1、北京市东城区2019-2020学年上学期高二年级期末教学统一检测化学试卷可能用到的相对原子质量:H1 C12N14O16Na23第一部分(选择题共42 分)本部分共14小题，每小题3分,共42分。在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。1.下列材料主要成分不属于有机高分子的是A. 断电保护器外壳工程塑料（PBT）B. 2022年冬奥会聚氨酯速滑服C. 滑雪板底座聚乙烯D. “玉兔二号”钛合金筛网轮【答案】D【解析】【详解】A工程塑料（PBT）是聚对苯二甲酸丁二酯，属于高分子化合物，选项A不符合；B聚氨酯速滑服属于高分子化合物，选项B不符合；C聚乙烯是乙烯的加成聚合产物，属于高分子化
2、合物，选项C不符合；D钛合金筛网轮属于合金材料，不是高分子化合物，选项D符合；答案选D。2.下列事实能证明甲烷是正四面体结构的是A. 一氯甲烷没有同分异构体B. 二氯甲烷没有同分异构体C. 甲烷分子含有四个共价键D. 甲烷分子中的碳氢键完全相同【答案】B【解析】【详解】A无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构，还是平面正方形结构，CH3Cl都不存在同分异构体，选项A错误；B甲烷是正方形的平面结构，而CH2Cl2有两种结构：相邻或者对角线上的氢被Cl取代，而实际上，其二氯取代物只有一种结构，因此只有正四面体结构才符合，选项B正确；C甲烷分子含有四个共价键但不能说明它是正四面体结构，还是平面正
3、方形结构，选项C错误；D无论甲烷分子是以碳原子为中心的正四面体结构，还是平面正方形结构，CH4中的四个键完全相同，选项D错误；答案选B。【点睛】本题考查常见有机化合物的结构，注意CH2Cl2只代表一种物质，可以证明甲烷分子是空间正四面体结构，而不是平面正方形结构。3.化学与生活息息相关，下列说法不正确的是A. 淀粉、纤维素均属于糖类B. 油脂属于天然有机高分子C. 蛋白质的变性属于不可逆转的过程D. 新鲜蔬菜和水果富含维生素C【答案】B【解析】【详解】A淀粉和纤维素及蔗糖等均属于糖类物质，选项A正确；B高分子化合物是指相对分子质量在一万以上的物质，油脂不属于高分子化合物，选项B错误；C. 蛋白
4、质的变性使其失去了生理活性，属于不可逆转的过程，选项C正确；D. 新鲜蔬菜和水果中含有丰富的维生素C，选项D正确。答案选B。4.下列属于加成反应的是A. CH4+Cl2CH3Cl+HClB. CH3CH2OH CH2=CH2+ H2OC. D. CH2= CHCH3 +Cl2CH2= CHCH2Cl+ HCl【答案】C【解析】【详解】A. CH4+Cl2CH3Cl+HCl属于取代反应， 选项A错误；B. CH3CH2OH CH2=CH2+ H2O属于消去反应，选项B错误；C. 属于加成反应，选项C正确；D. CH2= CHCH3 +Cl2CH2= CHCH2Cl+ HCl属于取代反应，选项D错
5、误答案选C。【点睛】本题考查取代反应，加成反应的判断。取代反应是指有机化合物受到某类试剂的进攻，致使分子中一个基（或原子）被这个试剂所取代的反应。加成反应是一种有机化学反应，它发生在有双键或叁键的物质中。加成反应进行后，重键打开，原来重键两端的原子各连接上一个新的基团。5.下列物质电子式正确的是A. 甲基B. 一氯甲烷C. 氢氧根离子D. 乙炔 【答案】D【解析】【详解】A.甲基为中性基团，碳原子有一单电子，甲基的电子式为，选项A错误；B一氯甲烷的电子式为：，选项B错误；C氢氧根离子为阴离子，电子式中需要标出电荷及原子的最外层电子，氢氧根离子的电子式为：，选项C错误；D乙炔的分子中，碳碳之间以
