1、山东省青岛市2020年中考物理猜想卷（三）一单项选择题（本题满分18分，共9个小题，每小题2分）：下列每个小题的四个选项中只有一个是正确的，请选出并将答案填写在表格内1（2分）一个物体在一对平衡力的作用下，沿光滑水平面做匀速直线运动，当这对平衡力中的其中一个力突然消失，则物体（）A立即做减速运动B运动状态一定发生改变C立即停止运动D仍做匀速直线运动【答案】B【解析】物体在两个平衡力的作用下，做匀速直线运动，如果物体受到的平衡力和物体运动方向在同一条直线上，撤销牵引力，物体将进行减速运动，撤销阻力，物体进行加速运动。如果物体受到的平衡力和物体运动的方向不在同一条直线上，撤销一个力，物体的运动方向
2、会发生改变；所以物体受到的一对平衡力，如果其中一个力突然消失，物体的运动状态一定会发生改变。故ACD都不正确，B正确。选B。2（2分）寒冷的冬天，滴水成冰，挂在室外冰冻的衣服也能晾干的原因是（）A衣服是保暖内衣，能放出大量的热量B衣服上的冰吸收热量，升华为水蒸气C衣服上的冰吸收热量，汽化为水蒸气D衣服上的冰放出热量，升华为水蒸气【答案】B【解析】A、物体是吸收热量还是放出热量，取决于它们的温度差，与保暖内衣无关，故A错误；BCD、寒冷的冬天，室外冰冻的衣服也会晾干，是固体的冰吸收热量直接变为气态的水蒸气，属于升华现象，故B正确，CD错误。选B。3（2分）小姬同学用加热器对杯中的冰进行加热，根据
3、冰熔化成水直到沸腾的过程绘制成温度随时间变化的图象，如图所示下列分析正确的是（）A水沸腾时温度不变，说明沸腾不需要吸热B水沸腾时温度不变，杯中水的内能在减小C冰熔化时温度不变，内能不变D通过图象的DE段可知冰是一种晶体【答案】B【解析】A、水沸腾时温度不变，但需要不停吸热，如果停止加热，沸腾也马上停止。故A错误；B、水沸腾的过程中，需要继续吸热，但温度不变，由于不断的汽化，分子数减少，故分子动能和势能的总和减小，即内能减小，故B正确；C、冰熔化时，不断吸收热量，温度不变，但是其内能增大；故C错误；D、据图可知，BC段是冰的熔化过程，DE为水沸腾过程，故D错误；选B。4（2分）下列四幅关于斜面所
4、受杯子压力的示意图，正确的是（）ABCD【答案】D【解析】杯子对斜面的压力，作用在斜面上，作用点就画在斜面上，压力的方向是垂直于斜面并且指向斜面内部，故D正确，ABC错误。选D。5（2分）某同学乘坐高铁，看到车厢内显示的车速为216千米/时。他估测车厢通过隧道用了10秒，则隧道长度约为（）A60米B600米C2160米D7776米【答案】B【解析】高铁速度为216km/h60m/s，车厢通过隧道用了t10s，根据v得，隧道长：svt60m/s10s600m。选B。6（2分）下列关于电与磁的说法，正确的是（）A利用电磁感应原理，制成发电机B感应电流方向只与磁场方向有关C部分导体在磁场中运动，导体
5、中就产生电流D奥斯特首先发现了电与磁的联系，实现了机械能到电能的转化【答案】A【解析】A、发电机原理是电磁感应现象，把机械能转化为电能。故A正确；B、导体中感应电流的方向与导体运动的方向、磁场的方向都有关系。故B错误；C、闭合电路时，当导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中才产生电流，故C错误；D、奥斯特发现了电流的磁效应，实现了电与磁的转化，所以D错误。选A。7（2分）“等效替代法”是科学研究中的一种常用方法，其实质是在效果相同的情况下，将较为复杂的实际问题变换为简单的熟悉问题。找出其中的规律。下列四个实例中体现了“等效替代法”的是（）A选用一个10的电阻代替两个20并联时的电阻B选用带箭
6、头的直线来表示光线C选用轻绳探究使用定滑轮的特点D选用同一电阻探究电流与电压的关系【答案】A【解析】A、一个10的电阻与两个20的电阻并联，两者在电路中产生的效果相同，采用的是等效替代法。故A符合题意；B、光线实际不存在，选用带箭头的直线表示光线，采用的是模型法。故B不符合题意；C、探究使用定滑轮的特点的实验中，由于绳的重力对该实验有影响，所以可选用轻绳，以便忽略其影响。故C不符合题意；D、研究电流与电压的关系，需要保持电阻一定，采用的是控制变量法。故D不符合题意。选A。8（2分）把装满水的试管浸入水中，口朝下，然后用手握住管底向上提，在管口离开水面前，试管露出水面的部分（）A空的B满水C有水
