题，考生根据要求做答。必考题（共4小题，满分47分）9用图甲示的装置验证机械能守恒定律，跨过定滑轮的细线两端系着质量均为M的物块A、B，A下端与通过打点计时器的纸带相连，B上放置一质量为m的金属片C，固定的金属圆环D处在B的正下方系统静止时C、D间的高度差为h先接通打点计时器，再由静止释放B，系统开始运动，当B穿过圆环D后C被D阻挡而停止（1）如已测出B穿过圆环D时的速度大小v，则若等式mgh=（均
24、用题中物理量的字母表示）成立，即可认为A、B、C组成的系统机械能守恒（2）还可运用图象法加以验证：改变物块B的释放位置，重复上述实验，记录每次C、D间的高度差h，并求出B刚穿过D时的速度v，作出v2h图线如图乙所示，根据图线得出重力加速度的表达式g=（均用题中物理量的字母表示），代入数据再与当地的重力加速度大小比较，即可判断A、B、C组成的系统机械能是否守恒考点：验证机械能守恒定律 专题：实验题；机械能守恒定律应用专题分析：根据系统重力势能的减小量等于系统动能的增加量得出表达式根据系统机械能守恒得出v2h的关系式，结合图线求出重力加速的表达式解答：解：（1）系统重力势能的减小量Ep=mgh，系
25、统动能的增加量，则需验证mgh=（2）根据系统机械能守恒得mgh1=则g=故答案为：（1）mgh=；（2）点评：解决本题的关键掌握实验的原理，即验证系统重力势能的减小量与系统动能的增加量是否相等，难度适中10为了精确测量一电阻的阻值Rx，现有以下器材：蓄电池E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，电阻箱RP，开关S1、S2，导线若干某活动小组设计了如图甲所示的电路实验的主要步骤：a闭合S1，断开S2，调节R和RP，使电流表和电压表的示数适当，记下两表示数分别为I1、U1；b保持S1闭合、RP阻值不变，闭合S2，记下电流表和电压表示数分别为I2、U2按如图甲所示的电路图将图乙所示的实物图连成电路写
26、出被测电阻的表达式Rx=（用两电表的读数表示）由于电流表、电压表都不是理想电表，则被测电阻Rx的测量值等于真实值（选填“大于”“小于”或“等于”）考点：伏安法测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）根据原理图可得出对应的实物图；（2）在两种情况下是将电压表内阻考虑在内后列出欧姆定律表达式，可得出对应的表达式；（3）根据电表对电路的影响可解出待测电阻的真实值解答：解：按电路图在实物图乙上连线得下图由欧姆定律根据步骤a设电压表内阻为Rv：根据步骤b：由以上两式可得：RX=因把电压表内阻考虑在内后列出欧姆定律表达式，即可解出待测电阻的真实值则被测电阻Rx的测量值等于真实值答案：如图所示等于点评
27、：本题考查电阻测量及误差分析；若题目要求求出待测量真实值时，只需把电表内阻考虑在内，然后根据欧姆定律和串并联规律求解即可11如图所示，一个质量m=0.20kg的小球系于轻质弹簧的一端，且套在光滑竖立的圆环上，弹簧的上端固定于环的最高点A，环的半径R=0.5m，弹簧的原长L0=0.5m，劲度系数为4.8N/m，取g=10m/s2，若小球从图中所示的位置B点由静止开始滑动，到最低点C时，弹簧的弹性势能Ep弹=0.6J，求：（1）小球到C点时的速度vc的大小；（2）小球在C点对环的作用力考点：机械能守恒定律；向心力 专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）小球在下降中小球的重力势能转化为动能和弹性势
28、能，由小球与弹簧机械能守恒条件可知小球到C点时的速度大小；（2）小球在最低点弹力与重力的合力充当向心力，由牛顿第二定律可得出小球在C点对环的作用力的大小解答：解：（1）小球由B点滑到C点，由动能定理得m=mg（R+Rcos60）+W弹力；由题意可知，W弹力=0.60J解得：vC=3m/s（2）在C点：F弹=（2Rl0）k=2.4N设环对小球作用力为N，方向指向圆心，由牛顿第二定律得： F+Nmg=m解得 N=3.2N小球对环作用力为N，则有：N=N=3.2N；方向竖直向下答：（1）小球到C点时的速度vc的大小3m/s；（2）小球在C点对环的作用力3.2N，方向竖直向下点评：本题要注意我们研究的
