1、云天化中学2019年9月摸底测试高二物理试卷 机密启用前 【考试时间：09月26日】 云天化中学郑重声明：严禁提前考试、发放及网络传播试卷，违反此规定者取消其联考资格，并追究经济和法律责任；对于首位举报者，经核实奖励1000元。举报电话：0870 - 8667021 本试题卷分第1卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，共6页。考生作答时，将答案答在答题卡上（答题注意事项见答题卡），在本试卷上答题无效，试卷满分100分，考试时间90分钟。注意事项： 1答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚，并请认真填涂准考证号。2每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡
2、上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其他答案标号。答在试卷上的答案无效。第I卷（选择题，共48分）一、选择题：本大题共10小题. (16题只有一个正确选项，每小题4分。710题有多个正确选项，每小题6分，选对但不全得3分）1下列有关静电现象的说法，不正确的是（ ）A复印机是利用静电吸附作用工作的B为了避免因尖端放电而损失电能，高压输电导线表面要很光滑C为消除静电危害，油罐车尾部装一条拖地铁链D为了美观，最好把避雷针顶端设计成球形2如图所示，在固定的等量异种点电荷连线上，靠近负点电荷的P点处释放一初速度为零的带负电荷的质点，则带电质点在运动过程中（）A加速度越来越大B动能
3、越来越大C电势能逐渐增大D所通过各点处的电势越来越低3以下关于电场和电场线的说法中正确的是( )A电场线是客观存在的，既可以相交，也可以相切B在电场中，凡是电场线通过的点场强不为零，不画电场线的区域场强为零C同一试探电荷在电场线密集的地方所受电场力大D电场线用以表示电场的强弱和方向，是客观存在的4下列说法正确的是（ ）A库仑定律适用于点电荷，也适用于一切带电体B根据，当两个电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向于无穷大C若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2大于q1的静电力D所以带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍5在真空中A、B两点分别放置等量异种电荷，在电场中通过A
4、、B两点的竖直平面内对称位置取一个矩形路径abcd，如图所示，现将一电子沿abcd移动一周，则下列判断正确的是：A由ab电场力做正功，电子的电势能减少B由bc电场力对电子先做负功，后做正功，总功为零C由cd电子的电势能先减小后增大，电势能总的增加量等于零D由da电子的电势能先减小后增大，电势能总的增加量大于零6如图所示，一质量为m、电量大小为q的带电油滴，从水平向右的匀强电场中的O点以速度v沿与场强方向成37角射入电场中，油滴运动到最高点时速度大小也是v，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）A最高点可能在O点的正上方B匀强电场的电场强度可能为Emg/4qCO点与最高点之间的电势差可能为零
5、D匀强电场的电场强度可能为E3mg/q7如图所示，绝缘光滑半圆轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E，在与环心等高处有一质量为m、电荷量为+q的小球，由静止开始沿轨道运动，下列说法正确的是A小球在最低点机械能最大B小球经过最低点时电势能最大C小球经过环的最低点时对轨道压力等于D小球经过环的最低点时对轨道压力等于38在x轴上电场强度E的大小与x的关系如图所示，场强方向沿x轴正方向，O为坐标原点，a、b、c为x轴上的点，a、c之间的距离为d，a、c两点的电场强度大小均为E0，e为元电荷，则下列说法中正确的是() AbacOBOabcC将质子从a点移到c点，电场力做功大于|eE0d|D将质子从a点移
6、到c点，质子的电势能减少9分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地。三小球分别落在图中A、B、C三点，则正确的是AA带正电、B不带电、C带负电B三小球在电场中加速度大小关系是：aAaBaCC三小球在电场中运动时间相等D三小球到达下板时的动能关系是EkCEkBEkA10如图所示的虚线为电场中的三条等势线，三条虚线平行且等间距，电势分别为10V、15V、20V，实线是仅受电场力的带电粒子的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，粒子在c点处的电势能为20eV，粒子在b点的动能为20eV，下列说法正确的是A.粒子在c处加