7、不满D无法判断【答案】B【解析】假设当时的气压p为105Pa，根据pgh知大气压撑水的高度：h10m，由于一个试管的高度远远小于10m，试管内露出水面部分能够充满水，综上分析，故B正确。选B。9（2分）我国最新研制的“复兴号”列车，实验的最高时速超过400km/h，下列说法错误的是（）A它和普通列车相比，动能不一定大B路旁的树相对于高速行驶的列车是运动的C静止在水平桌面上的杯子所受的重力和它对桌面的压力是一对平衡力D列车匀速行驶时，同车厢的乘客看到竖直向上跳起的人落回原处【答案】C【解析】A、虽然“复兴号”列车的速度快，但不知道两列车的质量关系，所以不能确定它和普通列车动能的大小关系，故A正确
8、；B、路旁的树相对于行驶的列车在不断发生位置的变化，因此以行驶的列车为参照物时，路旁的树是运动的，故B正确；C、静止在水平桌面上的杯子所受的重力和它对桌面的压力分别作用在不同物体上，且二力的方向相同，不是一对平衡力，故C错误；D、在平直轨道上匀速行驶的火车车厢里，竖直向上跳起的人由于惯性还要保持原来的运动状态，因此同车厢的乘客会看到他落回原处；故D正确。选C。二、不定项选择题（本题满分12分，共4个小题）：每小题中至少有一个选项是正确的，请选出并将答题卡的对应选项涂黑（每小题全选对得3分，漏选得1分，选错或不选得0分）10（3分）小明观察如图漫画，总结了四个观点，错误的是（）A甲图此刻人对箱子
9、的推力等于箱子受到的摩擦力B乙图此刻箱子受到的摩擦力等于甲图此刻箱子受到的摩擦力C图丙此刻人对箱子的推力大于箱子受到的摩擦力D丙图箱子在同一水平面上滑动时受到的摩擦力大小不变【答案】BC【解析】A、甲图中人用水平推力推木箱，但没有推动，即此时木箱处于平衡状态，此时所受的推力和摩擦力是一对平衡力，故这两个力大小相等。故A正确；B、乙图中表示人用更大的推力，但木箱仍然没有推动，即仍处于平衡状态，所受的推力和摩擦力是一对平衡力，这两个力大小相等，此刻箱子受到的摩擦力大于甲图此刻箱子受到的摩擦力。故B错误；C、丙图中表示木箱在水平地面上已运动起来，但人已经摔倒，不再对木箱施加推力，故C错误；D、丙图中
10、木箱在水平地面上运动，由木箱和水平地面没有改变，所以受到的摩擦力大小不变，故D正确。选BC。11（3分）如图，R0是一定值电阻，闭合开关，向左移动滑片的过程中，以下判断正确的是（）A电压表V1与电流表示数之比为定值B滑动变阻器连入电路的电阻阻值变大C电压表V1与电流表示数都变大D电压表V2与电流表示数都变大【答案】AC【解析】由电路图可知，两电阻串联，电压表V1则R0的电压，电压表V2则R变的电压，电流表测电路的电流。A、由I可知，电压表V1与电流表示数之比等于定值电阻R0的阻值，其比值为一定值，故A正确；BCD、由图知，变阻器滑片以左电阻丝连入电路中，故向左移动滑片的过程中，滑动变阻器连入电
11、路的阻值变小，B错误；由串联电阻的规律，电路的总电阻变小，由I可知，电路的电流变大，即电流表示数变大，根据UIR可知，电压表V1示数变大，根据串联电路电压的规律可知，V2示数变小，故C正确、D错误。选AC。12（3分）如图所示，一块质量为0.5kg的铁块被吸咐在竖直放置且足够长的磁性平板上，在竖直方向上拉力F6N的作用下向上做匀速运动，铁块运动速度与v与时间t的关系图象所示（g取10N/kg）则下列说法正确的是（）A拉力F和物体受到的重力G是一对平衡力B06s内拉力F做的功为7.2JC06s内克服摩擦力做功的功率为0.2WD06s内克服重力所做的功为0.6J【答案】BC【解析】A、铁块的重力G