29、系统是小球与弹簧而不是小球，若说明是小球与弹簧系统则机械能守恒；而只对小球机械能是不定恒的12（19分）如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.30m在轨道所在空间存在竖直向下的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度的大小E=1.0104N/C现有一电荷量q=+1.0104C，质量m=0.10kg的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点以一定的初速度向右运动，已知PB长s=1m，带电体与轨道AB间的动摩擦因数=0.5，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C取g=10m/s2（1）求带电体通过C点时的速度vc的大小（2）求
30、带电体在P点的初速度v0的大小（3）现使电场方向改为水平向右、大小不变，带电体仍从P点以初速度v0开始向右运动，则在其从P点运动到半圆形轨道的最高点C的过程中，带电体的最大动能是多大？考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）最高点处重力和电场力的合力充当向心力；根据牛顿第二定律可求得C点的速度；（2）对PC过程由动能定理可求得P点的速度；（3）根据题意分析何时动能最大，再由动能定理列式可求得最大动能解答：解：（1）由牛顿第二定律可知：mg+Eq=m代入数据解得：vc=m/s；（2）带电体从P到C的过程中，有：（mg+Eq）s（mg+qE）2
31、R=mvC2mv02代入数据解得：v0=5m/s；（3）由P到B带电体做加速运动，故最大速度一定出现在从B到C的过程中，在此过程中只有重力和电场力做功，这两个力大小相等，其合力与重力方向成45处设小球的最大动能为Ekm，根据动能定理有：qE（S+Rsin45）mgsmgR（1cos45）=Ekmmv02解得：Ekm=2.7+0.3J=3.12J；答：（1）带电体通过C点时的速度vc的大小m/s（2）带电体在P点的初速度v0的大小5m/s（3）从P点运动到半圆形轨道的最高点C的过程中，带电体的最大动能是3.12J点评：本题考查带电粒子在电场中的运动问题，要注意正确分析物理过程，明确各过程中物理规
32、律的正确应用三、选考题物理选修3313如图所示，纵坐标表示两个分子间引力、斥力的大小，横坐标表示两个分子的距离，图中两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离的变化关系，e为两曲线的交点，则下列说法正确的是( )Ae点横坐标的数量级为1010mBab为斥力曲线，cd为引力曲线C若两个分子间距离变大，则分子势能亦变大D分子势能在e点最小E若两个分子间距离小于e点的横坐标，则分子间的作用力表现为斥力考点：分子间的相互作用力 专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系分析：在fr图象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，当分子间的距离等于分子直径数量级时，引力等于斥力解答：解：AB、在fr图
33、象中，随着距离的增大斥力比引力变化的快，所以ab为引力曲线，cd为斥力曲线，当分子间的距离等于分子直径数量级时，引力等于斥力所以e点的横坐标可能为1010m，故A正确，B错误；C、另一分子从无穷远向O运动过程中，它先受到引力的作用，引力做正功；后受到斥力的作用，斥力做负功，故分子势能先减小后增大；故两个分子间距离变大，则分子势能可能增大、可能减小、也可能先减小后增大，故C错误；D、点e是分子引力和斥力的平衡位置，分子势能最小，故D正确；E、若两个分子间距离小于e点的横坐标，分子间的斥力大于引力，则分子间的作用力表现为斥力，故E正确；故选：ADE点评：本题主要考查分子间的作用力，要明确fr图象的
34、含义，知道斥力变化的快B点的分子势能最小14如图所示，一导热性能良好的足够长的汽缸开口向下被吊着，汽缸内的活塞与汽缸内壁紧密接触且可以在缸内无摩擦地自由滑动，大气压强恒为p0，环境温度为T0，活塞重为G，活塞的横截面积为S，此时活塞距汽缸底的距离为d若在活塞下再吊一重为G1的重物，活塞再次稳定静止时下移的距离为多少？考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强 专题：理想气体状态方程专题分析：根据题意求出气体的状态参量，气体发生等温变化，应用玻意耳定律可以求出气体的体积，然后求出活塞下移的距离解答：解：气体初状态压强：p1=p0，体积：V1=dS，气体末状态的压强：p2=p0，体积：V2=（d+x）
