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云南省云天化中学2019-2020学年高二9月月考物理试题 WORD版含答案.doc

上传人:高**** 文档编号:50275 上传时间:2024-05-24 格式:DOC 页数:14 大小:399.50KB
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资源描述

1、云天化中学2019年9月摸底测试高二物理试卷 机密启用前 【考试时间:09月26日】 云天化中学郑重声明:严禁提前考试、发放及网络传播试卷,违反此规定者取消其联考资格,并追究经济和法律责任;对于首位举报者,经核实奖励1000元。举报电话:0870 - 8667021 本试题卷分第1卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分,共6页。考生作答时,将答案答在答题卡上(答题注意事项见答题卡),在本试卷上答题无效,试卷满分100分,考试时间90分钟。注意事项: 1答题前,考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚,并请认真填涂准考证号。2每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡

2、上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦擦干净后,再选涂其他答案标号。答在试卷上的答案无效。第I卷(选择题,共48分)一、选择题:本大题共10小题. (16题只有一个正确选项,每小题4分。710题有多个正确选项,每小题6分,选对但不全得3分)1下列有关静电现象的说法,不正确的是( )A复印机是利用静电吸附作用工作的B为了避免因尖端放电而损失电能,高压输电导线表面要很光滑C为消除静电危害,油罐车尾部装一条拖地铁链D为了美观,最好把避雷针顶端设计成球形2如图所示,在固定的等量异种点电荷连线上,靠近负点电荷的P点处释放一初速度为零的带负电荷的质点,则带电质点在运动过程中()A加速度越来越大B动能

3、越来越大C电势能逐渐增大D所通过各点处的电势越来越低3以下关于电场和电场线的说法中正确的是( )A电场线是客观存在的,既可以相交,也可以相切B在电场中,凡是电场线通过的点场强不为零,不画电场线的区域场强为零C同一试探电荷在电场线密集的地方所受电场力大D电场线用以表示电场的强弱和方向,是客观存在的4下列说法正确的是( )A库仑定律适用于点电荷,也适用于一切带电体B根据,当两个电荷的距离趋近于零时,静电力将趋向于无穷大C若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量,则q1对q2的静电力大于q2大于q1的静电力D所以带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍5在真空中A、B两点分别放置等量异种电荷,在电场中通过A

4、、B两点的竖直平面内对称位置取一个矩形路径abcd,如图所示,现将一电子沿abcd移动一周,则下列判断正确的是:A由ab电场力做正功,电子的电势能减少B由bc电场力对电子先做负功,后做正功,总功为零C由cd电子的电势能先减小后增大,电势能总的增加量等于零D由da电子的电势能先减小后增大,电势能总的增加量大于零6如图所示,一质量为m、电量大小为q的带电油滴,从水平向右的匀强电场中的O点以速度v沿与场强方向成37角射入电场中,油滴运动到最高点时速度大小也是v,已知重力加速度为g,下列说法正确的是( )A最高点可能在O点的正上方B匀强电场的电场强度可能为Emg/4qCO点与最高点之间的电势差可能为零

5、D匀强电场的电场强度可能为E3mg/q7如图所示,绝缘光滑半圆轨道放在竖直向下的匀强电场中,场强为E,在与环心等高处有一质量为m、电荷量为+q的小球,由静止开始沿轨道运动,下列说法正确的是A小球在最低点机械能最大B小球经过最低点时电势能最大C小球经过环的最低点时对轨道压力等于D小球经过环的最低点时对轨道压力等于38在x轴上电场强度E的大小与x的关系如图所示,场强方向沿x轴正方向,O为坐标原点,a、b、c为x轴上的点,a、c之间的距离为d,a、c两点的电场强度大小均为E0,e为元电荷,则下列说法中正确的是() AbacOBOabcC将质子从a点移到c点,电场力做功大于|eE0d|D将质子从a点移