12、mg0.5kg10N/kg5N，拉力F6N，大小不相等，拉力F和物体受到的重力G不是一对平衡力，故A错误；B、6s内拉力通过的距离svt0.2m/s6s1.2m，拉力F做的功为WFFs6N1.2m7.2J，故B正确；C、铁块在竖直方向上运动时，速度保持不变，因此铁块做匀速直线运动，铁块受到平衡力的作用。在竖直方向上受到竖直向下的重力G、竖直向下的摩擦力f和竖直向上的拉力F，根据平衡力的特点，故铁块受到摩擦力大小fFG6N5N1N，06s内克服摩擦力做功的功率为Pfv1N0.2m/s0.2W，故C正确；D、客服重力做的功WGGs5N1.2m6J，故D错误。选BC。13（3分）如图，弹簧的左端固定
13、，右端连接一个小球，把它们套在光滑的水平杆上，a是压缩弹簧后小球静止释放的位置，b是弹簧原长时小球的位置，c是小球到达最右端的位置，不计空气阻力和摩擦，则（）A小球从a运动到c的过程中，在b位置动能最大B从b到c的过程中，小球的动能转化为弹簧的弹性势能C从a运动到c的过程中，整个装置的机械能不断减小D从b到c的过程中，小球的重力做功为0【答案】ABD【解析】AB、因为水平杆光滑，所以小球在a点时水平方向上只受到弹簧向右的弹力，则小球由a向b运动时会加速运动，即到达b点时速度最快，动能最大；b点是弹簧原长时小球的位置，弹性势能为0，小球到达b点后由于惯性继续向右运动，速度减小，动能变小，同时所以
14、弹簧逐渐被拉伸，弹簧的弹性势能逐渐增大，此时小球的动能转化为弹簧的弹性势能。故AB正确；C、不计空气阻力和摩擦，从a运动到c的过程中，整个装置的机械能守恒。故C错误；D、从b到c的过程中，小球运动的距离与重力的方向垂直，所以重力不做功，即做功为0故D正确。选ABD。三、基础知识题（本题满分32分，共16小题）14（5分）如图所示，将一把钢尺压在桌面上，一部分伸出桌面，用手拨动其伸出桌外的一端能发出声音。（1）说明一切发声体是否发声，由物体是否_决定的。（2）轻拨与重拨钢尺，则钢尺发出声音的_不同。说明声音的大小由发声体的_决定。（3）改变钢尺伸出桌面的长度保持拨的力度不变，则钢尺发出声音_不同
15、。这是由于钢尺振动的_发生了改变。【答案】（1）振动；（2）响度；振幅；（3）音调；频率。【解析】（1）一切发声体都在振动，所以物体是否发声，决定于物体是否振动；（2）轻拨与重拨钢尺，钢尺的振幅不同，钢尺发出声音的响度不同，说明声音的大小由发声体的振幅决定；（3）改变钢尺伸出桌面的长度保持拨的力度不变，钢尺振动的频率不同，发出声音的音调不同，说明音调与钢尺振动的频率有关。15（3分）在探究“光的反射定律”实验时，进行如图甲所示的实验操作。（1）让光线贴着纸板沿AO方向射向镜面，反射角_入射角。（2）在实验过程中，若将纸板倾斜，如图乙所示，让光线仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时反射光线与入射光
16、线_（选填“在”或“不在”）同一平面内，纸板上_（选填“能”或“不能”）看到反射光线。【答案】（1）等于；（2）在；不能。【解析】（1）根据甲图可知，反射角和入射角都等于40，故反射角等于入射角；（2）根据光的反射定律可知，在光的反射现象中，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；因此若将纸板倾斜，如图乙所示，让光线仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时反射光线与入射光线仍在同一平面内，但不能在纸板上看到反射光线。16（5分）某小组的同学在做“比较不同物质的吸热能力”的实验，他们使用了如图所示的装置：加热时间/min012345水的温度/202224262830未知液
