1、青岛市4区市2021-2022学年高二上学期期中考试数学试题本试卷共4页，22题全卷满分150分考试用时120分钟一、单项选择题：本大题共8小题每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1对于无穷常数列7，7，7，下列说法正确的是（ ）A该数列既不是等差数列也不是等比数列B该数列是等差数列但不是等比数列C该数列是等比数列但不是等差数列D该数列既是等差数列又是等比数列2下列说法正确的是（ ）A若，是两个空间向量，则不一定共面BC若P在线段AB上，则D在空间直角坐标系Oxyz中，点关于坐标平面xOy的对称点为3已知数列满足且，则的值为（ ）A1B2C4D44在三棱锥OA
2、BC中，M是OA的中点，P是的重心设，则（ ）ABCD5周髀算经中有这样一个问题：冬至、小寒、大寒、立春、雨水、惊蛰、春分、清明、谷雨、立夏、小满、芒种这十二个节气，自冬至日起，其日影长依次成等差数列，立春当日日影长为9.5尺，立夏当日日影长为2.5尺，则春分当日日影长为（ ）A4.5尺B5尺C5.5尺D6尺6已知等差数列的前n项和为，公差，若取得最大值，则n的值为（ ）A6或7B7或8C8或9D9或107已知为正项数列的前n项和，则（ ）ABCD8已知a，b为两条异面直线，在直线a上取点，E，在直线b上取点A，F，使，且（称为异面直线a，b的公垂线）若，则异面直线a，b所成的角为（ ）ABC
3、D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分9在公比q为整数的等比数列中，是数列的前n项和，若，则（ ）AB数列是等比数列CD数列是公差为2的等差数列10下列结论正确的是（ ）A直线l的方向向量，平面的法向量，则B两个不同的平面，的法向量分别是，则C若直线l的方向向量，平面的法向量，若，则实数D若，则点P在平面ABC内11如图的形状出现在南宋数学家杨辉所著的详解九章算法商功中，后人称为“三角垛”“三角垛”最上层有1个球，第二层有3个球，第三层有6个球，设第n层有个球，从上往下n层球的总数为，记
4、，则（ ）ABC，D的最大值为12在棱长为1的正方体中，点P满足，则以下说法正确的是（ ）A当时，直线平面B当时，线段CP长度的最小值为C当时，直线CP与平面所成的角不可能为D当时，存在唯一点P使得直线DP与直线所成的角为三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分13已知为等差数列，为其前n项和，若，则_14已知空间向量，则向量在向量上的投影向量的坐标是_15如图，在平行六面体中，AC与BD相交于点O，则_16设集合，把集合中的元素从小到大依次排列，构成数列，则_，数列的前50项和为_四、解答题：本大题共6小题，共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17（10分）已知数列为等差数
5、列，数列为各项均为正数的等比数列，（1）求数列和的通项公式；（2）若，求数列的前2n项和18（12分）如图，空间几何体由两部分构成，上部是一个底面半径为1，高为2的圆锥，下部是一个底面半径为1，高为2的圆柱，圆锥和圆柱的轴在同一直线上，圆锥的下底面与圆柱的上底面重合，点P是圆锥的顶点，AB是圆柱下底面的一条直径，是圆柱的两条母线，C是弧AB的中点（1）求异面直线AC与所成的角的余弦值；（2）求点到平面PBC的距离19（12分）已知数列前n项和为，（1）求数列的通项公式；（2）若数列的前n项和，求数列的前n项和20（12分）如图，在菱形ABCD中，沿对角线BD将折起，使A，C之间的距离为，若P，
6、Q分别为线段BD，CA上的动点（1）求线段PQ长度的最小值；（2）当线段PQ长度最小时，求直线PQ与平面ACD所成的角的余弦值21（12分）在如图所示的多面体中，且，且，且，平面ABCD，M，N分别为棱FC，EG的中点（1）求点F到直线EC的距离；（2）求平面BED与平面EDC的夹角的余弦值；（3）在棱GF上是否存在一点Q，使得平面平面EDC？若存在，求出点Q的位置；若不存在，说明理由22（12分）已知正项数列满足，成等比数列，（1）证明：数列是等比数列；（2）求及数列的通项公式；（3）若，求数列的前n项和，并证明：20212022学年度第一学期期中学业水平检测高二数学评分标准一、单项选择题：
7、本大题共8小题每小题5分，共40分18：DCACDBCB二、多项选择题：本大题共4小题每小题5分，共20分9AB；10BD；11ACD；12ABC三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分130；14；15；163，4590四、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17（10分）解：（1）设数列的公差为d，数列的公比为q，因为所以令得，即又所以因为，所以解得或（舍）所以（2）由（1）得所以18（12分）解：（1）由题意可得平面ABC，C是弧AB的中点，则则以O为原点，OC，OB，OP所在直线分别为x轴、y轴、z轴，建立如图所示的空间直角坐标系则，异面直线
8、AC与所成角的余弦值为（2）由题意可得，则，设平面PBC的法向量，则取，得点到平面PBC的距离为：19（12分）解：（1）由，得，两式相减，得由，得，所以，即数列是以1为首项，公比为3的等比数列，从而有（2）由可知：当时，当时，适合上式所以所以所以，两式相减得：所以20（12分）解：（1）因为四边形ABCD是菱形，所以和是等边三角形设O是BD的中点，则，所以，所以，由于，所以平面BCD以O为原点，OB，OC，OA所在直线分别为x轴、y轴、z轴，建立如图所示的空间直角坐标系设，其中，所以当，时，线段PQ的长度取得最小值为（2）由（1）得，设平面ACD的法向量为，则，取，则设PQ与平面ACD所成角
9、为，则所以21（12分）解：（1）由平面ABCD知，又，以D为原点，DA，DC，DG所在直线分别为x轴、y轴、z轴，建立如图所示的空间直角坐标系则，则，所以点F到直线EC的距离（2）由（1）知，设平面BED的法向量为，则，令，则设平面EDC的法向量为，则，令，则故所以平面BED与平面EDC夹角的余弦值为（3）设GF上存在一点Q，设，则，设平面MNQ的法向量为则，令，则平面平面EDC ，即，无解，故不存在点Q使得平面平面EDC22（12分）解：（1）因为，成等比数列，所以，所以因为，所以，将式两边取对数，得，即，所以，数列是首项为，公比为2的等比数列（2）由（1）知，所以，所以所以（3）（解法一）因为，即；又因为，所以，即；式代入式消去，可得所以因为，则，所以又，所以（解法二）因为所以又，所以