6、到c点,质子的电势能减少9分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球,分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间,已知上板带负电,下板接地。三小球分别落在图中A、B、C三点,则正确的是AA带正电、B不带电、C带负电B三小球在电场中加速度大小关系是:aAaBaCC三小球在电场中运动时间相等D三小球到达下板时的动能关系是EkCEkBEkA10如图所示的虚线为电场中的三条等势线,三条虚线平行且等间距,电势分别为10V、15V、20V,实线是仅受电场力的带电粒子的运动轨迹,a、b、c是轨迹上的三个点,粒子在c点处的电势能为20eV,粒子在b点的动能为20eV,下列说法正确的是A.粒子在c处加

7、速度大于在b处的加速度B.粒子带正电C.粒子从a运动到c过程中动能不断增加D.粒子在a点的动能为25eV二、实验题(共2个小题,11题每空2分,12题每空5分,共15分)11如图甲所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素,其中电容器左侧极板和静电计外壳均接地,电容器右侧极板与静电计金属球相连,使电容器带电后与电源断开。 (1)影响平行板电容器电容的因素有_ ,在实验室中完成这个实验的方法是_A两极板的正对面积 B两板间距离 C电介质的介电常数 D极板的材料 E类比法 F控制变量法 G假设法 H微小量放大法 (2)某位同学用如图乙所示研究电容器电容与哪些因素有关。A、B为平行板电容器的

8、金属板,G为静电计,开始时开关S闭合,静电计指针张开一定角度;若保持开关S闭合,将A、B两极板间距变大些,指针张开角度将_;若断开开关S后,将A、B两极板靠近些,指针张开角度将_。 若断开开关S后,将A、B两极板正对面积变小些,指针张开角度将_(以上均选填“变大”、“变小”或“不变”)。12如图所示,A、B、C为匀强电场中的三个点,已知A12 V,B6 V,C6 V.试画出该电场的电场线,并保留作图时所用的辅助线(用虚线表示).三、计算题(共3小题,13题12分,14题12分,15题13分。共37分)13如图所示,已知平行板电容器两极板间距离,充电后两极板电势差为。板带正电,B板接地。若它的电

9、容为,且到板距离为。求:(1)每一板的带电荷量。(2)P点的电势及一个电子在点具有的电势能。(3)一个电子从板静止释放到板获得的动能。14如图所示,U0为加速电场的电压。水平放置的带电平行板形成竖直方向的匀强偏转电场,板间电压为U,两板间距离为d,板的水平长度为L.设有一带电粒子由静止经加速电场加速后,以垂直于偏转电场的方向射入偏转电场,带电粒子的重力不计,粒子的质量为m电荷量为q.求:(1)带电粒子从加速电场射出时的速率;(2)带电粒子在偏转电场中的加速度的大小;(3)带电粒子离开偏转电场时偏移量y;(4)带电粒子离开偏转电场时的偏转角的正切值tan。 15如图所示,粗糙倾斜轨道AB通过光滑

10、水平轨道BC与光滑竖直圆轨道相连,B处有一段小圆弧,长度不计,C为切点。一个质量m=0. 04kg、电量的带负电绝缘小物块(可视为质点)从A点静止开始沿斜面下滑,倾斜轨道AB长L=4. 0m,且倾斜轨道与水平方向夹角为,带电绝缘小物块与倾斜轨道的动摩擦因数,小物块在过B、C点时没有机械能损失,所有轨道都绝缘,运动过程中小物块的电量保持不变,空气阻力不计,只有竖直圆轨道处在竖直向下的匀强电场中,场强. (cos37=0. 8,sin37=0. 6)求:(1)小物块运动到B点时的速度大小;(2)如果小物块刚好可以过竖直圆轨道的最高点,求竖直圆轨道的半径;(3)如果竖直圆轨道的半径R=1. 8m,求

