1、上海市浦东新区2014年高考预测（二模）物理试卷说明：1本试卷考试时间120分钟，满分150分，共33题。第30、31、32、33题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分。2选择题答案必须全部涂写在答题卡上。考生应将代表正确答案的小方格用2B铅笔涂黑。注意试题题号与答题卡上的编号一一对应，不能错位。答案需更改时，必须将原选项用橡皮擦去，重新选择。写在试卷上的答案一律不给分。一单项选择题（共16分，每小題2分，每小题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上）1下列叙述中符合物理学史实的是A惠更斯发现了单摆的等时性B奥斯特发现了电磁感应现象C托
2、马斯杨通过双缝干涉实验证实了光具有波动性D汤姆孙通过粒子散射实验提出了原子的核式结构模型2如图所示，在白光照射下，能在竖直放置的肥皂膜上看到A上疏下密的黑白条纹B上疏下密的彩色条纹C上密下疏的黑白条纹D上密下疏的彩色条纹3关于固体和液体的微观结构，下列说法正确的是A固体分子静止在平衡位置B固体分子没有固定的平衡位置C液体分子没有平衡位置D液体分子没有固定的平衡位置4下列核反应方程中X表示粒子，且属于衰变的是ABCD5一定质量的乙醚液体全部蒸发，变为同温度的乙醚气体，在这一过程中A分子引力增大，分子斥力减小B分子势能减小C乙醚的内能不变D分子平均动能不变6物体做平抛运动，下列说法正确的是A加速度
3、的方向时刻改变B速度的变化率不断增大C任意一段时间内速度变化量的方向均竖直向下D第1秒内、第2秒内、第3秒内的位移之比为1:3:55VR2abSLR1&P7如图所示为用“与”门构成的报警器电路。下列哪种情况下，报警器一定会报警AS断开，P在a端BS闭合，P在a端CS断开，P在b端DS闭合，P在b端 8某质点作简谐运动的振动图像如图所示，则At0.2s时，质点速度方向沿x正方向t/sy/cmx/cmy/cmo2-20.30.60.9Bt0.2s时，质点加速度方向沿x负方向C0.2s0.4s内质点速度先减小后增大D0.2s0.4s内质点加速度先增大后减小二单项选择题（共24分，每小题3分，每小题只
4、有一个正确选项，答案涂写在答题卡上）9物体正在沿x轴做直线运动，可能出现的情况是A加速度沿+x方向逐渐增大，速度沿+x方向逐渐减小B加速度沿+x方向逐渐减小，速度沿+x方向逐渐减小C加速度沿-x方向逐渐增大，速度沿-x方向逐渐减小D加速度沿-x方向逐渐减小，速度沿-x方向逐渐增大10如图所示，当长木板从水平位置开始缓慢转动至竖直位置 过程中，原来静止在长木板上的物块A所受合外力始终为零B受到的支持力一直减小C受到的摩擦力一直增大D对长木板作用力先不变后增大OsFa3a-F02F011在光滑水平面上，一物体在水平力F的作用下，由静止开始做直线运动，F随位移s变化的图线如图所示，下列描述其位移时间
5、（st）和速度时间（vt）关系图像正确的是Otst03t0tOst03t0Otvt03t0Otvt03t0 A B C D12如图所示，在两个等量异种点电荷的电场中，C、D两点位于两电荷连线的中垂线上，A、B两点位于两电荷的连线上，且关于上述中垂线左右对称，则以下判断正确的是A将检验电荷+q从A点移动到B点，电场力不做功B将检验电荷-q从A点移动到B点，电场力做正功C将检验电荷+q从D点移动到C点，电场力不做功D将检验电荷-q从D点移动到C点，电场力做负功abocdBO13美国物理学家蔡特曼（Zarman）和我国物理学家葛正权于19301934年对施特恩测定分子速率的实验作了改进，设计了如图所
6、示的装置。半径为R的圆筒B可绕O轴以角速度匀速转动，aOcd在一直线上，银原子以一定速率从d点沿虚线方向射出，穿过筒上狭缝c打在圆筒内壁b点，aOb，ab弧长为s，其间圆筒转过角度小于90，则下列判断正确的是A圆筒逆时针方向转动B银原子在筒内运动时间C银原子速率为D银原子速率为FOFBA14如图所示，一形状不规则、质量分布不均匀的棒，可绕固定转轴O在竖直面内自由转动，当棒自由平衡时下端A恰位于转轴O点正下方。现用水平恒力F作用于A端，在转动角度小于90的过程中A棒的重力力矩先减小后增大B恒力F的力矩先减小后增大C棒转动的角速度先增大后减小D棒上A、B两点线速度方向始终相同h2h3h1K2K1a