7、速度大于在b处的加速度B.粒子带正电C.粒子从a运动到c过程中动能不断增加D.粒子在a点的动能为25eV二、实验题（共2个小题，11题每空2分，12题每空5分，共15分）11如图甲所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳均接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，使电容器带电后与电源断开。 （1）影响平行板电容器电容的因素有_ ，在实验室中完成这个实验的方法是_A两极板的正对面积 B两板间距离 C电介质的介电常数 D极板的材料 E类比法 F控制变量法 G假设法 H微小量放大法 （2）某位同学用如图乙所示研究电容器电容与哪些因素有关。A、B为平行板电容器的
8、金属板，G为静电计，开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度；若保持开关S闭合，将A、B两极板间距变大些，指针张开角度将_；若断开开关S后，将A、B两极板靠近些，指针张开角度将_。 若断开开关S后，将A、B两极板正对面积变小些，指针张开角度将_（以上均选填“变大”、“变小”或“不变”）。12如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知A12 V，B6 V，C6 V.试画出该电场的电场线，并保留作图时所用的辅助线(用虚线表示).三、计算题（共3小题，13题12分，14题12分，15题13分。共37分）13如图所示，已知平行板电容器两极板间距离，充电后两极板电势差为。板带正电，B板接地。若它的电
9、容为，且到板距离为。求：（1）每一板的带电荷量。（2）P点的电势及一个电子在点具有的电势能。（3）一个电子从板静止释放到板获得的动能。14如图所示，U0为加速电场的电压。水平放置的带电平行板形成竖直方向的匀强偏转电场，板间电压为U，两板间距离为d，板的水平长度为L.设有一带电粒子由静止经加速电场加速后，以垂直于偏转电场的方向射入偏转电场，带电粒子的重力不计，粒子的质量为m电荷量为q.求：（1）带电粒子从加速电场射出时的速率；（2）带电粒子在偏转电场中的加速度的大小；（3）带电粒子离开偏转电场时偏移量y；（4）带电粒子离开偏转电场时的偏转角的正切值tan。 15如图所示，粗糙倾斜轨道AB通过光滑
10、水平轨道BC与光滑竖直圆轨道相连，B处有一段小圆弧，长度不计，C为切点。一个质量m=0. 04kg、电量的带负电绝缘小物块（可视为质点）从A点静止开始沿斜面下滑，倾斜轨道AB长L=4. 0m，且倾斜轨道与水平方向夹角为，带电绝缘小物块与倾斜轨道的动摩擦因数，小物块在过B、C点时没有机械能损失，所有轨道都绝缘，运动过程中小物块的电量保持不变，空气阻力不计，只有竖直圆轨道处在竖直向下的匀强电场中，场强. （cos37=0. 8，sin37=0. 6）求：（1）小物块运动到B点时的速度大小；（2）如果小物块刚好可以过竖直圆轨道的最高点，求竖直圆轨道的半径；（3）如果竖直圆轨道的半径R=1. 8m，求
11、小物块第二次进入圆轨道时上升的高度12345678910DBCDBDADBCDABDBD11.（1） ABC F （2） 不变 变小 变大12.13（1）3.610-4C （2）90V -90eV （3）120eV 14（1）（2）（3）（4）15.（1）4m/s （2）0. 64m （3）0. 32m1D【解析】【详解】A. 复印机是利用静电吸附作用工作的，故A正确。B.由于尖端效应，高压输电线表面要很光滑，才能避免因尖端放电而损失电能；故B正确；C.为了消除静电，油罐车尾部要装一条拖地铁链能保证静电迅速导走；故C正确；D.避雷针是利用了静电的尖端效应制作的，故避雷针必须做成针状，不能做成球
12、形，故D错误.2B【解析】【详解】A. 两个等量异种电荷之间的电场线是中间疏，两边密，场强中间小，两边大，则负电荷所受的电场力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故A项错误；B. 靠近负电荷的P处释放一初速为零的带负电的质点，受到向左的电场力向左运动，电场力一定做正功，根据动能定理，动能逐渐增大，故B项正确；C. 根据电场力做功与电势能的关系可知，电场力做正功，电势能逐渐减小，故C项错误；D. 沿电场线方向电势逐渐降低，电场线由正电荷指向负电荷，逆着电场线运行，则粒子所通过的各点的电势越来越高，故D项错误。3C【解析】【详解】AD. 电场是客观存在的，电场线是人们为了形象的描述电场而引入的假想
13、曲线，用以表示电场的强弱和方向，客观上并不存在，电场线不相交、不相切，故AD项与题意不相符；B. 电场线只是大体形象描述电场，不画的区域场强不一定为零，故B项与题意不相符；C. 电场线越密集，电场越强，据F=Eq可知同一试探电荷在电场线密集的地方所受电场力大，故C项与题意相符.4D【解析】【详解】A. 库仑定律仅适用于点电荷，故A项与题意不相符；B. 当两个点电荷距离趋于0时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式，不适用了，故电场力并不是趋于无穷大，故B项与题意不相符；C. 两点电荷之间的作用力是相互的，根据牛顿第三定律，无论点电荷q1的电荷量与q2的电荷量大小如何，q1对 q2的静电力大小上总
