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四川绵阳东辰国际学校2020-2021学年高一第三次月考物理试卷 WORD版含答案.doc

上传人:高**** 文档编号:52264 上传时间:2024-05-24 格式:DOC 页数:6 大小:315KB
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资源描述

1、物理命题人:贾永生 审题人:余军说明:1本试卷分题卷和答卷,将所有答案做到答题卷上相应位置处2本次考试80分钟,满分110分第卷(选择题,共56分)一、单项选择题(本大题包括9小题,每小题4分,共36分)1.下列物理量中,描述物体惯性大小的是( )A时间 B质量 C加速度 D速度2.如图所示,杯子静止在水平桌面上,下列说法正确的是( )A桌面受到的压力就是杯子的重力B杯子受到的支持力是杯子发生形变产生的C桌面对杯子的支持力与杯子对桌面的压力是一对平衡力D桌面对杯子的支持力与杯子对桌面的压力是一对相互作用力3做变速直线运动的几个质点,在相同时间内位移最大的质点是( )A加速度最大的质点 B平均速

2、度最大的质点 C末速度最大的质点 D初速度最大的质点4一个做直线运动的物体受到的合外力的方向与物体运动的方向相同,当合外力减小时,则物体运动的加速度和速度的变化是( )A加速度增大,速度增大 B加速度减小,速度减小C加速度增大,速度减小 D加速度减小,速度增大5如图所示,橡皮筋上端固定在O点,另一端系一个小球,小球从O点正下方距O点的距离小于橡皮筋的自然长度的某点由静止开始下落,小球从开始运动到达到最低点的过程中(不考虑空气阻力)( )A加速度先减小后增大 B加速度先增大后减小C速度先增大后减小 D速度先减小后增大6.甲、乙、丙三辆汽车沿同一平直公路行驶,它们的位移x随时间t变化的关系图线分别

3、如图中甲、乙、丙所示,图线甲为一条直线,与x轴交点的坐标为(0,4),图线乙为过坐标原点的抛物线,三图线交点的坐标为P(4,8).由此可以判断( )A.04s内,甲做直线运动,乙与丙做曲线运动B.t=4s时刻甲车速度大于乙车速度C.04s内,丙的路程最大,甲的路程最小D.04s内,丙的位移比乙的位移大7如图所示,在倾角为的斜面上有一质量为m的光滑球被竖直的挡板挡住,则球对斜面的压力为( )A、mgcos B、mgtg C、mg/cos D、mg8.如图所示,人的质量为M,物块的质量为m,且Mm,若不计滑轮的摩擦,则当人拉着绳向后退回一步后,人和物块仍保持静止,若人对地面的压力大小为F1、人受到

4、地面的摩擦力大小为F2、人拉绳的力的大小为F3,则下列说法中正确的是( )AF1、F2、F3均不变 BF1增大、F2增大,F3不变CF1增大、F2减小、F3减小 DF1减小、F2减小,F3不变9. 如图所示,质量为 2m 的物块 A 与水平地面间的动摩擦因数为 , 质量为 m 的物块 B与地面的摩擦不计,在大小为 F 的水平推力作用下,A、B 一起向右做加速运动,则 A 和 B之间的作用力大小为( )A. B. C. D. 二、 不定项选择题(本大题5小题,每小题4分,共20分在每小题给出的四个选项中至少有一个选项正确,全对得4分,选对但不全得2分,有错或不选得0分)10质量为m的人站在升降机

5、中,如果升降机做加速度大小为a的匀变速直线运动,升降机地板对人的支持力Nm(ga),则升降机的运动情况可能是( )A以加速度a向下加速运动B以加速度a向上加速运动C.以加速度a在上升过程中制动D以加速度a在下降过程中制动11.(原创)物体在以下三个力作用下,可能做匀速直线运动的是( )A. 8N、8N、8NB. 10N、7N、15NC. 5N、10N、20ND. 5N、9N、15N12.某物体沿直线运动的v-t图象如图所示,由图象可以看出物体( )A.沿直线做往复运动 B.加速度大小不变但加速度方向在发生变化 C.全过程加速度不变做匀变速直线运动 D.沿直线向一个方向运动 13.如图所示,倾角

6、为的粗糙斜劈放在粗糙水平面上,物体a放在斜面上,轻质细线一端固定在物体a上,另一端绕过光滑的滑轮固定在c点,滑轮2下悬挂物体b,系统处于静止状态。现将固定点c向左缓慢移动少许,发现a与斜劈始终静止,则在此过程中A. 斜劈对地面的压力不变 ( )B. 细线对物体a拉力减小C. 细线对滑轮2的作用力不变D. 地面对斜劈的摩擦力增大14.在倾角为的光滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B,它们的质量分别为3m和2m,弹簧的劲度系数为k,C为一固定挡板,系统处于静止状态。现用一沿斜面向上的恒力F拉物块A使之沿斜面向上运动,当B刚要离开C时,A的加速度方向沿斜面向上,大小为a,则( )A物体A始终做匀加

7、速运动B从静止到B刚离开C的过程中,弹簧的弹力先减小后增大C从静止到B刚离开C的过程中,A运动的距离为D恒力F的大小为5mgsin+3ma第卷(非选择题,共54分)三、实验填空题(本大题有3个小题,共18分)15.(1)在某次研究弹簧所受弹力F与弹簧长度L关系实验时,得到如图甲所示的FL图象,由图象可知:弹簧原长L0_cm,弹簧的劲度系数k_N/m(2)若按如图乙的方式挂上钩码(已知每个钩码重G1N),使(1)中研究的弹簧在光滑的水平桌面处于压缩,稳定后指针在刻度尺上指示如图乙所示,则图乙中所挂钩码的个数为_个(乙图弹簧左端是一有孔的挡板,细线拴在弹簧另一端)16.用图甲所示装置探究物体的加速

