1、2014-2015学年四川省雅安中学高二（下）开学物理试卷一、选择题（本题共15个小题，每小题3分，共45分，每小题至少有一个答案符合题意，全对3分，对而不全得1分）1（3分）矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场轴匀速转动，当线圈通过中性面时（）A线圈平面与磁感线平行B穿过线圈的磁通量为零C线圈中感应电动势最大D电流方向发生变化2（3分）一列机械波从空气传入水中（）A速度不变B频率不变C波长不变D波长变短3（3分）下列关于机械波说法正确的是（）A有机械振动必有机械波B沿竖直方向振动的波必是横波C波的传播过程一定有能量传递D质点随波的传播而迁移4（3分）弹簧振子在光滑水平面上做简谐运动，在振子向平衡
2、位置运动的过程中（）A振子所受的回复力逐渐增大B振子的位移逐渐增大C振子的速度逐渐减小D振子的加速度逐渐减小5（3分）如图所示，将多用电表的选择开关置于欧姆档，再将电表的表笔与一光敏电阻的两端相连，此时表笔的指针恰在表的中央，若用黑纸把光敏电阻包住，电表指针将向（）A左偏B右偏C不偏D不能确定6（3分）物体做简谐运动，通过A点时的速度为v，经过2s后物体第一次以相同的速度通过B点，再经过2s后物体紧接着又通过B点，已知物体在4s内经过的路程为6cm则物体运动的周期和振幅分别为（）A4s，6cmB8s，12cmC2s，3cmD8s，3cm7（3分）如图所示，弹簧振子B上放一物体A，A与B一起做简
3、谐运动，关于A受力正确的是（） A物体A受重力和支持力B物体A受重力、支持力和弹簧弹力C物体A受重力、支持力、摩擦力和回复力D物体A受的摩擦力大小和方向随时间而变化8（3分）如图所示为火警报警装置的一部分电路示意图，其中R为用半导体材料制成的NTC热敏电阻，R0为一定值电阻，当传感器R处出现火情时，电流表的示数I报警器两端电压U的变化情况是（）AI变大，U变大BI变小，U变小CI变大，U变小DI变小，U变大9（3分）如图所示的电路中，如果交变电流的频率减小，1、2和3灯的亮度变化情况是（）A1、2两灯均变亮，3灯变暗B1灯变亮，2、3灯均匀变暗C1灯变亮，2灯变暗，3灯亮度不变D1灯变暗，2灯
4、变亮，3灯亮度不变10（3分）一列横波沿绳子向右传播，某时刻波形如图所示，此时绳上A、B、C三个质点，下列说法正确的是（）A它们的位移相同B它们的振幅相同C质点A和C的速度方向相同D从此时刻算起，质点B比质点C先回到平衡位置11（3分）空间中有相距为2m的两质点a、b，当a处于波峰时，b质点恰处于平衡位置且向上振动，已知振动周期为2s，该波的波速可能是（）A4m/sB1m/sCm/sD2m/s12（3分）如图是单摆做阻尼振动的振动图线，说法正确的是（）A振动过程中周期变小B振动过程中周期不变C摆球A时刻的势能等于B时刻的势能D摆球A时刻的动能等于B时刻的动能13（3分）如图所示一根张紧的绳上悬
5、挂三个相同小球A、B、C，A的摆长等于C的摆长，当A摆动后带动B和C振动，下列说法正确的是（）A振动稳定后B的周期大于C的周期B振动稳定后B、C周期相同C振动稳定后BC振幅一样大D振动稳定后C的振幅比B大14（3分）如图所示，变压器的原、副线圈的匝数比一定，原线圈的电压为U1时，副线圈的输出电压为U2，L1、L2、L3为三只完全相同的电灯，开始时，电键K开启，然后当电键K闭合时（）A电压U1不变，U2变大B电灯L1变亮，L2变暗C电灯L1变暗，L2变亮D原线圈中的电流变小15（3分）如图所示是一质点做简谐运动的振动图线，下列说法正确的是（）A周期为4sB振幅为10cmCP时刻位移为x正方向DQ