6、三对共用电子对相连，每个C原子以一对共用电子对与1个H原子相连，所以乙炔的电子式为：，选项D正确。答案选D。6.下列各组物质一定互为同系物的是A. 与B. CH3COOH与C17H33COOHC. 与D. C4H8与C5H10【答案】C【解析】【详解】A. 与虽然相差1个CH2，但结构不相似，前者属于酚，后者属于醇，不互为同系物，选项A错误；B. CH3COOH与C17H33COOH，结构不相似，不是相差若干个CH2，不互为同系物，选项B错误；C. 与结构相似，相差1个CH2，互为同系物，选项C正确；D. C4H8可能为烯烃或环烷烃，C5H10可能为烯烃或环烷烃，所以二者不一定是同系物，选项D
7、错误；答案选C。【点睛】本题考查同系物的判断。结构相似、分子组成相差若干个“CH2”原子团的有机化合物互相称为同系物，同系物必须是同一类物质(含有相同且数量相等的官能团)。7.下列物质不能使KMnO4酸性溶液褪色的是A. 乙烷B. 乙烯C. 乙苯D. 乙醇【答案】A【解析】【详解】A乙烷不能与高锰酸钾反应，则不能使酸性KMnO4溶液褪色，选项A符合；B乙烯中含C=C，能使酸性KMnO4溶液褪色，选项B不符合；C乙苯为苯的同系物，能被氧化生成苯甲酸，则能使酸性KMnO4溶液褪色，选项C不符合；D乙醇中含醇羟基，能被酸性KMnO4溶液直接氧化而使其褪色，选项D不符合；答案选A。【点睛】本题考查有机
8、物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、炔烃、苯的同系物、烷烃等有机物性质的考查，含不饱和键的有机物、苯的同系物、具有还原性的有机物等均能被高锰酸钾氧化使其褪色。8.下列实验事实能说明苯酚属于弱酸的是A. 苯酚溶液的pH7B. 苯酚能与NaOH溶液反应C. 将CO2通入苯酚钠溶液出现浑浊D. 常温下苯酚在水中的溶解度不大【答案】C【解析】【详解】A. 苯酚溶液的pH7，只能说明苯酚溶液呈酸性，选项A错误；B.苯酚的水溶液中加NaOH溶液，生成苯酚钠，只能说明苯酚溶液呈酸性，选项B错误；C.碳酸是弱酸，与苯酚钠溶液反应生成苯酚，说明苯酚酸性比碳酸弱，选项C正确；
9、D.酸性的强弱与电离能力有关，电离能力的大小与溶解度的大小无关，无法说明苯酚的酸性强弱，选项D错误；答案选C。9.下列物质能发生消去反应且只得到一种产物的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】A与羟基相连的C的邻位C上没有H，不能发生消去反应，选项A错误；B中与-OH相连C的邻位C上有H，可发生消去反应生成一种产物，选项B正确；C属于醛，分子中不含有醇羟基或卤素原子，不能发生消去反应，选项C错误；D可发生消去反应生成3-甲基-1-丁烯或2-甲基-2-丁烯2种产物，选项D错误；答案选B。10.核糖是合成核酸的重要原料之一，其结构简式为CH2OHCHOHCHOHCHOHCHO,下列关
10、于核糖说法正确的是A. 能发生还原反应B. 能发生水解反应C. 能与NaOH反应D. 与葡萄糖互为同分异构体【答案】A【解析】【详解】A. 分子中含有CHO，能与氢气发生还原反应，选项A正确；B 分子中不含有酯基、卤素原子等，不能发生水解反应，选项B错误；C 分子中不含有COOH、酯基等，不能与NaOH反应，选项C错误；D.根据核糖的结构简式可知其分子式为C5H10O5，而葡萄糖的分子式为C6H12O6，故二者不是同分异构体，选项D错误；答案选A。11.已烯雌酚结构如图所示，下列关于该有机物的说法不正确的是A. 苯环上的一氯代物有二种B. 能与NaOH反应C. 与Br2只发生加成反应D. 与H
