1、高考大题增分专项一 高考中的函数与导数-2-从近五年的高考试题来看,高考对函数与导数的考查,已经从直接利用导数的正负讨论函数的单调区间,或利用函数单调性求函数的极值、最值问题,转变成利用求导的方法证明不等式,探求参数的取值范围,解决函数的零点、方程根的问题,以及在某不等式成立的条件下,求某一参数或某两个参数构成的代数式的最值.-3-题型一题型二题型三策略一策略二策略三突破策略一差函数法证明函数不等式f(x)g(x),可证f(x)-g(x)0,令h(x)=f(x)-g(x),或令h(x)为f(x)-g(x)表达式的某一部分,利用导数证明h(x)min0;如果h(x)没有最小值,那么可利用导数确定
2、出h(x)的单调性,即若h(x)0,则h(x)在(a,b)上是增函数,同时若h(a)0,则当x(a,b)时,有h(x)0,即f(x)g(x).-4-题型一题型二题型三策略一策略二策略三(1)解:f(x)的定义域为(0,+).当a0时,x(0,1),f(x)0,f(x)单调递增;x(1,+),f(x)0,当x(x0,2)时,(x)1或a-1时,令g(x)=0,设x2-2ax+1=0的两根为x1和x2,因为x1为函数g(x)的极大值点,所以0 x10,所以a0,0 x1m,可将该不等式转化为g(x)h(x)的形式,然后再证明g(x)minh(x)max.选用哪种方式,要看哪种方式构造出的函数的最值
3、易求.-13-题型一题型二题型三策略一策略二策略三例2已知函数f(x)=ln(x+1)-x.令g(x)=xln x+x-kx+3k,则g(x)=ln x+2-k.x1,ln x0,当k2时,g(x)0恒成立,即g(x)在区间(1,+)内单调递增.-14-题型一题型二题型三策略一策略二策略三又kZ,k的最大值为2.当k2时,由ln x+2-k0,解得xek-2,由ln x+2-k0,解得1x0(k2)恒成立,求k的最大值.令h(x)=3x-ex-2(x2),于是h(x)=3-ex-2.当x2+ln 3时,h(x)0,h(x)单调递减,当x0,h(x)单调递增.h(x)在x=2+ln 3处取得最大
4、值.1ln 32,32+ln 30,h(2+ln 3)=3+3ln 30,h(4)=12-e20,h(5)=15-e30,g(x)在区间(-,+)内单调递增;当a0时,若x0,若x-ln a,则g(x)0时,g(x)的单调递增区间为(-,-ln a),单调递减区间为(-lna,+).-16-题型一题型二题型三策略一策略二策略三(2)解:由(1)可知,a0且g(x)在x=-ln a处取得最大值,当a(0,1)时,h(a)0.h(a)在区间(0,1)内单调递减,在区间(1,+)内单调递增,h(a)h(1)=0,当且仅当a=1时,a-ln a-1=0,由题意可知f(x)=g(x)0,f(x)在区间0
5、,+)内单调递减,f(x)在x=0处取得最大值f(0)=-1.-17-题型一题型二题型三策略一策略二策略三(3)证明:由(2)可知,若a=1,当x0时,f(x)-1,可得x2+2x2ex-2,x2+2x+3-e2x(3-2sin x)2ex-2+3-e2x(3-2sin x),令F(x)=e2x(2sin x-3)+2ex+1=exex(2sin x-3)+2+1,即证F(x)0,令G(x)=ex(2sin x-3)+2,G(x)0,f(x)没有零点,当a0时,因为y=e2x在区间(0,+)内单调递增,y=-在区间(0,+)内单调递增,所以f(x)在区间(0,+)内单调递增.-20-题型一题型
6、二题型三策略一策略二策略三(2)证明:由(1),可设f(x)在区间(0,+)内的唯一零点为x0,当x(0,x0)时,f(x)0.故f(x)在区间(0,x0)内单调递减,在区间(x0,+)内单调递增,所以当x=x0时,f(x)取得最小值,最小值为f(x0).-21-题型一题型二题型三策略一策略二策略三对点训练3设函数f(x)=ax-2-ln x(aR).(1)若f(x)在点(e,f(e)处的切线为x-ey+b=0,求a,b的值;(2)求f(x)的单调区间;(3)若g(x)=ax-ex,求证:当x0时,f(x)g(x).-22-题型一题型二题型三策略一策略二策略三-23-题型一题型二题型三策略一策
