1、2016-2017学年广西钦州市高新区高三（上）月考物理试卷（11月份）一、选择题：（本题共8小题.其中1-4题为单选，5-8题为多选全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1许多科学家在物理学发展过程中做出重要贡献，下列叙述中符合物理学史的是（）A卡文迪许通过扭秤实验，总结并提出了真空中两个静止点电荷间的相互作用规律B第谷发现了行星运动定律C牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量D法拉第经过多年的实验探索终于发现了电磁感应现象2以下是力学中的三个实验装置，由图可知这三个实验共同的物理思想方法是（） A极限的思想方法B放大的思想方法C控制变量的方法D猜想的思想方法3
2、小飞人科比在带球过人时身体与地面的夹角为60，为保持身体稳定，地面对运动员的力必须与身体平行若其转弯半径约为5m，重力加速度g=10m/s2，则小飞人此时运动的速度大小约为（）A2 m/sB5 m/sC9 m/sD12 m/s4某同学观察一只蜗牛爬行，绘出蜗牛在某段时间内的位移时间图象如图所示，对线段OA、AB、BC、CD所表示的运动，下列说法正确的是（）A0.5 s时，蜗牛的速度大小为0.5 m/sBAB段蜗牛做匀速运动CCD段的运动方向与初始运动方向相反D蜗牛在4 s内的位移为2 cm5如图所示，平行金属导轨与水平面成角，导轨与固定电阻R1和R2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面有一导体棒ab
3、，质量为m，导体棒的电阻与固定电阻R1和R2的阻值均相等，与导轨之间的动摩擦因数为，导体棒ab沿导轨向上滑动，当上滑的速度为v时，受到安培力的大小为F此时（）A整个装置因摩擦而消耗的热功率为mgvcosB整个装置消耗的机械功率为（F+mgcos）vC电阻R1消耗的热功率为D电阻 R2消耗的热功率为 6如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A小灯泡L1、L2均变暗B小灯泡L1变亮、L2变暗C电流表A的读数变大，电压表V的读数变小D电流表A的读数变小，电压表V的读数变大7如
4、图所示，物块沿固定斜面下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则（）A若物块原来匀速下滑，施加力F后物块仍将匀速下滑B若物块原来匀速下滑，施加力F后物块将加速下滑C若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将以加速度a匀加速下滑D若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将匀加速下滑，加速度大于a8如图，将质量m=0.1kg的圆环套在固定的水平直杆上环的直径略大于杆的截面直径环与杆间动摩擦因数=0.8对环施加一位于竖直平面内斜向上，与杆夹角=53的拉力F，使圆环以a=4.4m/s2的加速度沿杆运动，则F的大小可能为（取sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2）（
5、）A1NB3 NC7ND9N二非选择题9某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落他打开降落伞后的速度图线如图a降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37，如图b已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f与速度v成正比，即f=kv （g取10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？（3）悬绳能够承受的拉力至少为多少？10如图1所示，若电子由阴极飞出时的初速度忽略不计，电子发射
6、装置的加速电压为U0电容器板长和板间距离均为L=10cm，下极板接地电容器右端到荧光屏的距离也是L=10cm在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如图2所示每个电子穿过两极板的时间极短，可以认为电压是不变的，求：（1）在t=0.04s时刻，电子打在荧光屏上的何处？（2）荧光屏上有电子打到的区间有多长？11如图所示，A是地球的同步卫星另一卫星B的圆形轨道位于赤道平面内，离地面高度为h已知地球半径为R，地球自转角速度为o，地球表面的重力加速度为g，O为地球中心（1）求卫星B的运行周期（2）如果卫星B绕行方向与地球自转方向相同，某时刻A、B两卫星相距最近（O、B、A在同一直线上）
