1、广东省汕头市潮阳实验学校2020届高三物理下学期3月线上试题（含解析）二、选择题1.如图所示，为一光电管电路，滑动变阻器触头位于ab上某点，用光照射光电管阴极，电表无偏转，要使电表指针偏转，可采取的可能措施有（ ）A. 加大照射光的强度B. 换用频率高的光照射C. 将P向a滑动D. 将电源正、负极对调【答案】B【解析】【详解】由题意可知，电表没有偏转，是由于没有发生光电效应，发生光电效应的条件：0，增加入射光的强度不能使电流计G的指针发生偏转，故A错误；换用频率高的光照射，从而可能发生光电效应，导致电流表指针会发生偏转，故B正确当没有发生光电效应时，P向a滑动，减小电压，更不会形成电流，故C错
2、误；电源正负极对调，若能发生光电效应，则出来的电子反而做减速运动，更不可能形成光电流故D错误故选B2.太空垃圾是围绕地球轨道的无用人造物体，如图所示是漂浮在地球附近的太空垃圾示意图，对此有如下说法，正确的是A. 太空垃圾一定能跟同一轨道上同向飞行的航天器相撞B. 离地越低的太空垃圾运行周期越大C. 离地越高的太空垃圾运行速率越大D. 离地越高的太空垃圾运行加速度越小【答案】D【解析】【详解】根据万有引力提供向心力得线速度，角速度，周期，向心加速度A根据线速度公式，在同一轨道上的航天器与太空垃圾线速度相同，如果它们绕地球飞行的运转方向相同，它们不会碰撞，故A错误；B根据周期可知，离地越低的太空垃
3、圾运行周期越小，故B错误；C根据线速度公式可知，离地越高的太空垃圾运行速率越小，故C错误；D根据向心加速度可知，离地越高的太空垃圾运行加速度越小，故D正确。故选D。3.2019年5月3日，CBA总决赛第四战实力强大的广东男篮再次击败新疆队，时隔6年再度夺得CBA总冠军。比赛中一运动员将篮球从地面上方B点以速度v0斜向上抛出，恰好垂直击中篮板上A点。若该运动员后撤到C点投篮，还要求垂直击中篮板上A点，运动员需A. 减小抛出速度v0，同时增大抛射角B 增大抛出速度v0，同时增大抛射角C. 减小抛射角，同时减小抛射速度v0D. 减小抛射角，同时增大抛射速度v0【答案】D【解析】【详解】据题：篮球垂直
4、击中A点，其逆过程是平抛运动，当平抛运动的水平速度越大时，抛出后落地速度越大，与水平面的夹角则越小。若水平速度减小，则落地速度变小，但与水平面的夹角变大。因此只有增大抛射速度v0，同时减小抛射角，才能仍垂直打到篮板上。故D正确，ABC错误。故选：D。4.如图，在真空中的A、B两点分别放置等量异种点电荷，在电场中通过A、B两点的连线中点对称地选取一个闭合路径abcd。现将一个质子沿abcd移动一周，下列说法正确的是A. a点和b点电场强度相同B. c点电势高于d点电势C. 由cd，质子电势能一直在增加D. 由bc，电场力先做负功后做正功【答案】C【解析】【详解】等量同种电荷电场线如图，A结合等量
5、异种点电荷的电场线的图象可知，ab两点的电场强度的方向不同，故A错误；B根据沿电场线方向电势降低可知，c点电势低于d点电势，故B错误；C由cd，质子受力的方向与运动的方向之间的夹角始终是钝角，电场力做负功，质子电势能一直在增大，故C正确；D在bc的连线上，两电荷连线上方，场强竖直向分量向下，两电荷连线下方，场强竖直向分量向上。则质子由b到c，电场力先做正功后做负功，故D错误。故选C。5.如图，一个质量为m的刚性圆环套在竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端相连在和圆环同一高度的墙壁上的P、Q两点处，弹簧的劲度系数为k，起初圆环处于
6、O点，弹簧处于原长状态且原长为L；将圆环拉至A点由静止释放，OA=OB=L，重力加速度为g，对于圆环从A点运动到B点的过程中，弹簧处于弹性范围内，下列说法正确的是A. 圆环通过O点的加速度小于gB. 圆环在O点的速度最大C. 圆环在A点加速度大小为g+D. 圆环在B点的速度为2【答案】D【解析】【详解】A圆环通过O点时，水平方向合力为零，竖直方向只受重力，故加速度等于g，故A错误；B圆环受力平衡时速度最大，应在O点下方，故B错误；C圆环在下滑过程中与粗糙细杆之间无压力，不受摩擦力，在A点对圆环进行受力分析如图，根据几何关系，在A点弹簧伸长根据牛顿第二定律，有解得故C错误；D圆环从A到B过程，根