11、小物块第二次进入圆轨道时上升的高度12345678910DBCDBDADBCDABDBD11.(1) ABC F (2) 不变 变小 变大12.13(1)3.610-4C (2)90V -90eV (3)120eV 14(1)(2)(3)(4)15.(1)4m/s (2)0. 64m (3)0. 32m1D【解析】【详解】A. 复印机是利用静电吸附作用工作的,故A正确。B.由于尖端效应,高压输电线表面要很光滑,才能避免因尖端放电而损失电能;故B正确;C.为了消除静电,油罐车尾部要装一条拖地铁链能保证静电迅速导走;故C正确;D.避雷针是利用了静电的尖端效应制作的,故避雷针必须做成针状,不能做成球

12、形,故D错误.2B【解析】【详解】A. 两个等量异种电荷之间的电场线是中间疏,两边密,场强中间小,两边大,则负电荷所受的电场力先减小后增大,则加速度先减小后增大,故A项错误;B. 靠近负电荷的P处释放一初速为零的带负电的质点,受到向左的电场力向左运动,电场力一定做正功,根据动能定理,动能逐渐增大,故B项正确;C. 根据电场力做功与电势能的关系可知,电场力做正功,电势能逐渐减小,故C项错误;D. 沿电场线方向电势逐渐降低,电场线由正电荷指向负电荷,逆着电场线运行,则粒子所通过的各点的电势越来越高,故D项错误。3C【解析】【详解】AD. 电场是客观存在的,电场线是人们为了形象的描述电场而引入的假想

13、曲线,用以表示电场的强弱和方向,客观上并不存在,电场线不相交、不相切,故AD项与题意不相符;B. 电场线只是大体形象描述电场,不画的区域场强不一定为零,故B项与题意不相符;C. 电场线越密集,电场越强,据F=Eq可知同一试探电荷在电场线密集的地方所受电场力大,故C项与题意相符.4D【解析】【详解】A. 库仑定律仅适用于点电荷,故A项与题意不相符;B. 当两个点电荷距离趋于0时,两带电体已不能看出点电荷了,该公式,不适用了,故电场力并不是趋于无穷大,故B项与题意不相符;C. 两点电荷之间的作用力是相互的,根据牛顿第三定律,无论点电荷q1的电荷量与q2的电荷量大小如何,q1对 q2的静电力大小上总

14、等于q2对q1的静电力,故C项与题意不相符;D. 根据带电本质可知,所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍,任何带电体的电荷量都不是连续变化的,故D项与题意相符。5B【解析】【详解】A由ab,电势降低,电场力做负功,电子的电势能增加,A错误;B如图,画出过b、c的等势线,则知由bc,电势先降低再升高,则电场对电子先做负功,后做正功。根据对称性可知,b、c两点的电势相等,电场力做的总功为零,B正确;C由cd,电势升高,电场力做正功,电子的电势能减小,C错误;D由da,电势先升高后降低,电场对电子先做正功,后做负功,电子的电势能先减小后增加,d、a两点的电势相等,电势能总增加量为零,电场力做的总

15、功为零,D错误6D【解析】AC:粒子到最高点的速度仍为v,则克服重力做的负功等于电场力做的正功,最高点如果是O点正上方,则电场力不做功。所以最高点不可能在O点的正上方,且O点与最高点之间的电势差不可能为零。故AC两项错误。BD:若粒子带正电,到最高点的时间为 , 解得: ;若粒子带负电,到最高点的时间为 , 解得:。故B项错误,D项正确。7AD【解析】【详解】试题分析:小球运动过程中电场力做功,机械能不守恒,故A;小球从最高点到最低点的过程中,电场力做正功最多,则根据功能关系得知,电势能减小,减小到最小,故B错误;小球从最高点到最低点的过程,根据动能定理得:,又由,联立解得,C错误D正确。考点

16、:功能关系、牛顿第二定律8BCD【解析】由图可知,电场强度方向沿x轴方向,因沿电场方向电势降低,故oabc,故A错误,B正确;ac间的电场强度大于E0,故质子受到的电场力大于eE0,电场力做功将大于eE0d,故C正确;质子受到的电场力沿x轴正方向,故电场力对质子做正功,质子的电势能减小,故D正确;故选BCD.点睛:本题首先要读懂图象,场强的正反映场强的方向,大小反映出电场的强弱然后再分析电场力做功情况,即可判断.9ABD【解析】【详解】C.三个小球在水平方向都做匀速直线运动,由图看出水平位移关系是,三个小球水平速度相同,由得运动时间关系是B.竖直方向上三个小球都做匀加速直线运动,由图看出竖直位