8、度与力的关系。实验时保持小车(含车中重物)的质量M不变,细线下端悬挂钩码的总重力mg作为小车受到的合力F,用打点计时器测出小车运动的加速度a. (1)本实验应用的实验方法是_A理想实验法 B控制变量法 C假设法 D.等效替代法(2)为了让细线下端悬挂钩码的总重力作为小车受到的合力F,小车的质量M和钩码的质量m需满足的条件是_(3)关于实验操作,下列说祛正确的是:_A实验前应调节滑轮高度,使滑轮和小车间的细线与木板平行B平衡摩擦力时,在细线的下端悬挂钩码,使小车在线的拉力作用下能匀速下滑C每次改变小车所受的拉力后都要重新平衡摩擦力 17.(原创)东辰学校高一同学有两个实验小组进行了如下的实验探究

9、(1)甲小组做“研究匀变速直线运动”实验,由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带,纸带上两相邻计数点的时间间隔为T,其中x1,x2,x3,x4已由刻度尺测出,则打A点时小车瞬时速度的计算表达式为vA=_,由逐差法小车运动的加速度计算表达式为a_。(2)乙小组运用园艺山乐荟城商场一楼与二楼之间的自动扶梯探究速度,张三同学沿匀速开动(上行)的自动扶梯从一楼走上二楼时,数得走了18级;当他以同样的速率(相对扶梯)沿同一开动(上行)的自动扶梯从二楼走下一楼时,数得走了36级,则一楼与二楼间的自动扶梯级数为_四、本大题3小题,共36要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案18.(12分

10、)一辆汽车沿平直公路以某一初速度行驶,从某时刻起开始加速,加速度大小为,经10 s发生位移为。求:(1)汽车原来匀速行驶的速度大小。(2)司机在10 s末发现超速,立即刹车(不考虑反应时间),刹车过程加速度大小为,求从刹车起经过10 s的时间汽车前进的距离。19.(12分)如图所示,轻绳OA、OB在结点O悬挂一个重力G=60N的重物,绳OA与竖直方向的夹角=30,绳OB沿水平方向。整个装置处于静止状态, 求:(1)绳OA和绳OB中的弹力大小。(2) 若各段轻绳承受的最大弹力均为100N,此装置能悬挂重物的最大重力。20.(原创)(12分)如图所示,一质量为m=10kg可视作质点的物块静止在粗糙

11、水平地面上,物块与地面间动摩擦因素1=0.5,某时刻与水平方向成370大小为100N的拉力F作用在物块上,物块开始运动,经t1=3s撤去拉力,此后物块运动到倾角为300的斜面底端并冲上斜面,水平地面与斜面底端是一个很小的光滑圆弧将地面与斜面连接(斜面足够长),物块的初位置与斜面底端的距离是53m,物块与斜面间动摩擦因素2/5.(sin370=0.6,cos370=0.8,取g=10m/s2)求:(1)撤去拉力F时物块的瞬时速度(2)物块运动到斜面底端时的速率(3)全过程物块运动的总时间物理答案1234567891011121314BDBDCCCBDBDABBDABCBCD15.(1)3.0,

12、200, (2) 316.(1)B (2)Mm (3)A17.(1)(x3+x4)/2T, (x1+x2+x3+x4)/4T2 (2)2418. 解:(1)根据匀变速直线运动的位移-时间公式得:,代入数据解得:。(2)10 s时汽车的速度为:汽车刹车到停止的时间为:则从刹车起经过10 s的时间汽车前进的距离为:。19. 解:(1)以结点O为研究对象,分析受力情况,作出力图如图CO绳对O点的拉力大小等于重力G,即FCO=G=60N由平衡条件得知:CO绳的拉力FCO和OB绳的拉力FBO的合力与FAO等值、反向由几何关系得: FAO=N=40N, FBO=mgtan=60tan30N=20N,(2)

13、随着悬挂物体重力的增加,绳OA和绳OB的弹力都增大,假设OA绳的弹力达到最大值时,OB的拉力为: FOB=FAOsin=100sin30N=50N40N,即大于绳OB能承受的最大弹力可知OB绳的弹力先达到最大值,应根据绳OB能承受的最大弹力40N求解悬挂装置能悬挂的最大重量最大重量为 Gmax=40N20. 解:(1)第一阶段(沿地面加速向右运动): Fcos370-1 (mg-Fsin370)=ma1 解得a1=6m/s2V1=a1t1=18m/s2 X1=a1t12=27m(2)第二阶段(撤去F后减速向右运动): 1mg=ma2 得a2=5m/s2x2=53-x1=26m x2=v1t2-a2t22 得t2=2s V2=v1-a2t2=8m/s (3)第三阶段(沿斜面减速上滑): mgsin300+2mgcos300=ma3 得a3=8m/s2t3=v2/a3 =1s x3=a3t32 (滑到顶端v3=0)第四阶段(沿斜面加速下滑): mgsin3002mgcos300=ma4 得a4=2m/s2 x3=a4t42 得t4=2s V4=a4t4=4m/s 第五阶段(沿地面向左减速运动直到停止): a5=1g=5m/s2 V4=a5t5 得t5=0.8s 所以全过程总时间:t=t1+t2+t3+t4+t5=8.8s

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