7、b15如图所示，竖直放置的弯曲玻璃管a端封闭，b端开口，水银将两段空气封闭在管内，管内各液面间高度差为h1、h2、h3且h1=h2=h3；K1、K2为两个阀门，K2位置与b管水银面等高，打开阀门后可与外界大气相通。打开K1或K2，下列判断正确的是A打开K1，h1、h2和h3均变为零B打开K1，h1增大，h2和h3均变为零C打开K2，h1、h2和h3均变为零 D打开K2，h1、h2、h3的长度保持不变sOt1ay/cm by/cmt2t16在平直公路上行驶的a车和b车，其位移-时间图像分别为图中直线a和曲线b，由图可知Ab车运动方向始终不变B在t1时刻a车的位移大于b车Ct1到t2时间内a车的平
8、均速度小于b车Dt1到t2时间内某时刻两车的速度可能相同三多项选择题（共16分，每小题4分，每小题有两个或三个正确选项，全选对的，得4分，选对但不全的，得2分，有选错或不答的，得0分，答案涂写在答题卡上）17将小球从地面以初速度v0竖直向上抛出，运动过程中小球受到的空气阻力大小不变，最终小球又落回到地面，以地面为零势能面，则小球A上升时间大于下落时间B上升的最大高度小于C上升过程中到达最大高度一半时其动能大于重力势能D下降过程中到达最大高度一半时其动能等于重力势能OBAR2.5RP18如图所示，在竖直平面内有一半径为R的3/4圆弧轨道，半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P点
9、由静止开始自由下落，不计空气阻力，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力。已知PA=2.5R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中A 重力做功1.5mgRB动能增加mgRC克服摩擦力做功mgRD离开B点后小球能落在圆轨道内PQ19如图所示，两个完全相同的光滑球的质量均为m，放在竖直挡板和倾角为的固定斜面间。若缓慢转动挡板到与斜面垂直，在此过程中AP、Q两球间的弹力不变BP球对斜面的压力逐渐增大CQ球对斜面的压力逐渐增大DQ球对挡板的压力逐渐减小20如图所示的电路中，定值电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R0，理想电压表读数U，变化量的绝对值U，理想电流表读数I，变化量的绝对值I，在
10、滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中，下列判断正确的是AAVR1R2R3R4RErPU增大，I减小B增大C增大D0，所以6.4-4.80，得0.75依题意，01，所以的取值范围为0.751方法：欲使挡板X始终受到压力作用，须使小物块P对AD面的摩擦力f与P对AD面的正压力N的合力（全反力）方向偏向左下方，即依题意，01，所以的取值范围为0.75132（14分）解：（1）（3分）对小球A、B及细线构成的整体，受力平衡，有得（2）（5分）若撤去外力瞬时， A、B间细线拉力突然变为零，则对A球：得，方向向右对B球：得，方向向右因为aAaB，所以在撤去外力瞬时A、B将以相同的加速度a一起向右运动，A
11、、B间绝缘细线张紧，有拉力T。因此，对A、B整体，由牛顿第二定律，有即2mg=2ma得a=g对A：解得故撤去外力瞬时，A、B的加速度a=g；A、B小球间绝缘细线的拉力（3）（6分）当A向左运动达到速度最大时代入k，得设从剪断绝缘细线到A球向左运动达到最大速度，电场力做功为W，由动能定理解得，负号表示电场力做负功。又由电场力做功可知W=qU因此在A球向左运动达到最大速度的过程中，所在处电势升高了。变化量为33（14分）解：（1）（3分）由图知根据楞次定律，电流方向为abPMa。（2）（2分）ab棒在水平方向受安培力和摩擦力，二力平衡f=BIL=（B0-kt）IL=(0.2-0.1t)0.250.5N=0.0125(2-t)N（t3s）（3）（5分）ab棒做匀变速运动，位移s1=3.5m时，速度大小设为v1，则代入数据，得a=-4m/s2解得v1=6 m/s对应安培力大小向右运动时，F+mg+FA=maF+0.1+0.075=0.14F=0.225N；方向向左向左运动时，F-mg-FA=maF-0.1-0.075=0.14F=0.575N；方向向左（4）（4分）前3s内通过电阻R的电量q1=It=0.253 C =0.75C设3s后到撤去外力F时又运动了s则=1.5C解得s=6m此时ab棒的速度设为v2则解得v2=4 m/s此后到停止，由动能定理WA+Wf=EkWA=Q