7、略二策略三-24-题型一题型二题型三策略一策略二策略三当x0时,f(x)g(x).-25-题型一题型二题型三策略一策略二策略三突破策略一分离参数法已知不等式在某一区间上恒成立,求参数的取值范围,一般先分离参数,再转化为求函数在给定区间上的最值问题求解.即f(x)g(k)f(x)ming(k),f(x)g(k)f(x)maxg(k).-26-题型一题型二题型三策略一策略二策略三例4已知a为实数,函数f(x)=aln x+x2-4x.(1)是否存在实数a,使得f(x)在x=1处取得极值?证明你的结论;(2)设g(x)=(a-2)x,若x0,使得f(x0)g(x0)成立,求实数a的取值范围.且f(x
8、)在区间(0,+)内的任意子区间不恒等于零,因此f(x)在区间(0,+)内单调递增,所以x=1不是f(x)的极值点.故不存在实数a,使得f(x)在x=1处取得极值.-27-题型一题型二题型三策略一策略二策略三(2)由f(x0)g(x0),得故当0 x1时,F(x)1时,F(x)0,F(x)单调递增.所以F(x)F(1)=10,-28-题型一题型二题型三策略一策略二策略三所以2-2ln x=2(1-ln x)0,所以x-2ln x+20,当x(1,e)时,G(x)0,G(x)单调递增.所以G(x)min=G(1)=-1,所以aG(x)min=-1.故实数a的取值范围为-1,+).-29-题型一题
9、型二题型三策略一策略二策略三对点训练4已知函数f(x)=aln x+bx(a,bR)在点(1,f(1)处的切线方程为x-2y-2=0.(1)求a,b的值;-30-题型一题型二题型三策略一策略二策略三-31-题型一题型二题型三策略一策略二策略三突破策略二分类讨论法当不等式中的参数无法分离,或含参不等式中左、右两边的函数具有某些不确定因素时,应用分类讨论的方法来处理,分类讨论可使原问题中的不确定因素变成确定因素,为问题的解决提供新的条件.因此,求参数的范围转换成了讨论参数在哪些范围能使不等式成立.-32-题型一题型二题型三策略一策略二策略三例5已知函数f(x)=aex-1-ln x+ln a.(1
10、)当a=e时,求曲线y=f(x)在点(1,f(1)处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积;(2)若f(x)1,求a的取值范围.(1)当a=e时,f(x)=ex-ln x+1,f(1)=e-1,曲线y=f(x)在点(1,f(1)处的切线方程为y-(e+1)=(e-1)(x-1),即y=(e-1)x+2.-33-题型一题型二题型三策略一策略二策略三(2)由题意a0,当0a1时,f(1)=a+ln a1.当x(0,1)时,f(x)0.所以当x=1时,f(x)取得最小值,最小值为f(1)=1,从而f(x)1.当a1时,f(x)=aex-1-ln x+ln aex-1-ln x1.综上,a的取值范围是1,
11、+).-34-题型一题型二题型三策略一策略二策略三对点训练5已知函数f(x)=m(x-1)ex+x2(mR).(1)若m=-1,求函数f(x)的单调区间;(2)若对任意的xf(x)恒成立,求m的取值范围.解:(1)当m=-1时,f(x)=(1-x)ex+x2,则f(x)=x(2-ex).由f(x)0得0 xln 2,由f(x)0得xln 2,故函数f(x)的单调递增区间为(0,ln 2),单调递减区间为(-,0),(ln 2,+).-35-题型一题型二题型三策略一策略二策略三因为x0.令h(x)=mex-x-m,则h(x)=mex-1,当m1时,h(x)ex-1h(0)=0,符合题意;当m1时
12、,h(x)在区间(-,-ln m)内单调递减,在区间(-ln m,0)内单调递增,所以h(x)min=h(-ln m)g(x2)恒成立,则f(x)ming(x)max.若对x1I1,x2I2,使得f(x1)g(x2),则f(x)ming(x)min.若对x1I1,x2I2,使得f(x1)g(x2),则f(x)maxg(x)max.-37-题型一题型二题型三策略一策略二策略三-38-题型一题型二题型三策略一策略二策略三-39-题型一题型二题型三策略一策略二策略三-40-题型一题型二题型三策略一策略二策略三-41-题型一题型二题型三策略一策略二策略三当x(1,2时,1-x0,h(x)0,即函数h(