35、S，气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p1V1=p2V2，即：（p0）dS=（p0）（d+x）S，解得：x=；答：活塞再次稳定静止时下移的距离为：点评：本题考查了求活塞移动的距离，分析清楚物体状态变化过程，知道气体发生等温变化是正确解题的关键，求出气体的状态参量，应用玻意耳定律可以解题物理选修3415图示为由某材料制成的直角三棱镜，一束单色光a垂直于棱镜AB边自空气射入棱镜，a光束在AC面上刚好发生全反射，已知棱镜的顶角A=45，则棱镜对此单色光的折射率为，若已知光在空气中的光速为c，则a光在棱镜中的传播速度为m/s考点：光的折射定律 专题：光的折射专题分析：光线在AC面上恰好发生全反射，入射
36、角恰好等于全反射临界角，由几何关系可定出临界角C，根据公式sinC=求出棱镜对单色光的折射率由v=求解单色光在此棱镜中的传播速度解答：解：由题知光束在AC面上恰好发生全反射，入射角等于全反射临界角，由几何知识得 C=45根据sinC=得 n=a光在此棱镜中的传播速度为 v=m/s故答案为：，m/s点评：解决本题的关键要掌握全反射的条件，知道临界角公式，并运用几何知识求解出临界角C16坐标原点处的质点从t=0时刻开始振动，振动2s后停止振动，形成的波形在t=t0时刻传播至x=1.0m处，如图所示，求该波的传播速度考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 分析：由波动图象读出波长，再根据v=即可求
37、解波速解答：解：根据图象可知，波长=1.00.6=0.4m，1s内刚好形成一个周期的波形，所以T=1s，则波速v=0.4m/s答：该波的传播速度为0.4m/s点评：本题关键要抓住振动图象与波动图象的内在联系，要求同学们能根据图象直接读出波长、振幅等，难度不大，属于基础题物理选修3517下列表述正确的是( )AHe+HHe+H是聚变反应BUTh+He是人工核转变CNaMg+e是衰变反应D元素的半衰期会受到其所处环境的影响EU+nKr+Ba+3n是裂变反应考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度 专题：衰变和半衰期专题分析：衰变生成氦原子核，自发进行；衰变生成电子，自发进行；聚变是质量轻的核结合成质量大
38、的核裂变是质量较大的核分裂成较轻的几个核，并依据半衰期与其所处环境的没有影响解答：解：A、质量较轻的核生成质量较重的核是核聚变方程故A正确B、是衰变方程，衰变是自发地进行的，不需其它粒子轰击，不是原子核人工转变方程故B错误C、是衰变反应故C正确D、半衰期不会受到其所处环境的影响故D错误E、裂变方程是质量较重的核变成质量中等的核，故E正确，故选：ACE点评：本题难度不大，考查了核反应方程的种类，在学习中需要记住一些特殊的方程式，理解影响半衰期的因素18如图所示，光滑水平面上有带有光滑圆弧轨道的滑块，其质量为m，另一质量也为m的小球以速度v0沿水平面滑上轨道，若小球不能从轨道上端飞出，系统在相互作
39、用的过程中没有机械能的损失，重力加速度为g，求小球上升的最大高度考点：动量守恒定律；机械能守恒定律 专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：系统在水平方向动量守恒，整个过程只有重力做功，系统机械能守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出小球上升的最大高度解答：解：小球上升到最高点时两者速度相等，系统在水平方向系统动量守恒，以水平向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（m+m）v，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：mv02=mgh+（m+m）v2，解得：h=；答：小球上升的最大高度为：点评：本题考查了动量守恒定律的应用，分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以解题；解题时要注意：系统整体动量不守恒，但在水平方向动量守恒