7、据功能关系，减少的重力势能转化为动能解得故D正确。故选D。二、多项选择题（每题6分，部分对3分，错选0分，全对6分）6.在图甲所示的理想变压器a、b端加图乙所示的交变电压。已知变压器原副线圈的匝数比为4:1，R1为热敏电阻（温度升高时，其电阻减小），R为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。下列判断正确的是A. 电压表V1的示数为22VB. 电压表V2的示数为VC. R1处温度升高时，V1示数与V2示数的比值变小D. R1处温度升高时，V1示数与V2示数的比值变大【答案】AD【解析】【详解】A电压表V1测得是原线圈电压，也就是输入电压有效值故A正确；B原副线圈匝数比为4:1，所以副线圈两端电压
8、为5.5V，电压表V2测得是R1两端电压，应该小于5.5V，B错误；CDR1处温度升高，电阻减小，R阻值不变，R1分的电压变小，V2减小，V1不变，所以V1余V2示数的比值变大，C错误，D正确；所以选AD。7.如图，等离子体以平行两极板向右的速度v=100m/s进入两极板之间，平行极板间有磁感应强度大小为0.5T、方向垂直纸面向里的匀强磁场，两极板间的距离为10cm，两极板间等离子体的电阻r=1。小波同学在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极接电路中B点，沿边缘放一个圆环形电极接电路中A点后完成“旋转的液体”实验。若蹄形磁铁两极间正对部分的磁场视为匀强磁场，上半部分为S极， R0=2.0，闭合开关后，
9、当液体稳定旋转时电压表（视为理想电压表）的示数恒为2.0V，则A. 玻璃皿中的电流方向由中心流向边缘B. 由上往下看，液体做逆时针旋转C. 通过R0的电流为1.5AD. 闭合开关后，R0的热功率为2W【答案】BD【解析】【详解】AB由左手定则可知，正离子向上偏，所以上极板带正电，下极板带负电，所以由于中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心，器皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的磁场力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转，故A错误，B正确；C当电场力与洛伦兹力相等时，两极板间的电压不变，则有得
10、由闭合电路欧姆定律有解得R0的热功率故C错误，D正确。故选BD。8.如图，空间有一垂直纸面向外、磁感应强度大小为2T的匀强磁场，一质量为0.3kg且足够长的绝缘木板静止在光滑水平面上，在木板右端无初速度放上一质量为0.4kg、电荷量q=+0.2C的滑块，滑块与绝缘木板之间的动摩擦因数为0.45，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。t=0s时对滑块施加方向水平向左，大小为2.1N的恒力。g取10 m/s2，则A. 木板和滑块一直做加速度为3m/s2的匀加速运动B. 木板先做加速度为3m/s2的匀加速运动，再做加速度减小的变加速运动，最后做匀速直线运动C. 当木块速度等于10m/s时与木板
11、恰好分离D. t =1s时滑块和木板开始发生相对滑动【答案】BC【解析】【详解】ABC由于动摩擦因数为0.45，在静摩擦力的作用下，木板的最大加速度为：所以当2.1N的恒力作用于滑块时，系统一起以当滑块获得向左运动的速度以后又产生一个方向向上的洛伦兹力，滑块对木板的压力减小，摩擦力减小，木板的加速度减小，所以木板做的是加速度减小的加速运动，当洛伦兹力等于重力时滑块与木板之间的弹力为零，此时有代入数据得此时摩擦力消失，木板做匀速运动，而滑块在水平方向上受到恒力作用，速度增加，洛伦兹力增大，滑块将离开木板向上做曲线运动，故A错误，BC正确；D当滑块和木板开始发生相对滑动时，木板的加速度恰好为共同的