11、2只发生加成反应【答案】C【解析】【详解】A. 已烯雌酚分子高度对称，苯环上只有两种不同化学环境的氢原子，则苯环上的一氯代物有二种，选项A正确；B. 已烯雌酚分子中存在酚羟基，能与NaOH反应，选项B正确；C. 已烯雌酚分子中含有碳碳双键，能与Br2发生加成反应，酚羟基的邻位上有氢，能与Br2发生取代反应，选项C不正确；D. 已烯雌酚分子中含有苯环及碳碳双键，能与H2发生加成反应，选项D正确；答案选C。12.下列实验中，分离提纯的方法不正确的是选项实验分离、提纯方法A除去苯中的环已烯加入浓溴水后分液B提纯粗苯甲酸重结晶C除去乙烷中乙烯气体用溴水洗气D除去乙醇中水加入氧化钙后蒸馏A. AB. B
12、C. CD. D【答案】A【解析】【详解】A环已烯加入浓溴水发生加成反应的生成物以及溴都溶于苯，不能除去杂质，选项A不正确；B. 苯甲酸的溶解度随温度的升高而增大，可利用重结晶提纯，选项B正确；C.通入溴水后，乙烯和溴水生成二溴乙烷，为液体，洗气后只剩下乙烷，即可除去杂质，选项C正确；D.生石灰吸收水，乙醇沸点较低，可蒸馏分离，选项D正确；答案选A。【点睛】本题考查物质的分离、提纯以及气体的制备和物质的检验等的操作，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握操作的方法，注意相关基础知识的积累。13.如图是制备和研究乙炔性质的实验装置图。下列说法不正确的是A. 制备乙炔的反应原理是CaC2+
13、2H2OCa(OH)2+C2H2B. c的作用是除去影响后续实验的杂质C. e中的现象说明乙炔能被高锰酸钾酸性溶液氧化D. f处观察到的现象是安静燃烧，火焰呈淡蓝色【答案】D【解析】【详解】Ab中饱和食盐水与电石发生CaC2+2H2OCa(OH)2+C2H2，为制备乙炔的反应原理，选项A正确；Bc中硫酸铜除去杂质硫化氢，防止硫化氢对后续实验的影响，选项B正确；Cc中已经排除杂质的干扰，e中乙炔与高锰酸钾发生氧化反应，高锰酸钾溶液褪色可说明乙炔能被氧化，选项C正确；D. f处若乙炔过量，燃烧观察到的现象是安静燃烧，产生蓝色火焰并伴有浓厚的黑烟，选项D不正确。答案选D。【点睛】本题考查物质的制备及
14、性质实验的设计，把握实验装置的作用、反应原理为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，由制备和研究乙炔性质的实验装置图可知，b中饱和食盐水与电石发生CaC2+2H2OCa(OH)2+C2H2，c中硫酸铜除去杂质硫化氢，d中溴水与乙炔发生加成反应，e中乙炔与高锰酸钾发生氧化反应，最后点燃尾气。14.1mol转化为，同时生成H2O,理论上需要H2的物质的量A. 1 molB. 2 molC. 3 molD. 4 mol【答案】D【解析】【详解】根据和的结构简式可知，前者比后者少4个H，但多两个O，1mol转化为，同时生成2mol H2O，根据质量守恒，生成物应该要增加8 molH，则理论上需要H2的
15、物质的量为4 mol。答案选D。第二部分(非选择题共 58分)本部分共6小题，共58分。15.下图是三种有机物的结构，请回答下列问题。（1）能发生水解的是_(填序号)。（2）能发生加成反应的是_(填序号)。（3）1mol阿司匹林与足量的NaOH反应，消耗NaOH的物质的量是_mol。（4）下列说法正确的是_(填字母序号 )。a.阿司匹林属于芳香烃b.维生素C分子式是C6H8O6c.维生素C和葡萄糖均有还原性d.葡萄糖是人体内重要的供能物质【答案】 (1). (2). (3). 3 (4). bcd【解析】【分析】维生素C的结构简式为，分子中含有碳碳双键、羟基、酯基；葡萄糖的结构简式为CH2OH
