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《解析》《2013海淀二模》北京市海淀区2013届高三下学期期末练习 理综物理.doc

上传人:高**** 文档编号:526520 上传时间:2024-05-28 格式:DOC 页数:11 大小:345KB
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资源描述

1、海淀区高三年级第二学期期末练习物理能力测试2013.5本试卷共14页,满分300分。考舰长分钟。考生务必将答案写在答题卡上,在 试卷上作答无效。考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。以下数据可供解题时参考:可能用到的相对原子质量:H 1 C 12 N 14 0 16 Na 23 Mg 24 Si 28 Cl 35.5 Fe 56 Cu 64第一部分(选择题共120分)本部分共20小题,每小题6分,共120分,在每小题列出的四个选项中,选出最符合题目 要求的一项。13.在下列叙述中,正确的是A.物体里所有分子动能的总和叫做物体的内能B.定质量的气体,体积不变时,温度越高,气体的压强就越大C.对一

2、定质量的气体加热,其内能一定增加D.随着分子间的距离增大分子间引力和斥力的合力一定减小【答案】B物体里所有分子动能和势能的总和叫做物体的内能,A错误;定质量的气体,体积不变时,温度升高,单位体积气体分子的个数不变但分子的平均动能增大,故气体的压强增大,B正确;气体吸收热量有可能同时对外做功,其内能不一定增加,C错误;分子间引力和斥力均随分子间距离的增大而减小,但二者减小的幅度不一样,斥力比引力变化快,故D错误。14.根据玻尔理论,氢原子的电子由n=2轨道跃迁到n=1轨道A.原子的能量减少,电子的动能增加B.原子的能量增加,电子的动能减少C.原子要放出一系列频率不同的光子D.原子要吸收某一频率的

3、光子【答案】A氢原子的电子由n=2轨道跃迁到n=1轨道向外辐射某一频率的光子,释放能量,原子的能量减少;由于半径减小,静电力做正功,故电子的动能增加。本题应选A。15.如图2所示,用绿光照射一光电管,能产生光电效应。欲使光电子从阴极逸出时的初动能增大,应该A.改用红光照射B.改用紫光照射C.增大光电管上的加速电压D.增大绿光的强度【答案】B由爱因斯坦光电效应方程可知对于同种金属,光电子的初动能只跟入射光的频率有关,故欲使光电子从阴极逸出时的初动能增大,应该换用频率更高的紫光照射。本题应选B。16.甲、乙两颗人造卫星绕地球作圆周运动,周期之比为T1:T2 = 1:8,则它们的轨道半径之比和运动速

4、率之比分别为A.R1:R2 = 1: 4, v1: v2 =2 :1B.R1:R2 =4 : 1, v1: v2=2: 1C. R1:R2 = 1 :4, v1: v2=1 : 2D.R1:R2 = 4 : 1, v1: v2= 1: 2【答案】A已知卫星的周期之比,由公式可知轨道半径之比和线速度之比。本题选A。17.如图3所示,一理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=11:5。原线圈与正弦交变电源连接,输入电压。副线圈接入电阻的阻值R=100。则A.通过电阻的电流是22AB.交流电的频率是100HzC.与电阻并联的电压表的示数是100VD.变压器的输入功率是484W【答案】C由原副线圈电压跟

5、匝数成正比可知副线圈的电压有效值为100V,故与电阻并联的电压表的示数是100V,C正确;通过电阻的电流为1A,A错误;交流电的频率Hz,B错误;由可得副线圈电阻消耗的功率为100W,故变压器的输入功率是100W,D错误。18.根弹性绳沿x轴放置,左端位于坐标原点,用手握住绳的左端,当t = 0时使其开始沿y轴做简谐运动,在t=0.25s时,绳上形成 如图4所示的波形。关于此波,下列说法中正确的是A.此列波为横波,0点开始时向上运动B.此列波的波长为2m,波速为8m/SC.在t= 1.25s后,A、B两点的振动情况总相同D.当t=10s时,质 点 B正通过平衡位置向上运动【答案】D 由题意可知