12、加速度3m/s2，对木板有再根据解得根据v=at可得所以运动的时间为故D错误。故选BC。三、非选择题（一）9.某实验小组用如图所示的实验装置测量物块与水平固定桌面之间的动摩擦因数已知物块、遮光板和拉力传感器的总质量为M，重物质量为m，遮光板的宽度为d(d很小)，遮光板与光电门之间的距离为L，重力加速度为g，细线恰伸直，重物由静止释放(1)在完成本实验时，下列操作或说法正确的是_A细线必须平行于水平桌面B拉力传感器的示数始终等于mgC实验时必须满足条件mMD拉力传感器固定在重物上时误差更小(2)某次实验时，测出遮光板通过光电门所用的时间为t，则此实验过程物块运动的加速度a=_(3)实验时，改变重
13、物m的质量，多次实验，记录拉力传感器的示数F，计算物块的加速度a，根据实验数据画出a-F图象，图线与纵轴的交点为(0，b)，则物块与水平桌面间的动摩擦因数为_【答案】 (1). A (2). (3). 【解析】【详解】（1）细线必须平行于水平桌面，这样才能使得细线的拉力等于滑块受到的合力，选项A正确；因系统做加速运动，重物失重，则拉力传感器的示数始终小于mg，选项B错误；由于有力传感器记录滑块的拉力，则实验时不需要必须满足条件mM，选项C错误；因传感器也有质量，则拉力传感器固定在重物上时误差会更大，选项D错误；故选A.（2）物块经过光电门时的速度：；根据v2=2aL，解得 （3）由F-Mg=M
14、a，即，则b=g，即10.为了测量一电压表V的内阻，某同学设计了如图1所示的电路其中V0是标准电压表，R0和R分别是滑动变阻器和电阻箱，S和S1分别是单刀双掷开关和单刀开关，E是电源(1)用笔画线代替导线，根据如图1所示的实验原理图将如图2所示的实物图连接完整_(2)实验步骤如下：将S拨向接点1，接通S1，调节_，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时_的读数U；然后将S拨向接点2，保持R0不变，调节_，使_，记下此时R的读数；多次重复上述过程，计算R读数的_，即为待测电压表内阻的测量值(3)实验测得电压表的阻值可能与真实值之间存在误差，除偶然误差因素外，还有哪些可能的原因，请写出其中一种可能
15、的原因：_【答案】 (1). (2). (3). 标准电压表 (4). (5). 标准电压表仍为U (6). 平均值 (7). 电阻箱阻值不连接，电流通过电阻发热导致电阻阻值发生变化，电源连续使用较长时间，电动势降低，内阻增大等【解析】【详解】（1）电路连线如图；（2）将S拨向接点1，接通S1，调节R0，使待测表头指针偏转到适当位置，记下此时标准电压表V0的读数U；然后将S拨向接点2，保持R0不变，调节R，使标准电压表V0仍为U，记下此时R的读数；多次重复上述过程，计算R读数的平均值，即为待测电压表内阻的测量值（3）原因：电阻箱阻值不连续；电流通过电阻发热导致电阻阻值发生变化；电源连续使用较长
16、时间，电动势降低，内阻增大等11.如图甲，倾角的光滑斜面有一轻质弹簧下端固定在O点，上端可自由伸长到A点。在A点放一个物体，在力F的作用下向下缓慢压缩弹簧到B点（图中未画出），该过程中力F随压缩距离x的变化如图乙所示。重力加速度g取10m/s2，sin0.6，cos0.8，求：（1）物体的质量m；（2）弹簧的最大弹性势能；（3）在B点撤去力F，物体被弹回到A点时的速度。【答案】（1）2 kg（2）2.56J（3）0.8 m/s【解析】【详解】(1)由题图乙可知：mgsin12N解得m2kg(2)题图乙中图线与横轴所围成的面积表示力F所做的功：WF从A点B点的过程中由能量守恒可得：(3)撤去力F
17、，设物体返回至A点时速度大小为v0，从A出发两次返回A处的过程应用动能定理：W解得：v00.8m/s12.随着航空领域的发展，实现火箭回收利用，成为了各国都在重点突破的技术。其中有一技术难题是回收时如何减缓对地的碰撞，为此设计师在返回火箭的底盘安装了电磁缓冲装置。该装置的主要部件有两部分：缓冲滑块，由高强绝缘材料制成，其内部边缘绕有闭合单匝矩形线圈abcd；火箭主体，包括绝缘光滑缓冲轨道MN、PQ和超导线圈（图中未画出），超导线圈能产生方向垂直于整个缓冲轨道平面的匀强磁场。当缓冲滑块接触地面时，滑块立即停止运动，此后线圈与火箭主体中的磁场相互作用，火箭主体一直做减速运动直至达到软着陆要求的速度