6、时刻加速度为x负方向二、填空题（本题共3个小题，每小题5分，共15分）16（5分）如图是弹簧振子的振动图象，用正弦函数表示振动方程为17（5分）如图所示A、B质量分别为MA和MB，AB之间用细线系着，当弹簧处于原长时，由静止同时释放AB，之后AB一起做简谐运动，在最低点时，细线对B拉力为18（5分）一台理想变压器的原副线圈匝数比为2：1，原线圈接入20伏的正弦交流电，一只理想二极管和一个阻值为10指示灯串联后接在副线圈上，则指示灯的消耗的功率为三、实验题（本题共10分）19（10分）在用单摆测重力加速度的实验中，从摆球经过开始计时，并计录此后经过平衡位置的次数n和振动时间t，用米尺测出摆线长为
7、L，用游标卡尺测出摆球直径为d（1）用上述物理量的符号写出测重力加速度表达式为g=（2）下列器材在用单摆测重力加速度实验中用到的有A米尺 B天平 C游标卡尺 D铁架台 E半径为1cm的小铁球 F半径为1cm的小木球（3）在实验中测得的g值偏小，可能原因是A测摆线时摆线拉得过紧B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现了松动，使摆线长度增加了，C开始计时时，停表过迟按下D实验中误将n 次计为n1次E以摆球直径和摆线长之和作为摆长来计算二、计算题（本题共3个小题，每小题10，共30分）20（10分）如图所示，线框abcd的面积为0.05m2，共100匝，线框电阻为1，外接一个电阻为4小灯泡，匀强磁场的
8、磁感应强度B=（特斯拉），当线框以300r/min的转速匀速转动时（1）若从线框处于中性面开始计时，写出感应电动势的瞬时值表达式（2）小灯泡两端电压21（10分）发电机输出功率为100kw，输出电压是250v，升压变压器的原副线圈匝数比为1：20，输电线电阻为10，降压变压器原副线圈匝数比为20：1，（1）输电线上损失功率（2）用户得到电压22（10分）地球半径为RO，地表面重力加速度为go，登山运动员在某山的山顶做单摆实验，测得单摆的摆长为L，周期为T，由以上条件表示此山的高度2014-2015学年四川省雅安中学高二（下）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共15个小题，每小题3分
9、，共45分，每小题至少有一个答案符合题意，全对3分，对而不全得1分）1（3分）矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场轴匀速转动，当线圈通过中性面时（）A线圈平面与磁感线平行B穿过线圈的磁通量为零C线圈中感应电动势最大D电流方向发生变化考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理 专题：交流电专题分析：线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，产生正弦式交流电，中性面时，磁通量最大，电流为零，电流在改变方向解答：解：线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，产生正弦式交流电；当线圈平面通过中性面时，线圈平面与磁感线垂直，此时磁通量最大，感应电动势为零，电流方向发生改变，磁通量的变化率为零；故D正确，A
10、BC错误；故选：D点评：本题关键明确中性面是磁通量最大、感应电动势为零的位置，每次经过中性面，电流方向改变一次2（3分）一列机械波从空气传入水中（）A速度不变B频率不变C波长不变D波长变短考点：波长、频率和波速的关系 分析：波从一种介质进入另一种介质时，频率不变机械波由空气进入水中，波速变大解答：解：机械波由空气进入水中，波速变大，频率不变，由波速公式v=f得知，波长变大故B正确，ACD错误故选：B点评：本题考查对声波在介质中传播速度的了解波速公式v=f适用于一切波3（3分）下列关于机械波说法正确的是（）A有机械振动必有机械波B沿竖直方向振动的波必是横波C波的传播过程一定有能量传递D质点随波的