6、该简谐波沿x轴向右传播,质点沿y轴方向上下振动,故此列波为横波,由图可看出波长为2m,0点开始时向下运动, t=0.25s时,波刚传播到x=1m处,故波速为4m/s,选项A、B错误。t= 1.25s时,波刚好传播到x=5m(即B点)处,A、B两点相距半波长的奇数倍,振动情况总相反,C错误。该简谐波的周期为=0.5s,t= 1.25s时,波刚好传播到B点,B点向下运动,t=1.5s时,质点B正通过平衡位置向上运动,故再过17个周期,即当t=10s时,质点B正通过平衡位置向上运动,D正确。19.如图5所示,电源电动势为E,内电阻为r。两电压表可看作是 理想电表,当闭合开关,将滑动变阻器的滑片由左端

7、向右端滑动时(设灯丝电阻不变),下列说法中正确的是A.小灯泡L2变暗,V1表的示数变小,V2表的示数变大B.小灯泡L2变亮,V1表的示数变大,V2表的示数变小C.小灯泡L1变亮,V1表的示数变大,V2表的示数变小D.小灯泡L1变暗,V1表的示数变小,V2表的示数变大【答案】C将滑动变阻器的滑片由左端向右滑动时,变阻器接入电路的电阻增大,变阻器与灯泡L1并联的电阻增大,外电路总电阻增大,路端电压增大,V1表的读数变大由闭合电路欧姆定律可知,流过电源的电流减小,灯泡L2变暗,电压表V2读数变小灯泡L1的电压U1=E-I(r+RL2)增大,灯泡L1变亮故选C。20.如图6所示,在光滑的水平面上静止放

8、一质量为m的木 板B,木板表面光滑,左端固定一轻质弹簧。质量为2m的木块A以速度v0从板的右端水平向左滑上木板B。在 木块A与弹簧相互作用的过程中,下列判断正确的是A.弹簧压缩量最大时,B板运动速率最大B.B板的加速度一直增大C.弹簧给木块A的冲量大小为2mv0/3D.弹簧的最大弹性势能为mv02/3【答案】D由题意可知当A、B的速度相同时,弹簧的压缩量最大,弹簧的弹性势能最大,由动量守恒定律和能量守恒定律可得,解得,选项D正确;此时弹簧给木块A的冲量大小等于物块A动量的变化量,即等于2mv0/3,但此后弹簧要恢复原长,弹簧弹力对B做正功,又弹簧弹力逐渐减小,故B继续加速度减小的加速运动,选项

9、AB错误;弹簧要恢复原长时对A做负功,A的速度减小,动量减小,故整个过程中,弹簧给木块A的冲量大小小于2mv0/3,选项C错误。第二部分(非选择题共180分)本部分共11小题,共180分。21.(18 分)(1)(4分)某同学在测定一厚度均匀的圆柱形玻璃的折射率时,先在白纸上作一与圆柱横 截面相同的圆,圆心为0。将圆柱形玻璃的底面与圆重合放在白纸上。在圆柱形玻璃一侧适当位置竖直 插两枚大头针P1和P2,在另一侧适当位置洱先后插 两枚大头针P3和P4,先使P3能够挡住P2、P1的像,再插大头针P4时,使P4能够档住P3和P2,P1的像。移去圆柱形玻璃和大头针后,得图7所示的痕迹。图中已画出P1P

10、2的入射光线,请在图中补画出完整的光路图,并标出光从玻璃射入 空气的入射角1和折射角2。用入射角1和折射角2表示玻璃折射率的表达式为n=_。(2)(14分)为了较准确地测量一只微安表的内阻,采用图8所示实验电路图进行测量,实验室可供选择的器材如下:A.待测微安表(量程500,内阻约 300)B.电阻箱(最大阻值999.9)C.滑动变阻器R1(最大阻值为10)D.滑动变阻器R2(最大阻值为1K)E.电源(电动势为2V,内阻不计)F.保护电阻R0(阻值为120)实验中滑动变阻器应选用_(填“C”或“D”);按照实验电路在图9所示的方框中完成实物图连接。实验步骤:第一,先将滑动变阻器的滑片移到最右端