7、，则至少经过多长时间，他们再一次相距最近？12质量m=1kg的物体在F=20N的水平推力作用下，从足够长的粗糙斜面的底端A点由静止开始沿斜面运动，物体与斜面间动摩擦因数为=0.25，斜面固定不动，与水平地面的夹角=37，力F作用4s后撤去，撤去力F后5s物体正好通过斜面上的B点（已知sin 37=0.6，cos 37=0.8，g=10m/s2）求：（1）撤去力F时的速度；（2）力F作用下物体发生的位移；（3）AB之间的距离2016-2017学年广西钦州市高新区高三（上）月考物理试卷（11月份）参考答案与试题解析一、选择题：（本题共8小题.其中1-4题为单选，5-8题为多选全部选对的得3分，选对
8、但不全的得2分，有选错的得0分）1许多科学家在物理学发展过程中做出重要贡献，下列叙述中符合物理学史的是（）A卡文迪许通过扭秤实验，总结并提出了真空中两个静止点电荷间的相互作用规律B第谷发现了行星运动定律C牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量D法拉第经过多年的实验探索终于发现了电磁感应现象【考点】物理学史【分析】根据物理学史和常识解答，记住第谷、开普勒、牛顿、卡文迪许、法拉第的等著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：A、库仑通过扭秤实验，总结并提出了真空中两个静止点电荷间的相互作用规律，故A错误；B、开普勒通过对第谷的观察资料的研究，发现了行星运动定律，故B错误；C、牛顿提出了万
9、有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量，故C错误；D、法拉第经过多年的实验探索终于发现了电磁感应现象，故D正确；故选：D2以下是力学中的三个实验装置，由图可知这三个实验共同的物理思想方法是（） A极限的思想方法B放大的思想方法C控制变量的方法D猜想的思想方法【考点】弹性形变和范性形变【分析】桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化；引力大小仍是借助于光的反射来放大【解答】解：桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化；引力大小仍是借助于光的反射来放大，三个实验均体现出放大的思想方法，故选：B3小飞人科比在带球过人时身
10、体与地面的夹角为60，为保持身体稳定，地面对运动员的力必须与身体平行若其转弯半径约为5m，重力加速度g=10m/s2，则小飞人此时运动的速度大小约为（）A2 m/sB5 m/sC9 m/sD12 m/s【考点】加速度【分析】根据合力提供向心力，结合牛顿第二定律求出“小飞人”此时运动的速度大小【解答】解：根据牛顿第二定律得：，解得：v=故B正确，ACD错误故选：B4某同学观察一只蜗牛爬行，绘出蜗牛在某段时间内的位移时间图象如图所示，对线段OA、AB、BC、CD所表示的运动，下列说法正确的是（）A0.5 s时，蜗牛的速度大小为0.5 m/sBAB段蜗牛做匀速运动CCD段的运动方向与初始运动方向相反
11、D蜗牛在4 s内的位移为2 cm【考点】匀变速直线运动的图像【分析】位移图象的斜率等于物体的速度，由数学知识求速度的大小，确定物体的运动性质蜗牛的位移大小等于纵坐标的变化量【解答】解：A、01s内图象的斜率一定，蜗牛做匀速直线运动，速度大小为 v=0.5cm/s，故A错误；B、AB段表示蜗牛静止，故B错误；C、OA段物体沿正方向运动，CD段物体沿负方向运动，所以CD段的运动方向与初始OA段的运动方向相反故C正确D、蜗牛在4 s内的位移为0故D错误故选：C5如图所示，平行金属导轨与水平面成角，导轨与固定电阻R1和R2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面有一导体棒ab，质量为m，导体棒的电阻与固定电阻R
12、1和R2的阻值均相等，与导轨之间的动摩擦因数为，导体棒ab沿导轨向上滑动，当上滑的速度为v时，受到安培力的大小为F此时（）A整个装置因摩擦而消耗的热功率为mgvcosB整个装置消耗的机械功率为（F+mgcos）vC电阻R1消耗的热功率为D电阻 R2消耗的热功率为 【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律【分析】电阻R1、R2并联与导体棒串联由感应电动势公式E=BLv、欧姆定律、安培力公式，推导安培力与速度的关系式由功率公式电阻的功率、热功率及机械功率【解答】解：A、整个装置因摩擦而消耗的热功率为：Pf=fv=mgcosv=mgvcos，故A正确；B、设ab长度为L，磁感应强度为
13、B，电阻R1=R2=R电路中感应电动势E=BLv，ab中感应电流为：I=，ab所受安培力为：F=BIL=，电阻R1消耗的热功率为：P1=（I）2R=，由得，P1=Fv，电阻R1和R2阻值相等，它们消耗的电功率相等，则P1=P2=Fv，整个装置消耗的机械功率为：P3=Fv+P2=（F+mgcos）v，故B正确，CD错误；故选：AB6如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A小灯泡L1、L2均变暗B小灯泡L1变亮、L2变暗C电流表A的读数变大，电压表V的读数变小D电流表A的读