11、传播而迁移考点：波的形成和传播 分析：机械波在传播振动形式的过程中同时传递了能量介质中的质点不随波一起迁移波由一种介质进入另一种介质时，频率不变，波速变化解答：解：A、机械波是机械振动在介质中的传播过程，有机械振动，不一定有机械波，还必须有传播振动的介质，故A错误；B、沿竖直方向振动的波的振动方向可能沿沿着竖直方向，故不一定是横波，故B错误；C、D、机械波在传播振动形式的过程中，同时将能量由近及远传递，但介质不随波传播，故C正确，D错误；故选：C点评：本题考查对机械波基本知识的理解和掌握情况机械波的基本特点是：“不随波逐流”，频率由波源决定，波速由介质决定4（3分）弹簧振子在光滑水平面上做简谐
12、运动，在振子向平衡位置运动的过程中（）A振子所受的回复力逐渐增大B振子的位移逐渐增大C振子的速度逐渐减小D振子的加速度逐渐减小考点：简谐运动的振幅、周期和频率 专题：简谐运动专题分析：根据振子是远离平衡位置还是靠近平衡位置来分析：回复力、位移、速度和加速度的变化解答：解：A、回复力与位移成正比，在振子向着平衡位置运动的过程中回复力减小，A错误；B、振子的位移指由平衡位置指向振动物体所在位置的有向线段，因而向平衡位置运动时位移逐渐减小，B错误；C、物体向着平衡位置运动时，回复力与速度方向一致，故物体的速度逐渐增大C错误D、由牛顿第二定律a=可知，加速度也减小，D正确；故选：D点评：本题考查根据振
13、动特点分析物体振动过程的能力在振动过程中，这三个量大小变化情况是一致的：回复力、加速度和位移5（3分）如图所示，将多用电表的选择开关置于欧姆档，再将电表的表笔与一光敏电阻的两端相连，此时表笔的指针恰在表的中央，若用黑纸把光敏电阻包住，电表指针将向（）A左偏B右偏C不偏D不能确定考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：多用表的欧姆挡，刻度盘右侧电阻为零，刻度盘左侧电阻无穷大，根究光敏电阻的特点判断电阻大小的变化从而判断表针的偏向解答：解：多用表的欧姆挡，刻度盘右侧电阻为零，刻度盘左侧电阻无穷大，光敏电阻随着光照强度的增加阻值减小，则包上黑纸后光照强度减弱，阻值增大，表针将向左移动；故选
14、：A点评：本题结合光敏电阻的特点考查了多用电表欧姆档刻度的特点，即右边为零欧6（3分）物体做简谐运动，通过A点时的速度为v，经过2s后物体第一次以相同的速度通过B点，再经过2s后物体紧接着又通过B点，已知物体在4s内经过的路程为6cm则物体运动的周期和振幅分别为（）A4s，6cmB8s，12cmC2s，3cmD8s，3cm考点：简谐运动的振幅、周期和频率 分析：简谐运动的质点，先后以相同的速度通过A、B两点，则可判定这两点关于平衡位置对称，则平衡位置到B点的时间为1s的一半；由当再次经过B点的时间，即可求出从B点到最大位置的时间为1s的一半，因此质点的振动同期为A到再次经过B的时间2s的2倍由
15、题意可知，质点总路程的一半，即为振幅解答：解：过A、B点速度相等，AB两点一定关于平衡位置O对称；t=（2s+2s）=4s为半个周期，则T=8s；半个周期的路程为：2A=6cm，得：A=3cm 故选：D点评：简谐运动的质点，以同样的速度经过某两点时，它们的位置关于平衡位置对称；当经过同一位置时，它们的速度大小相同，方向相反7（3分）如图所示，弹簧振子B上放一物体A，A与B一起做简谐运动，关于A受力正确的是（） A物体A受重力和支持力B物体A受重力、支持力和弹簧弹力C物体A受重力、支持力、摩擦力和回复力D物体A受的摩擦力大小和方向随时间而变化考点：简谐运动；简谐运动的振幅、周期和频率 专题：简谐
16、运动专题分析：对整体分析由牛顿第二定律可得出回复力的表达式；再对A分析，即可得出m回复力的表达式解答：解：设A的质量为m，B的质量为M，整体做简谐运动，则对整体有：F=kx；则整体的加速度a=对于A由牛顿第二定律可知，A受到的摩擦力：；物体A受的摩擦力大小和方向随物体位置的变化而变化，所以也随时间而变化故选：D点评：AB相同的为加速度而不是回复力，故可以由加速度得出B物体的回复力公式8（3分）如图所示为火警报警装置的一部分电路示意图，其中R为用半导体材料制成的NTC热敏电阻，R0为一定值电阻，当传感器R处出现火情时，电流表的示数I报警器两端电压U的变化情况是（）AI变大，U变大BI变小，U变小