11、,调节电阻箱的阻值为零;第二,闭合开关S,将滑片缓慢左移,使微安表满偏;第三,保持滑片不动,调节R的电阻值使微安表的示 数正好是满刻度的2/3时,此时接入电路的电阻箱的示数如图10所示,阻值R为_。第四,根据以上实验可知微安表内阻的测量值RA为_若调节电阻箱的阻值为时,微安表的示数正好是满刻度的1/2,认为此时微安表内阻就等于0则此时微安表内阻的测量值与微安表的示数正好是满刻度的 2/3时微安表内阻的测量值RA相比,更接近微安表真实值的是_。(填“”或“RA”)【答案】(1)(4分) 光路图正确有箭头1分;入射角、折射角标注正确1分GA+-图8OP1图6答案P2P4P3122分(2)(14分)

12、C3分实物图补画正确3分145.5 3分, 2913分RA2分(2)滑动变阻器采用分压式接法,应选小量程的,便于调节。各档位电阻之和即为电阻箱的读数。由欧姆定律可知,代入已知数据可求得。电阻箱和微安表串联的总电阻增大,它们与滑动变阻器右半部分电阻并联后阻值略增大,那么电路总电阻略增大,总电流略减小,分压器上分到的电压略增大,通过微安表电流为I,电阻箱和微安表串联的总电阻略大于原来的,所以测量值比真实值偏大同理可知,用半偏法测得的值比真实值差大得更多。22.(16分)如 图11,水平桌面固定着光滑斜槽,光滑斜槽的末端和一水平木板平滑连接,设物 块通过衔接处时速率没有改变。质量m1=0.40kg的

13、物块A从斜槽上端距水平木板高度h=0. 80m处下滑,并与放在水平木 板左端的质量m2=0.20kg的物块B相碰,相碰后物块B滑行x=4.0m到木板的C点停止运动,物块A滑到木板的D点停 止运动。已知物块B与木板间的动摩擦因数=0.20,重力加 速度 g=10m/s2 ,求:(1)物块A沿斜槽滑下与物块B碰撞前瞬间的速度大小;(2)滑动摩擦力对物块B做的功;(3)物块A与物块B碰撞过程中损失的机械能。【答案】见解析(1)设物块A滑到斜面低端与物块B碰撞前时的速度大小为v0,根据机械能守恒定律有 2分 解得:v0=4.0m/s2分(2)设物块B受到的滑动摩擦力为f,摩擦力做功为W,则 f=m2g

14、2分W=-m2gx2分解得:W=-1.6J1分(3)设物块A与物块B碰撞后的速度为v1,物块B受到碰撞后的速度为v,碰撞损失的机械能为E,根据动能定理、根据动量守恒定律和能量守恒有-m2g x=0-m2v21分 解得:v=4.0m/s 1分 解得:v1=2.0m/s1分 2分 解得:E=0.80J2分23.(18分)图12所示为回旋加速器的示意图。它由两个铝制D型金属扁盒组成,两个D形 盒正中间开有一条狭缝,两个D型盒处在匀强磁场中并接在高频交变电源上。在D1盒中 心A处有离子源,它产生并发出的a粒子,经狭缝电压加速后,进入D2盒中。在磁场力的 作用下运动半个圆周后,再次经狭缝电压加速。为保证