17、移大小相等,由得到加速度关系为A.根据牛顿第二定律得到合力关系为,三个小球重力相同,而平行金属板上板带负极,可以判断出来带正电、不带电、带负电D.三个小球所受合力方向都竖直向下,都做正功,竖直位移大小相等,而合力,则合力做功大小关系为,根据动能定理得三小球到达下板时的动能关系是10BD【解析】【分析】考查带电粒子在电场中运动规律,根据电场力做正负功判断动能、电势能变化。【详解】A由等势线可以画出电场线,因等差等势线间距相等,说明电场为匀强电场,粒子在c处加速度等于在b处的加速度,故A不符合题意。B粒子只受电场力作用,电场力指向轨迹内侧,说明粒子带正电。故B符合题意。C粒子从a运动到c过程中,电

18、场力做负功,动能不断减小。故C说法不符合题意。D粒子在C处电势能为20ev,C点电势为20v,由 得粒子带电量为e,带电粒子在b处电势能为15ev,则粒子动能、电势能之和为35ev,只有电场力做功时,粒子的动能、电势能之和不变,粒子在a点的电势能为10ev,则动能为25eV。故D符合题意。二、实验题11.(1) ABC F (2) 不变 变小 变大【解析】【详解】(1)根据,可知影响平行板电容器电容的因素有:两极板的正对面积、两板间距离、电介质的介电常数,故选ABC; 在实验室中完成这个实验的方法是控制变量法,故选F. (3)若保持开关S闭合,则两板间电压U一定,则指针张开角度将不变;若断开开

19、关S后,Q一定,将A、B两极板靠近些,根据可知C变大,根据Q=CU可知,U减小,则指针张开角度将减小。 若断开开关S后,将A、B两极板正对面积变小些,根据可知C变小,根据Q=CU可知,U变大,则指针张开角度将变大。12答案见解析【解析】【分析】连接AC,将AC分成三等份,找出B点的等势点,与B相连,得出等势线,结合等势线与电场线垂直,作出电场线;【详解】连接AC,将AC分成三等份,找出B点的等势点,即D点,电势为6V,连接BD,则BD为等势线,电场线与等势线垂直,由高电势指向低电势,如图所示:【点睛】三、 计算题13(1)3.610-4C (2)90V -90eV (3)120eV 【解析】【

20、详解】(1)由得。(2) 电子在点具有的电势能。(3)因为电子从B板出发到A板的过程中电场力做正功,电势能减小,动能增加,所以由动能定理得,解得:。14(【答案】(1)(2)(3)(4)【解析】【详解】解:(1)粒子在加速电场中做加速运动,设带电粒子的质量为m,电荷量为q由动能定理得:解得:(2)粒子在偏转电场中做类平抛运动,由牛顿第二定律得加速度:(3)粒子在偏转电场中做类平抛运动,则有:平方向:竖直方向:解得:(4)粒子离开偏转电场时的偏转角的正切值:解得:15.(1)4m/s (2)0. 64m (3)0. 32m【解析】【详解】(1)从A到B过程由牛顿第二定律得: 沿斜面做匀加速直线运动 解得 (2)刚好过圆轨道最高点时 从B点到圆轨道最高点由动能定理得 解得R=0. 64m(3)如恰好到竖直圆轨道最右端时:解得:R0=1. 6m 因为,故小物块不会脱离轨道; 小物块第一次冲上圆轨道高度时速度变为0,然后返回倾斜轨道h1高处再滑下,第二次再进入圆轨道达到的高度为H2。从圆轨道返回斜面过程: 从斜面再次进入圆轨道过程: 两式联立求解得 所以

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