17、CI变大，U变小DI变小，U变大考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：半导体热敏传感器的特性是：电阻随温度升高而减小，分析传感器R处出现火情时电阻如何变化，由欧姆定律分析总电流的变化，由欧姆定律分析通过R0的电压的变化，即可分析两电表的示数如何变化解答：解：当传感器R处出现火情时，其阻值减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知电路中电流I变大，R0为一定值电阻，由欧姆定律可知其两端的电压U变大，故A正确故选：A点评：本题是电路的动态分析问题，根据欧姆定律进行分析，也可以根据串联电路分压规律判断电压U的变化情况9（3分）如图所示的电路中，如果交变电流的频率减小，1、2和3
18、灯的亮度变化情况是（）A1、2两灯均变亮，3灯变暗B1灯变亮，2、3灯均匀变暗C1灯变亮，2灯变暗，3灯亮度不变D1灯变暗，2灯变亮，3灯亮度不变考点：自感现象和自感系数 分析：根据感抗公式XL=2fL和容抗公式XC=，定性讨论解答：解：感抗为XL=2fL，容抗为XC=，当频率f减小时，感抗XL变小，容抗XC变大感抗XL变小，对交流电的阻碍作用变小，所以L1变亮容抗XC变大，对交流电的阻碍作用变大，所以L2变暗而电阻器的对交流电的阻碍作用不随频率改变，所以L3亮度不变所以L1变亮、L2变暗、L3不变故ABD错误，C正确故选：C点评：还可以根据电容器和电感线圈的特性分析选择电容器内部是真空或电介
19、质，隔断直流能充电、放电，能通交流，具有隔直通交、通高阻低的特性电感线圈可以通直流，通过交流电时产生自感电动势，阻碍电流的变化，具有通直阻交，通低阻高的特性10（3分）一列横波沿绳子向右传播，某时刻波形如图所示，此时绳上A、B、C三个质点，下列说法正确的是（）A它们的位移相同B它们的振幅相同C质点A和C的速度方向相同D从此时刻算起，质点B比质点C先回到平衡位置考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 分析：简谐运动的各质点的这幅是相同的，由平移法可得知绳上各质点的振动方向；根据振动方向可得回到平衡位置的时间长短解答：解：A、质点的位移等于从平衡位置到质点的有向线段，不同，故A错误；B、因是简谐
20、波，绳子上参与振动的各质点的振幅是相同的，故B正确；C、把波向右移动少许，发现此时A向下运动，B、C向上运动，故C错误；D、此时A向下运动，B、C向上运动，故从此时刻算起，质点B比质点C先回到平衡位置，故D正确；故选：BD点评：该题考查了简谐波的传播特点，注意要熟练应用一下几点：1、简谐波传播过程中，各质点的这幅是相同的2、根据恢复力公式F=Kx会判断各质点在某时刻恢复的大小和方向，从而会判断加速度的大小和方向3、会用平移法、上坡下坡法、同侧法判断各质点在某时刻的振动方向11（3分）空间中有相距为2m的两质点a、b，当a处于波峰时，b质点恰处于平衡位置且向上振动，已知振动周期为2s，该波的波速
21、可能是（）A4m/sB1m/sCm/sD2m/s考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 分析：根据a、b两点的状态关系，确定出波长与ab间的距离关系，求出波长的通项，再求出波速分波向左和向右传播两种情况解答：解：当波向右传播时，由波的传播方向和质点的振动方向可知，a、b之间平衡位置的距离最少相差，如图所示，则有：x=（n+）=2m得：=m，（n=0，1，2，3）波速v=m/s，（n=0，1，2，3）；当n=0时，v=4m/s；同理当波向左传播时，如图所示，则x=（n+）=2m可得 =m，v=m/s，（n=0，1，2，3）当n=0时，v=m/s由于n是整数，v不可能等于1m/s和2m/s故选：