15、粒子每次经过狭缝都被加速,设法 使交变电压的周期与粒子在狭缝及磁场中运动的周期一致。如此周而复始,速度越来越 大,运动半径也越来越大,最后到达D型盒的边缘,以最大速度被导出。已知a粒子电荷 量为q,质量为m,加速时电极间电压大小恒为U,磁场的磁感应强度为B,D型盒的半径为R,设狭缝很窄,粒子通过狭缝的时间可以忽略不计,设a粒子从离子源发出时的初速度为 零。(不计a粒子重力)求:(1)a粒子第一次被加速后进入D2盒中时的速度大小;(2)a粒子被加速后获得的最大动能Ek和交变电压的频率f(3)a粒子在第n次由D1盒进入D2盒与紧接着第n+1次由D1盒进入D2盒位置之间的距离x。【答案】见解析(1)

16、设粒子第一次被加速后进入D2盒中时的速度大小为v1,根据动能定理有 2分 2分(2)粒子在D形盒内做圆周运动,轨道半径达到最大时被引出,具有最大动能。设此时的速度为v,有 2分解得:2分 设粒子的最大动能为Ek,则Ek= 2分 解得:Ek= 2分 设交变电压的周期为T、频率为f,为保证粒子每次经过狭缝都被加速,带电粒子在磁场中运动一周的时间应等于交变电压的周期(在狭缝的时间极短忽略不计),则 , 解得:T=1分 1分 (3)离子经电场第1次加速后,以速度进入D2盒,设轨道半径为r1 离子经第2次电场加速后,以速度v2进入D1盒,设轨道半径为r2轨道半径: 离子第n次由D1盒进入D2盒,离子已经

17、过(2n-1)次电场加速,以速度进入D2盒,由动能定理:轨道半径:1分xn+1nn+1xxn离子经第n+1次由D1盒进入D2盒,离子已经过2n次电场加速,以速度v2n进入D1盒,由动能定理:轨道半径:1分则=2 1分(如图所示) =2( 1分24.(20分)如图13所示,四分之一光滑绝缘圆弧轨道AP和水平绝缘传送带PC固定在同一 竖直平面内,圆弧轨道的圆心为0,半径为R0传送带PC之间的距离为L,沿逆时针方向 的运动速度v=.在PO的右侧空间存在方向竖直向下的匀强电场。一质量为m、电荷量 为+q的小物体从圆弧顶点A由静止开始沿轨 道下滑,恰好运动到C端后返回。物体与传送 带间的动摩擦因数为,不

18、计物体经过轨道与传 送带连接处P时的机械能损失,重力加速度为g(1)求物体下滑到P点时,物体对轨道的压力F(2)求物体返回到圆弧轨道后,能上升的最大高度H(3)若在PO的右侧空间再加上方向垂直于纸面向里、磁感应强度为B的水平匀强磁场 (图中未画出),物体从圆弧顶点A静止释放,运动到C端时的速度为,试求物体 在传送带上运动的时间t。【答案】见解析(1)设物体滑到P端时速度大小为,物体从A端运动到P端的过程中,机械能守恒1分解得:1分设物体滑到P端时受支持力为N,根据牛顿第二定律 1分解得:N=3mg1分设物体滑到P端时对轨道压力为F,根据牛顿第三定律F = N =3mg1分(2)物体到达C端以后

19、受滑动摩擦力,向左做初速度为零的匀加速运动,设向左运动距离为x时物体与皮带速度相同,设物体受到的摩擦力为f,则 fx=1分 物体从皮带的P端滑到C端摩擦力做功 -fL=0-1分1分解得:x=1分即物体在皮带上向左先做匀加速运动一半皮带长度后,与皮带同速向左运动,即再次到达P点时速度大小是v=2分根据机械能守恒定律,设在斜面上上升的高度H,则mgH= 解得H=2分说明:其他方法答案正确均得分。(3)设电场强度为E,在无磁场物体从A端运动到C端的过程中,根据动能定理有 1分解得E=1分在有磁场情况下物体从P端运动到C端的过程中,设任意时刻物体速度为v,取一段极短的含此时刻的时间,设在此时间段内的速度改变量为(取水平向右为正方向),根据牛顿第二定律,有1分两边同时乘以再对两边求和 1分而 1分 而,则1分以上结果代入上式,得 化简得 t=1分

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