16、CHOHCHOHCHOHCHOHCHO，分子中含有醛基和羟基；阿司匹林结构简式为，分子中含有羧基和酯基，据此分析。【详解】维生素C的结构简式为，分子中含有碳碳双键、羟基、酯基；葡萄糖的结构简式为CH2OHCHOHCHOHCHOHCHOHCHO，分子中含有醛基和羟基；阿司匹林结构简式为，分子中含有羧基和酯基。（1）维生素C和阿司匹林中均含有酯基，能发生水解反应，答案为；（2）维生素C中含有碳碳双键、葡萄糖中含有醛基、阿司匹林中含有苯环，均能与氢气发生加成反应，答案为；（3）阿司匹林结构简式为，分子中含有1个羧基和1个酯基（且水解产物含有酚羟基），1mol阿司匹林与足量的NaOH反应，消耗NaOH
17、的物质的量是3mol；（4）a.阿司匹林中含有O元素，不属于芳香烃，属于芳香族化合物，选项a错误；b. 维生素C结构简式为，分子式是C6H8O6，选项b正确；c.维生素C含有碳碳双键及羟基、葡萄糖中含有醛基和羟基，均有还原性，选项c正确；d.葡萄糖是人体内重要的供能物质，选项d正确；答案选bcd。16.为了研究有机物A的组成与结构，某同学进行如下实验。i.将9.0gA 在足量氧气中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过足量的浓硫酸和碱石灰,发现两者分别增重5.4g和13.2g。ii.通过质谱法测得其相对分子质量为90。ili.通过红外光谱法测得A中含有OH和COOH。请回答下列问题。（1）9.0gA
18、完全燃烧生成水的物质的量是_mol。（2）A的实验式是_。（3）A的分子式是_。（4）在一定条件下，若两个A分子可以反应得到一个六元环的分子，则A的结构简式是_。【答案】 (1). 03 (2). CH2O (3). C3H6O3 (4). 【解析】【分析】9.0 g A在足量氧气中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过足量的浓硫酸和碱石灰,发现两者分别增重5.4g和13.2g，说明完全燃烧生成水的质量为5.4g，二氧化碳的质量为13.2g，根据C、H、O的物质的量分析最简式，再根据相对分子质量分析分子式，再结合所给信息确定结构简式。【详解】9.0 g A在足量氧气中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过
19、足量的浓硫酸和碱石灰,发现两者分别增重5.4g和13.2g，说明完全燃烧生成水的质量为5.4g，二氧化碳的质量为13.2g。（1）9.0gA完全燃烧生成水的物质的量是mol；（2）)9.0 g A的物质的量为0.1 mol，燃烧产物是水5.4 g和二氧化碳13.2 g，说明0.1 mol A燃烧生成0.3 mol H2O和0.3 mol CO2，即0.1 mol A中含有0.6 mol H、0.3 mol C,n(O)=0.3 mol，所以A的最简式为CH2O；（3）设分子式为(CH2O)n,则30n=90，n=3，故A的分子式为C3H6O3；（4）A的分子式为C3H6O3，通过红外光谱法测得
20、A中含有OH和COOH，在一定条件下，若两个A分子可以反应得到一个六元环的分子，则A的结构简式是。17.聚酯纤维(PET) 结构简式为,其性能优良、应用广泛，产量占合成纤维总量的70%以上，合成原料主要来源于石油和煤的产品。（1）请你用乙烯和对二甲苯为有机原料，设计该聚酯纤维合成线路: _(用结构简式表示有机物，用箭头表示转化关系，箭头上注明试剂和反应条件，无机试剂任选)。（2）写出上述流程中发生缩聚反应的化学方程式: _。【答案】 (1). (2). 【解析】【分析】乙烯与溴发生加成反应生成1，2-二溴乙烷，1，2-二溴乙烷在氢氧化钠溶液中加热水解生成乙二醇；对二甲苯被酸性高锰酸钾氧化生成对