22、AC点评：解决本题的关键画出波形，确定ab间的距离与波长的关系，要注意波的双向性，不能漏解12（3分）如图是单摆做阻尼振动的振动图线，说法正确的是（）A振动过程中周期变小B振动过程中周期不变C摆球A时刻的势能等于B时刻的势能D摆球A时刻的动能等于B时刻的动能考点：简谐运动的回复力和能量 专题：简谐运动专题分析：位移相等即单摆所处高度相等，则重力势能相同，由于阻力影响，单摆要克服阻力做功，在运动过程中机械能一直逐渐减小解答：解：A、B、阻尼振动的周期不变，振幅减小，故A错误，B正确；C、摆球在A与B时刻位移相等，即单摆所处高度相同，则重力势能相同，故C正确；D、由于阻力影响，单摆要克服阻力做功，
23、在运动过程中机械能一直逐渐减小，故B时刻的机械能小于A时刻的机械能，而两点重力势能相等，则B时刻的动能小于A时刻的动能，故D错误；故选：BC点评：本题关键是明确单摆运动路程越长，克服阻力做的功越多，则机械能越小；同时知道阻尼振动的周期不变，振幅不断减小13（3分）如图所示一根张紧的绳上悬挂三个相同小球A、B、C，A的摆长等于C的摆长，当A摆动后带动B和C振动，下列说法正确的是（）A振动稳定后B的周期大于C的周期B振动稳定后B、C周期相同C振动稳定后BC振幅一样大D振动稳定后C的振幅比B大考点：产生共振的条件及其应用 分析：受迫振动的频率等于驱动率的频率，当驱动力的频率接近物体的固有频率时，振动
24、显著增强，当驱动力的频率等于物体的固有频率时即共振解答：解：A、当A摆振动时，其它两摆也振动起来，说明A摆提供驱动力，B、C两摆做受迫振动，故三个摆的振动周期都等于A摆的固有周期，故A错误，B正确；C、A摆提供驱动力，B、C两摆做受迫振动，C摆的固有周期等于A摆的驱动力周期，故发生共振，故C摆的振幅比B摆大，故C错误，D正确；故选：BD点评：本题关键明确两点：受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动中的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象14（3分）如图所示，变压器的原、副线圈的匝数比一定，原线圈的电压为U1时，副线圈的输出电压为U2，L1、L2、L3为三只完全相同的电灯，开始时，电键K开
25、启，然后当电键K闭合时（）A电压U1不变，U2变大B电灯L1变亮，L2变暗C电灯L1变暗，L2变亮D原线圈中的电流变小考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可解答：解：A、原线圈与发电机相连，电压不变，由于输入的电压的大小和变压器的匝数比不变，所以变压器的输出的电压始终不变，故A错误；B、当K接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，根据P=I2R可知电灯L1的功率变大即电灯L1变亮，由于输出的电压不变，所以灯泡L2的电压减小，电流减小，L2变暗，故
26、B正确，C错误；D、当K接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，而变压器的匝数比不变，所以原线圈中的电流增大，故D错误；故选：B点评：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解15（3分）如图所示是一质点做简谐运动的振动图线，下列说法正确的是（）A周期为4sB振幅为10cmCP时刻位移为x正方向DQ时刻加速度为x负方向考点：简谐运动的振动图象 分析：质点的振幅等于位移y的最大值，由图象直接读出根据质点位移的变化，判断质点的振动方向加速度方向总与位移方向相反解答：解：A、由图知，该质点的周期为0.04s，故A错误；B、由图知，该质点的振幅为