14、等于q2对q1的静电力，故C项与题意不相符；D. 根据带电本质可知，所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，任何带电体的电荷量都不是连续变化的，故D项与题意相符。5B【解析】【详解】A由ab，电势降低，电场力做负功，电子的电势能增加，A错误；B如图，画出过b、c的等势线，则知由bc，电势先降低再升高，则电场对电子先做负功，后做正功。根据对称性可知，b、c两点的电势相等，电场力做的总功为零，B正确；C由cd，电势升高，电场力做正功，电子的电势能减小，C错误；D由da，电势先升高后降低，电场对电子先做正功，后做负功，电子的电势能先减小后增加，d、a两点的电势相等，电势能总增加量为零，电场力做的总
15、功为零，D错误6D【解析】AC：粒子到最高点的速度仍为v，则克服重力做的负功等于电场力做的正功，最高点如果是O点正上方，则电场力不做功。所以最高点不可能在O点的正上方，且O点与最高点之间的电势差不可能为零。故AC两项错误。BD：若粒子带正电，到最高点的时间为 ， 解得： ；若粒子带负电，到最高点的时间为 ， 解得：。故B项错误，D项正确。7AD【解析】【详解】试题分析：小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒，故A；小球从最高点到最低点的过程中，电场力做正功最多，则根据功能关系得知，电势能减小，减小到最小，故B错误；小球从最高点到最低点的过程，根据动能定理得：，又由，联立解得，C错误D正确。考点
16、：功能关系、牛顿第二定律8BCD【解析】由图可知，电场强度方向沿x轴方向，因沿电场方向电势降低，故oabc，故A错误，B正确；ac间的电场强度大于E0，故质子受到的电场力大于eE0，电场力做功将大于eE0d，故C正确；质子受到的电场力沿x轴正方向，故电场力对质子做正功，质子的电势能减小，故D正确；故选BCD.点睛：本题首先要读懂图象，场强的正反映场强的方向，大小反映出电场的强弱然后再分析电场力做功情况，即可判断.9ABD【解析】【详解】C.三个小球在水平方向都做匀速直线运动，由图看出水平位移关系是，三个小球水平速度相同，由得运动时间关系是B.竖直方向上三个小球都做匀加速直线运动，由图看出竖直位
17、移大小相等，由得到加速度关系为A.根据牛顿第二定律得到合力关系为，三个小球重力相同，而平行金属板上板带负极，可以判断出来带正电、不带电、带负电D.三个小球所受合力方向都竖直向下，都做正功，竖直位移大小相等，而合力，则合力做功大小关系为，根据动能定理得三小球到达下板时的动能关系是10BD【解析】【分析】考查带电粒子在电场中运动规律，根据电场力做正负功判断动能、电势能变化。【详解】A由等势线可以画出电场线，因等差等势线间距相等，说明电场为匀强电场，粒子在c处加速度等于在b处的加速度，故A不符合题意。B粒子只受电场力作用，电场力指向轨迹内侧，说明粒子带正电。故B符合题意。C粒子从a运动到c过程中，电
18、场力做负功，动能不断减小。故C说法不符合题意。D粒子在C处电势能为20ev，C点电势为20v，由 得粒子带电量为e，带电粒子在b处电势能为15ev，则粒子动能、电势能之和为35ev，只有电场力做功时，粒子的动能、电势能之和不变，粒子在a点的电势能为10ev，则动能为25eV。故D符合题意。二、实验题11.（1） ABC F （2） 不变 变小 变大【解析】【详解】（1）根据，可知影响平行板电容器电容的因素有：两极板的正对面积、两板间距离、电介质的介电常数，故选ABC; 在实验室中完成这个实验的方法是控制变量法，故选F. （3）若保持开关S闭合，则两板间电压U一定，则指针张开角度将不变；若断开开
19、关S后，Q一定，将A、B两极板靠近些，根据可知C变大，根据Q=CU可知，U减小，则指针张开角度将减小。 若断开开关S后，将A、B两极板正对面积变小些，根据可知C变小，根据Q=CU可知，U变大，则指针张开角度将变大。12答案见解析【解析】【分析】连接AC，将AC分成三等份，找出B点的等势点，与B相连，得出等势线，结合等势线与电场线垂直，作出电场线；【详解】连接AC，将AC分成三等份，找出B点的等势点，即D点，电势为6V，连接BD，则BD为等势线，电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示：【点睛】三、 计算题13（1）3.610-4C （2）90V -90eV （3）120eV 【解析】【
20、详解】（1）由得。（2） 电子在点具有的电势能。（3）因为电子从B板出发到A板的过程中电场力做正功，电势能减小，动能增加，所以由动能定理得，解得：。14（【答案】（1）（2）（3）（4）【解析】【详解】解：（1）粒子在加速电场中做加速运动，设带电粒子的质量为m，电荷量为q由动能定理得：解得：（2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，由牛顿第二定律得加速度：（3）粒子在偏转电场中做类平抛运动，则有：平方向：竖直方向：解得：（4）粒子离开偏转电场时的偏转角的正切值：解得：15.（1）4m/s （2）0. 64m （3）0. 32m【解析】【详解】（1）从A到B过程由牛顿第二定律得： 沿斜面做匀加速直线运动 解得 （2）刚好过圆轨道最高点时 从B点到圆轨道最高点由动能定理得 解得R=0. 64m（3）如恰好到竖直圆轨道最右端时：解得：R0=1. 6m 因为，故小物块不会脱离轨道； 小物块第一次冲上圆轨道高度时速度变为0，然后返回倾斜轨道h1高处再滑下，第二次再进入圆轨道达到的高度为H2。从圆轨道返回斜面过程： 从斜面再次进入圆轨道过程： 两式联立求解得 所以