21、苯二甲酸，对苯二甲酸与乙二醇在一定条件下发生缩聚反应生成聚酯纤维，据此解答。【详解】（1）乙烯与溴发生加成反应生成1，2-二溴乙烷，1，2-二溴乙烷在氢氧化钠溶液中加热水解生成乙二醇；对二甲苯被酸性高锰酸钾氧化生成对苯二甲酸，对苯二甲酸与乙二醇在一定条件下发生缩聚反应生成聚酯纤维，合成路线如下：；（2）发生缩聚反应的化学方程式为。18.乙酸是非常重要的工业原料，其氯代物可由乙酸和氯气在催化剂的作用下制备。实验室模拟工业生产食品香精菠萝酯( ) 的简易流程如下。（1）菠萝酯的核磁共振氢谱中有_个吸收峰。（2）A中官能团的名称是_。（3）根据流程写出下列反应的化学方程式:i.制备A: _；该反应属
22、于_反应。ii.反应室I中的反应: _。（4）分离室II的操作是用饱和Na2CO3溶液洗涤，而不用NaOH洗涤的原因是_。【答案】 (1). 7 (2). 氯原子、羧基 (3). (4). 取代 (5). (6). 因为菠萝酯在NaOH溶液中会发生水解反应，会减少产量【解析】【分析】乙酸在光照及催化剂作用下发生烷基取代生成一氯乙酸, 一氯乙酸与苯酚反应生成，与丙烯醇发生酯化反应生成菠萝酯，据此分析解答。【详解】（1）菠萝酯( )中苯环上有3种不同环境的氢，支链上有4种不同环境的氢，其核磁共振氢谱中有7个吸收峰；（2）乙酸在光照及催化剂作用下发生烷基取代生成一氯乙酸A的结构简式为ClCH2COO
23、H,A中官能团的名称是氯原子、羧基；（3）i.制备A是乙酸在光照及催化剂作用下发生烷基取代生成一氯乙酸和氯化氢，反应的化学方程式为:；该反应属于取代反应；ii.反应室I中苯酚与一氯乙酸发生取代反应生成和氯化氢，反应的化学方程式为: ；（4）分离室II的操作是用饱和Na2CO3溶液洗涤，而不用NaOH洗涤的原因是因为菠萝酯在NaOH溶液中会发生水解反应，会减少产量。19.肉桂酸是合成香料、化妆品、医药、浆料和感光树脂等的重要原料，其结构简式是。I.写出肉桂酸的反式结构: _。II.实验室可用下列反应制取肉桂酸。已知药品的相关数据如下:苯甲醛乙酸酐肉桂酸乙酸溶解度(25，g/100g 水)0.3遇
24、水水解0.04互溶相对分子质量10610214860实验步骤如下:第一步合成:向烧瓶中依次加入研细的无水醋酸钠、5.3g 苯甲醛和6.0g乙酸酐，振荡使之混合均匀。在150 170加热1小时，保持微沸状态。第二步粗品精制:将上述反应后得到的混合物趁热倒入圆底烧瓶中，并进行下列操作:请回答下列问题。（1）检验粗产品中含有苯甲醛的实验方案是:取粗产品于试管中，加水溶解，滴入NaOH溶液，将溶液调至碱性, _。（2）步骤中肉桂酸与Na2CO3溶液反应的化学方程式是_。（3）若最后得到4.81g纯净的肉桂酸，则该反应中肉桂酸的产率是_。（4）符合下列条件的肉桂酸的同分异构体有_种。i.苯环上含有三个取
25、代基; ii.该同分异构体遇FeCl3显色且能发生银镜反应。写出其中任意一种同分异构体的结构简式: _。【答案】 (1). (2). 加入银氨溶液共热，若有银镜出现，说明含有苯甲醛(用新制氢氧化铜悬浊液鉴别也给分) (3). (4). 65% (5). 10 (6). 、【解析】【分析】I.两个相同原子或基团在双键两侧的为反式异构体；II. （1）根据醛基检验的方法进行分析；（2）步骤中肉桂酸与Na2CO3溶液反应生成肉桂酸钠、二氧化碳和水；（3）根据反应，进行计算；（4）根据肉桂酸的结构简式结合条件进行分析。【详解】I.两个相同原子或基团在双键两侧的为反式异构体，肉桂酸的反式结构为；II.