27、5cm，故B错误；C、P时刻位移为x正方向，C正确；D、Q时刻位移为负，根据a=知加速度方向为正，故D错误；故选：C点评：本题考查考取振动图象信息的能力，可结合简谐运动的特征进行分析二、填空题（本题共3个小题，每小题5分，共15分）16（5分）如图是弹簧振子的振动图象，用正弦函数表示振动方程为X=0.2sin（100t）（m）考点：简谐运动的振动图象 分析：简谐运动振动方程的一般表达式x=Asin（t+），从而即可求解解答：解：由图中可以读出振子的振幅为20cm=0.2m，周期为2102s，=则角速度为：=100，简谐运动振动方程的一般表达式为：x=Asin（t+）=0.2sin（100t）（
28、m）故答案为：X=0.2sin（100t）（m）点评：本题关键记住简谐运动的一般表达式，然后代入已知数据求解，基础题17（5分）如图所示A、B质量分别为MA和MB，AB之间用细线系着，当弹簧处于原长时，由静止同时释放AB，之后AB一起做简谐运动，在最低点时，细线对B拉力为2MBg考点：简谐运动的回复力和能量 专题：简谐运动专题分析：弹簧处于原长时静止释放A、B系统，此时A、B系统的加速度为g，方向竖直向下，根据简谐运动的对称性可知A、B系统在最低点的加速度大小和方向，再由牛顿第二定律求出此时细线的拉力解答：解：弹簧处于原长时静止释放A、B系统，此时A、B系统的加速度为g，方向竖直向下此后A、B
29、系统做简谐运动，根据简谐运动的对称性可知A、B系统在最低点的加速度大小为g，方向竖直向上，对B分析，由牛顿第二定律得：FMBg=MBa则细线拉力：F=2MBg，故答案为：2MBg点评：解决本题的关键是抓住简谐运动的对称性，得到B在最低点的加速度再运用牛顿第二定律解题18（5分）一台理想变压器的原副线圈匝数比为2：1，原线圈接入20伏的正弦交流电，一只理想二极管和一个阻值为10指示灯串联后接在副线圈上，则指示灯的消耗的功率为5W考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：二极管的作用是只允许正向的电流通过，根据功率表达式P=和能量守恒定律列式求解即可解答：解：根据变压比公式，有：故：小灯泡的
30、在交流正半周的功率：P1=由于小灯泡的二极管的作用，在交流负半周的功率：P2=0根据能量守恒定律，有：PT=故：P=5W故答案为：5W点评：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管的作用要了解三、实验题（本题共10分）19（10分）在用单摆测重力加速度的实验中，从摆球经过平衡位置开始计时，并计录此后经过平衡位置的次数n和振动时间t，用米尺测出摆线长为L，用游标卡尺测出摆球直径为d（1）用上述物理量的符号写出测重力加速度表达式为g=（2）下列器材在用单摆测重力加速度实验中用到的有ACDEA米尺 B天平 C游标卡尺 D铁架台 E半径为1cm的小铁球 F半径为1cm的小木球（3
31、）在实验中测得的g值偏小，可能原因是BDA测摆线时摆线拉得过紧B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现了松动，使摆线长度增加了，C开始计时时，停表过迟按下D实验中误将n 次计为n1次E以摆球直径和摆线长之和作为摆长来计算考点：用单摆测定重力加速度 专题：实验题；单摆问题分析：为减小实验误差，应从平衡位置开始计时；（1）由单摆周期公式求出重力加速度的表达式；（2）根据实验原理与实验器材分析答题；（3）根据单摆周期公式分析实验误差解答：解：为减小实验误差，准确测量周期，在用单摆测重力加速度的实验中，从摆球经过平衡位置开始计时（1）由题意可知，单摆周期：T=，单摆摆长：l=L+，由单摆周期公式：T=2