13、x)=x-x2ln x在区间(1,2上单调递减.故当x=1时,h(x)取到极大值,也是最大值h(1)=1.所以a1.-42-题型一题型二题型三策略一策略二策略三当m0时,f(x)0时,由f(x)=0,解得x=2m.令f(x)0,解得0 x2m,此时函数f(x)单调递增;令f(x)0,解得2m-2).(1)试确定t的取值范围,使得函数f(x)在区间-2,t上为单调函数;解:(1)f(x)=(x2-3x+3)ex+(2x-3)ex=x(x-1)ex,由f(x)0,得x1或x0;由f(x)0,得0 x1.故f(x)在区间(-,0,1,+)内单调递增,在区间(0,1)内单调递减,若使f(x)在区间-2
14、,t上为单调函数,则需-2t0,即t的取值范围为(-2,0.-47-题型一题型二题型三策略一策略二-48-题型一题型二题型三策略一策略二对点训练7已知函数f(x)=x3-3x2+ax+2,曲线y=f(x)在点(0,2)处的切线与x轴交点的横坐标为-2.(1)求a;(2)证明:当k0.当x0时,g(x)=3x2-6x+1-k0,g(x)单调递增,g(-1)=k-10,所以g(x)=0在(-,0有唯一实根.当x0时,令h(x)=x3-3x2+4,则g(x)=h(x)+(1-k)xh(x).(1)解 f(x)=3x2-6x+a,f(0)=a,曲线y=f(x)在点(0,2)处的切线方程为y=ax+2,
15、-49-题型一题型二题型三策略一策略二h(x)=3x2-6x=3x(x-2),h(x)在区间(0,2)内单调递减,在区间(2,+)内单调递增,所以g(x)h(x)h(2)=0,所以g(x)=0在区间(0,+)内没有实根.综上,g(x)=0在R有唯一实根,即曲线y=f(x)与直线y=kx-2只有一个交点.-50-题型一题型二题型三策略一策略二突破策略二分类讨论法1.如果函数中没有参数,那么可以直接求导得出函数的极值点,判断极值点大于0和小于0的情况,进而判断函数零点的个数.2.如果函数中含有参数,那么导数的正负往往不好判断,这时要对参数进行分类,在参数小的范围内判断导数的符号.如果分类也不好判断
16、,那么需要对导函数进行再次求导.3.分类讨论可使原问题中的不确定因素变成确定因素,为问题的解决提供新的条件.-51-题型一题型二题型三策略一策略二(1)当a=-1时,求函数f(x)的最小值;(2)当a1时,讨论函数f(x)的零点个数.解:(1)函数f(x)的定义域为x|x0.-52-题型一题型二题型三策略一策略二当a0时,当x(0,1)时,f(x)0,f(x)为增函数.因为x0(从右侧趋近0)时,f(x)+;x+时,f(x)+,所以f(x)有两个零点.-53-题型一题型二题型三策略一策略二当0a0,f(x)为增函数;当x(a,1)时,f(x)0,f(x)为增函数.所以f(x)在x=a处取到极大
17、值,f(x)在x=1处取到极小值.当0a1时,f(a)0,即当x(0,1)时,f(x)0.而当x(1,+)时,f(x)为增函数,且当x+时,f(x)+.所以此时f(x)有一个零点.-54-题型一题型二题型三策略一策略二所以f(x)在区间(0,+)内为增函数.且当x0(从右侧趋近于0)时,f(x)-;当x+时,f(x)+.所以f(x)有一个零点.-55-题型一题型二题型三策略一策略二对点训练8已知函数f(x)=,曲线y=f(x)在点(e2,f(e2)处的切线与直线2x+y=0垂直(其中e为自然对数的底数).(1)求f(x)的解析式及单调递减区间;-56-题型一题型二题型三策略一策略二当k0时,h
18、(x)0恒成立,故无零点,满足条件.-58-题型一题型二题型三策略一策略二-59-1.常常将不等式的恒成立问题转化为函数的最值问题;将证明不等式问题转化为函数的单调性与最值问题;将方程的求解问题转化为函数的零点问题、两个函数图象的交点问题等.2.关于二次求导问题:(1)在讨论函数单调性时,如果导函数值的符号不容易确定,那么一般是对导函数再次求导判断出导函数的单调性,通过导函数的零点来确定导函数值的符号,从而判断出原函数的单调性;(2)利用求导的方法可求出某一函数的最值,如果求出的最值仍然是含有变量的表达式,那么再确定这一表达式的最值时仍然需要求导.-60-3.“恒成立”与“存在性”问题的求解是“互补”关系,即f(x)g(a)对于xD恒成立,应求f(x)的最小值;若存在xD,使得f(x)g(a)成立,应求f(x)的最大值.4.所求问题如何转化成能利用导数解决的问题是关键.直接利用导数解决的问题一个是函数的单调性,一个是函数的极值或最值,所以应将具体问题通过等价转换(或构造函数),使所求问题转化成与单调性或函数的极值、最值有关的问题.