26、（1）检验粗产品中含有苯甲醛的实验方案是:取粗产品于试管中，加水溶解，滴入NaOH溶液，将溶液调至碱性，加入银氨溶液共热，若有银镜出现，说明含有苯甲醛(或加入新制氢氧化铜悬浊液，加热，产生砖红色沉淀，说明含有苯甲醛)；（2）步骤中肉桂酸与Na2CO3溶液反应生成肉桂酸钠、二氧化碳和水，反应的化学方程式是；（3）根据反应，5.3g 苯甲醛和6.0g乙酸酐（过量）反应理论上可得肉桂酸的质量为=7.4g，若最后得到4.81g纯净的肉桂酸，则该反应中肉桂酸的产率是%；（4）肉桂酸，符合条件的肉桂酸的同分异构体：i.苯环上含有三个取代基; ii.该同分异构体遇FeCl3显色且能发生银镜反应，则含有酚羟基
27、和醛基；符合条件的同分异构体的结构简式有、。20.有机化合物M是一种药品辅料的中间体，下图是该有机化合物的合成线路。请回答下列问题。已知: i.ii.两种或两种以上的单体发生的加聚反应称为共聚反应，如:（1）A的结构简式是_。（2）反应的化学方程式是_。（3）合成线路中属于氧化反应的有_(填序号)。（4）反应的化学方程式是_。（5）若1mol D与2mol HCHO反应，该反应产物的结构简式是_。（6）反应的反应物及反应条件是_。（7）合成线路中的目的是_。（8）在一定条件下，F与L按物质的量之比1 : 1发生共聚反应合成M,其链节中不含碳碳双键，且除苯环外不含其他环状结构，则M的结构简式是_
28、。【答案】 (1). CH3CH=CH2 (2). CH3CH2CH2Cl+NaOH CH3CH2CH2OH+NaCl (3). (4). (5). (6). 反应物是C2H5Br, 用AlCl3作催化剂 (7). 利用SO3H 基团，占据乙苯的邻位，使反应中乙基主要在乙苯的对位取代,以减少副反应的发生 (8). 【解析】【分析】结合E的分子式和F的结构简式可知，E氧化生成F，推知E为，D与甲醛在氢氧化钠中加热发生类似已知: i.的反应，得到E，可推知D为CH3CH2CHO，C为CH3CH2CH2OH，B为CH3CH2CH2Cl，则A为CH3CH=CH2；苯与溴乙烷在氯化铝作用下发生反应生成乙
29、苯H，乙苯与浓硫酸发生磺化反应生成I为邻乙基苯磺酸，邻乙基苯磺酸溴乙烷在氯化铝作用下发生反应生成J为，酸化得到K为，在一定条件下发生一系列反应得到L为，与反应生成M为，据此分析解答。【详解】（1）根据以上分析，A的结构简式是CH3CH=CH2；（2）反应是CH3CH2CH2Cl在氢氧化钠的水溶液中加热发生水解反应生成CH3CH2CH2OH和氯化钠，反应的化学方程式是CH3CH2CH2Cl+NaOH CH3CH2CH2OH+NaCl；（3）合成线路中属于氧化反应的有；（4）反应是丙醛和甲醛在氢氧化钠中加热发生反应生成和水，反应的化学方程式是；（5）若1mol D（CH3CH2CHO）与2mol HCHO反应，丙醛中醛基相连的碳上两个碳氢键断裂加成在甲醛上，该反应产物的结构简式是；（6）反应与反应相似，邻乙基苯磺酸溴乙烷在氯化铝作用下发生反应生成J，反应物是C2H5Br，用AlCl3作催化剂；（7）合成线路中的目的是利用SO3H 基团，占据乙苯的邻位，使反应中乙基主要在乙苯的对位取代，以减少副反应的发生；（8）在一定条件下，F（）与L()按物质的量之比1 : 1发生共聚反应合成M，其链节中不含碳碳双键，且除苯环外不含其他环状结构，则M的结构简式是。