14、数变小，电压表V的读数变大【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律判断干路电流的变化，即可知道电流表示数的变化和路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化分析并联部分电压的变化，判断L1灯亮度的变化【解答】解：将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，则L2灯变暗，电流表读数变小电源的内电压减小，则路端电压增大，电压表读数变大根据串联电路分压特点可知，并联部分电压增大，则L1灯变亮故BD正确故选：BD7如图所示，物块沿固定斜面下
15、滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F，则（）A若物块原来匀速下滑，施加力F后物块仍将匀速下滑B若物块原来匀速下滑，施加力F后物块将加速下滑C若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将以加速度a匀加速下滑D若物块原来以加速度a匀加速下滑，施加力F后物块仍将匀加速下滑，加速度大于a【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件及其应用【分析】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个分力和，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小【解答】解：AB、设斜面倾角为，原来物体匀速下滑时有：mgsin=mgcos，即s
16、in=cos，与物体的重力无关，则施加竖直向下的力F，物体仍匀速下滑，故A正确，B错误；CD、若物块A原来加速下滑，有mgsinmgcos，将F分解，则FsinFcos，动力的增加大于阻力的增加，加速度变大，故C错误，D正确；故选：AD8如图，将质量m=0.1kg的圆环套在固定的水平直杆上环的直径略大于杆的截面直径环与杆间动摩擦因数=0.8对环施加一位于竖直平面内斜向上，与杆夹角=53的拉力F，使圆环以a=4.4m/s2的加速度沿杆运动，则F的大小可能为（取sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2）（）A1NB3 NC7ND9N【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的
17、运用【分析】对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力，其中弹力可能向上，也可能向下；要分两种情况根据牛顿第二定律列方程求解即可【解答】解：对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力；令Fsin53=mg，F=1.25N 此时无摩擦力圆环沿杆做匀加速运动当F1.25N 时，杆对环的弹力向上，由牛顿第二定律有：水平方向上：FcosFN=ma，竖直方向上：FN+Fsin=mg，解得：F=1N当F1.25N时，杆对环的弹力向下，由牛顿第二定律有：水平方向上有：FcosFN=ma，竖直方向上有：Fsin=mg+FN，解得：F=9N故AD正确，BC错误故选：AD二非选择题9某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中
18、的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落他打开降落伞后的速度图线如图a降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37，如图b已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f与速度v成正比，即f=kv （g取10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？（3）悬绳能够承受的拉力至少为多少？【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】（1）根据速度位移公式求出打开降落伞前人下落的高度（2）抓住平衡，根据kv=（m1+