32、可知，重力加速度：g=；（2）实验需要用米尺测出摆线长度，故选A；需要用游标卡尺测出摆球直径，故选C；实验需要用铁架台固定单摆，故选D；为减小实验误差，实验需要用体积小而质量大即密度的摆球，因此摆球应选：E；（3）由单摆周期公式：T=2可知，重力加速度：g=；A、测摆线时摆线拉得过紧，所测摆长偏大，g偏大，故A错误；B、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现了松动，使摆线长度增加了，所测周期偏大，g偏小，故B正确；C、开始计时时，停表过迟按下，所测周期偏小，g偏大，贵C错误；D、实验中误将n 次计为n1次，所测周期偏大，g偏小，故D正确；E、以摆球直径和摆线长之和作为摆长来计算，所测摆长偏大，g
33、偏大，贵E错误；故选BD故答案为：平衡位置；（1）；（2）ACDE；（3）BD点评：本题考查了求重力加速度、实验器材的选择、实验误差分析，知道实验原理、实验注意事项、应用单摆周期公式即可正确解题二、计算题（本题共3个小题，每小题10，共30分）20（10分）如图所示，线框abcd的面积为0.05m2，共100匝，线框电阻为1，外接一个电阻为4小灯泡，匀强磁场的磁感应强度B=（特斯拉），当线框以300r/min的转速匀速转动时（1）若从线框处于中性面开始计时，写出感应电动势的瞬时值表达式（2）小灯泡两端电压考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系 专题：交流电专题分析：先求出最大电动势，写出电压的
34、瞬时表达式，再根据闭合电路欧姆定律求出电流的瞬时表达式；电流表和电压表测量的是有效值解答：解：线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为：Em=nBS=1000.0510V=50V从图示位置开始计时，感应电动势的瞬时值为：e=50sin10t（V）；电压的有效值为U=V=25V，小灯泡和线圈的串联电阻为5，所以电流表示数为：I=5A小灯泡两端的电压UL=IR=54=28.3V；答：（1）表达式为e=50sin10t（V）；（2）小灯泡两端电压为28.3V点评：本题考查交变电流最大值、有效值的理解和应用的能力，对于交流电表的测量值、计算交流电功率、电功等都用到有效值21（10分）发电机输出功率为10
35、0kw，输出电压是250v，升压变压器的原副线圈匝数比为1：20，输电线电阻为10，降压变压器原副线圈匝数比为20：1，（1）输电线上损失功率（2）用户得到电压考点：远距离输电 专题：交流电专题分析：（1）通过升压变压器求出输电线上的电压，在求出电流，由P=I2R求的损失功率（2）求出输电线路上损失电压，由降压变压器求的用户电压解答：解：（1）升压变压器副线圈两端电压为U2=20U1=5000V输电线上电流为I=故输电线上损失功率为P损=I2R=（2）输电线上损失电压为U损=IR=2010=200v 降压变压器两端电压为U3=U2U损=5000100V=4800V用户得到电压为U4=240V答
36、：（1）输电线上损失功率4Kw（2）用户得到电压为240v点评：明确匝数比与电流成反比，与电压成正比，想法求得电流与电压之比是解题的关键22（10分）地球半径为RO，地表面重力加速度为go，登山运动员在某山的山顶做单摆实验，测得单摆的摆长为L，周期为T，由以上条件表示此山的高度考点：单摆周期公式 专题：单摆问题分析：根据万有引力和物体受到的重力的大小相等可以求得在地面上和高度为h处的重力加速度大小的表达式，进而由单摆的周期公式可以求得高度的大小解答：解：设单摆的摆长为L，地球的质量为M，则据万有引力定律可得地面的重力加速度和高度为H时的重力加速度分别为：g0=gH=据单摆的周期公式，在山顶：T=2由以上解得：H=答：此山的高度为点评：单摆的周期是由单摆的摆长和当地的重力加速度的大小共同决定的，在不同的地方，重力加速度的大小是不同的