18、，从而实现缓冲。现已知缓冲滑块竖直向下撞向地面时，火箭主体的速度大小为v0，经过时间t火箭着陆，速度恰好为零；线圈abcd的电阻为R，其余电阻忽略不计；ab边长为l，火箭主体质量为m，匀强磁场的磁感应强度大小为B，重力加速度为g，一切摩擦阻力不计，求：（1）缓冲滑块刚停止运动时，线圈ab边两端的电势差Uab；（2）缓冲滑块刚停止运动时，火箭主体的加速度大小；（3）火箭主体的速度从v0减到零的过程中系统产生的电能。【答案】（1）（2）（3）【解析】详解】(1)ab边产生电动势：EBLv0，因此(2)安培力，电流为，对火箭主体受力分析可得：Fabmgma解得：(3)设下落t时间内火箭下落的高度为h
19、，对火箭主体由动量定理：mgt0mv0即mgt0mv0化简得h根据能量守恒定律，产生的电能为：E代入数据可得：（二）选考题：共45分。请考生从2道题中每科任选一题作答。13.下列说法正确的是_.A. 固体可以分为晶体和非晶体两类，非晶体和多晶体都没有确定的几何形状B. 给篮球打气时，会越来越费力，这说明分子间存在斥力C. 布朗运动表明了分子越小，分子运动越剧烈D. 在太空里的空间站中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果E. 水的饱和汽压与温度有关【答案】ADE【解析】【详解】A、固体可以分为晶体和非晶体两类，晶体又分为单晶体和多晶体，非晶体和多晶体都没有确定的几何形状，故A正确；B、
20、给篮球打气时会越来越费劲，说明球内部气体的压强越来越大，与分子斥力无关，故B错误；C、布朗运动是小颗粒的运动，不是分子的运动，在布朗运动中，固体小颗粒越小，受到分子碰撞的不平衡性越明显，布朗运动越剧烈，故C错误；D、在太空里的空间站中，水滴完全失重，自由飘浮的的水滴星球形，这是表面张力作用的结果，故D正确；E、水的饱和汽压与温度有关，温度越高，饱和汽压越大，故E正确故选ADE14.内壁光滑的导热汽缸竖直放置，用质量不计、横截面面积S=2104m2的活塞封闭一定质量的理想气体先在活塞上方缓缀倒上沙子，使封闭气体的体积逐渐变为原来的一半接着一边在活塞上方缓缓倒上沙子，一边对汽缸加热使活塞位置保持不
21、变，直到气体温度达到177，已知外界环境温度为27，大气压强p=1.0103Pa，热力学温度T=t+273K，重力加速度g取10m/s2，求：加热前所倒沙子的质量整个过程总共倒在活塞上方的沙子的质量【答案】(1)2kg；(2)4kg【解析】【详解】（1）初状态时，气体的压强，设气体的体积V1,倒上沙子后，气体的体积 气体发生等温变化，根据玻意耳定律有： 解得： 加热前所倒沙子的质量为m1=2kg；（2）之后对汽缸加热，缸内气体发生等容变化，加热前气体的温度： 加热前气体的温度：有： 代入数据解得： 对活塞和沙子受力分析，有： 解得：沙子的质量为m2=4kg15.下列有关光学现象的说法正确的是
22、A. 光从光疏介质射入光密介质，若入射角大于临界角，则一定发生全反射B. 做双缝干涉实验时，用红光替代紫光，相邻明条纹间距变大C. 在白光下观察肥皂泡，其表面的相邻各条纹是等间距的D. 光的偏振现象表明光是横波E. 在同一种物质中，波长越短的光传播速度越小【答案】BDE【解析】【详解】A全反射发生的条件是光从光密介质进入光疏介质，且入射角大于或等于临界角时，故A错误；B根据双缝干涉实验，相邻条纹间距，波长越长则干涉条纹间距越大，而红光的波长大于紫光波长，则红光的干涉条纹间距比紫光的大，故B正确；C根据以及不同颜色的光波长不同可知，不同颜色的光缠身的干涉条纹间距不同，故在白光下观察肥皂泡，其表面
23、的相邻各条纹的间距是不等的，故C错误；D光的偏振现象证明了光是横波，纵波不能发生光的偏振现象，故D正确；E在同一种物质中，不同波长的光传播速度不同，波长越短，波速越小，故E正确16.如图(a)，一列简谐横波沿x轴传播，实线和虚线分别为t1=0时刻和t2时刻的波形图，P、Q分别是平衡位置为x1=l.0m和x2=4.0m的两质点图(b)为质点Q的振动图像，求： (1)波的传播速度和t2的大小； (2)质点P的位移随时间变化的关系式【答案】（1）40m/s； （n=0、1、2、3）（2）【解析】【详解】（1）由图可知波长：=8m，质点振动的周期：T=0.2s传播速度 结合图像可知，横波沿x正向传播，故t1=0和时刻： 解得 （n=0、1、2、3）（2）质点P做简谐振动的位移表达式： 由图可知，时cm且向-y方向运动，解得