19、m2）g求出阻力系数，根据牛顿第二定律求出加速度的大小（3）对人分析，根据牛顿第二定律求出拉力的大小【解答】解：（1）根据速度位移公式得：，（2）最后匀速下降时有：kv=（m1+m2）g代入数据解得：k=200Ns/m打开伞瞬间对整体：kv0（m1+m2）g=（m1+m2）a解得： =30m/s2方向竖直向上 （3）设每根绳拉力为T，以运动员为研究对象有：8Tcosm1g=m1a，解得：T=N=312.5N由牛顿第三定律得：悬绳能承受的拉力为至少为312.5N 答：（1）打开降落伞前人下落的距离为20m；（2）求阻力系数k为200N/m，打开伞瞬间的加速度a的大小为30m/s2，方向竖直向上（
20、3）悬绳能够承受的拉力至少为312.5N10如图1所示，若电子由阴极飞出时的初速度忽略不计，电子发射装置的加速电压为U0电容器板长和板间距离均为L=10cm，下极板接地电容器右端到荧光屏的距离也是L=10cm在电容器两极板间接一交变电压，上极板的电势随时间变化的图象如图2所示每个电子穿过两极板的时间极短，可以认为电压是不变的，求：（1）在t=0.04s时刻，电子打在荧光屏上的何处？（2）荧光屏上有电子打到的区间有多长？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）由图象得到t=0.06s时的偏转电压，根据粒子在电场中加速再经偏转电场做类平抛运动，根据偏转电压求出电子在电场中的加速度，根据类平
21、抛运动求解即可求解解在电场中偏转的位移，再根据几何关系求解离开电场后的竖直位移；（2）根据电子在偏转电场中运动，根据类平抛运动知识电子离开偏转电场时的最大偏转距离为，由此根据类平抛求出从极板边缘飞出的电子的偏转电压，根据几何知识求解打在屏上的电子区间【解答】解：（1）设电子经电压U0加速后的速度为v，根据动能定理得：qU0=mv2所以：v=经偏转电场偏转后偏移量y=at2=（）2，所以y=，由题图知t=0.04s时刻U偏=1.2U0，代入数据解得y=3.0 cm设打在屏上的点距O点距离为Y，根据相似三角形得： =代入数据解得：Y=9 cm（2）由题知电子偏移量y的最大值为，所以当偏转电压超过2
22、U0时，电子就打不到荧光屏上了则在偏转电场中的最大偏移为根据=得：Y=所以荧光屏上电子能打到的区间长为：2Y=3L=30 cm答：（1）在t=0.04s时刻，电子打在荧光屏上距O点为9 cm处（2）荧光屏上有电子打到的区间有30cm11如图所示，A是地球的同步卫星另一卫星B的圆形轨道位于赤道平面内，离地面高度为h已知地球半径为R，地球自转角速度为o，地球表面的重力加速度为g，O为地球中心（1）求卫星B的运行周期（2）如果卫星B绕行方向与地球自转方向相同，某时刻A、B两卫星相距最近（O、B、A在同一直线上），则至少经过多长时间，他们再一次相距最近？【考点】万有引力定律及其应用；牛顿第二定律；线速
23、度、角速度和周期、转速【分析】研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出周期卫星A、B绕地球做匀速圆周运动，当卫星B转过的角度与卫星A转过的角度之差等于2时，卫星再一次相距最近【解答】解：（1）设地球质量为M，卫星质量为m，根据万有引力和牛顿运动定律，有：在地球表面有：联立得：（2）它们再一次相距最近时，一定是B比A多转了一圈，有：Bt0t=2其中得：答：（1）卫星B的运行周期是；（2）至少经过，它们再一次相距最近12质量m=1kg的物体在F=20N的水平推力作用下，从足够长的粗糙斜面的底端A点由静止开始沿斜面运动，物体与斜面间动摩擦因数为=0.25，斜面固定不动，与
24、水平地面的夹角=37，力F作用4s后撤去，撤去力F后5s物体正好通过斜面上的B点（已知sin 37=0.6，cos 37=0.8，g=10m/s2）求：（1）撤去力F时的速度；（2）力F作用下物体发生的位移；（3）AB之间的距离【考点】牛顿第二定律；牛顿运动定律的综合应用【分析】（1）根据牛顿第二定律求出在力F作用下的加速度，结合速度时间公式求出撤力时的速度；（2）结合位移时间公式求出物体的位移；（3）再结合牛顿第二定律求出撤去推力后的加速度，根据速度位移公式求出继续上滑的位移和时间；再分析物体下滑过程中的加速度，根据运动学公式求解下滑的距离，由此求出AB的距离【解答】解：（1）在外力F作用下
25、，物体的受力如左图所示，根据牛顿第二定律得：Fcosmgsinf=ma1f=NN=Fsin+mgcos联立并代入数据得：a1=5m/s2撤去力F时的速度v1=a1t1=54=20m/s；（2）根据位移的计算公式可得力F作用下物体发生的位移为：x1=；（3）撤去F后物体继续向上运动时，受力如右图所示，根据牛顿第二定律：mgsin+mgcos=ma2代入数据得：a2=8m/s2物体速度减为零的时间为：t2=；此过程的位移x2=；接着物体加速下滑，根据牛顿第二定律可得：mgsinmgcos=ma3解得：a3=4m/s2根据位移时间公式可得t3=5s2.5s=2.5s内的位移为：x3=a3t32代入数据解得：x3=12.5m；所以AB之间的距离为：x=x1+x2x3=52.5m；答：（1）撤去力F时的速度为20m/s；（2）力F作用下物体发生的位移为40m；（3）AB之间的距离为52.5m2016年12月14日