17、体的温度/202428323640（1）在设计实验方案时，需要确定以下控制的变量，其中多余的是_（填代号）。A采用完全相同的加热方式B酒精灯里所加酒精量相同C取相同质量的水和未知液体D盛放水和另一种液体的容器相同（2）测得实验数据如表，请根据实验情景回答问题：表中“加热时间”反映了_的多少；在加热时间相同的条件下，升温快的是_；由此可推断c水_c液（填“”、“”或“”）（3）已知水的比热容c水4.2103J/（kg），未知液体比热容c液_。【答案】（1）B；（2）吸收热量；未知液体；2.1103J/（kg）。【解析】（1）用控制变量法进行探究，因为引起温度变化的因素是吸热的多少、物质的质量、加
18、热时间和方式，与酒精的多少无关，所以B选项多余；（2）根据转换法，表中“加热时间”反映了吸收热量的多少；由表中数据知，在加热时间相同的条件下，升温快的是未知液体；因在加热时间相同的条件下，升温小的是水，根据比较吸热能力的方法，水的吸热能力强，即c水c液；（3）由表中数据知，加热2分钟，吸收相同的热量，水升高4，煤油升高8，根据c，在吸热和质量相同的情况下，比热容与升高的温度成反比，故未知液体的比热容大小为：c液4.2103J/（kg）2.1103J/（kg）；17（2分）我市大力实施湿地修复保护工程，从物理学的角度分析：湿地的水面面积大，大量水_（填写物态变化名称）且_（吸热/放热），可以调节
19、湿度和气温。【答案】汽化；吸热。【解析】湿地含有水，水会不停的汽化（蒸发），变成水蒸气，散在空气中，所以可以提高空气中水蒸气的含量，调节空气湿度；汽化过程要吸热，所以可以降低空气温度。18（2分）如图所示，MN为凸透镜的主光轴，A为蜡烛，A为蜡烛通过凸透镜成的像，请根据凸透镜成像原理在图中画出凸透镜并标出它的焦点。【答案】见解析【解析】（1）在烛焰上取一点S，在所成的像上找出其对应的像点S，连接SS，其与主光轴的交点O就是凸透镜的光心，由此可以确定凸透镜的位置；（2）过S点作平行于主光轴的入射光线，经过凸透镜折射后要过S，折射光线与主光轴的交点就是凸透镜焦点F的位置（因为平行于主光轴的光线经过
20、凸透镜折射后过焦点）；如图所示：19（2分）水的比热容为4.2103J/（kg），2kg的水倒掉一半，则剩下的水的比热容是_J/（kg）；初温为20，质量为1kg的水吸收2.1105J热量后温度将升高到_。【答案】4.2103；70。【解析】将2kg的水倒掉一半后，质量改变，但比热容与质量无关，所以水的比热容不变，仍然为4.2103J/（kg）；由Q吸cm（tt0）可得，吸收热量后水升高到的温度：t+t0+2050+2070。20（4分）如图所示，是“探究杠杆的平衡条件”的实验装置。（1）实验前，杠杆如图甲静止，为使得杠杆在水平位置平衡，应将两端的平衡螺母向_调节；（2）杠杆平衡后，在左侧A点
21、挂两个钩码，每个钩码重1N，在右端B竖直向下拉着弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡，如图所示，此时弹簧测力计的示数F_N；（3）若在B点斜向右下方拉弹簧测力计，仍保持杠杆水平平衡，则弹簧测力计的示数将_（变大/变小/不变）；此时，要使杠杆在水平位置平衡且弹簧测力计的示数仍等于F，应将钩码向_（左/右）移动适当的距离。【答案】（1）右；（2）3；（3）变大；右。【解析】（1）实验前，杠杆右端偏高，应将两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡；（2）由图可知：OB：OA2：3，根据杠杆的平衡条件可得，FOBGOA，F3N；（3）斜向下拉时，阻力和阻力臂一定，动力臂变小，动力变大，所以，测力计的示
22、数将大于3N，要保持F大小不变，就得减小阻力臂，即应将钩码向右移动适当的距离。21（4分）小明在生活中发现木块总浮在水面，铁块却沉入水底，由此他提出两个问题：问题1：浸入水中的铁块是否受到浮力？问题2：浮力大小与哪些因素有关？为此他做了进一步的猜想，设计并完成了如图所示实验。（1）（b）、（c）图中弹簧测力计示数均小于（a）图中弹簧测力计示数，说明浸入水中的铁块_（选填“受到”或“不受到”）浮力；（2）做_（选填字母）两次实验，是为了探究铁块浸没在水中时所受浮力大小与深度是否有关；（3）做（d）、（e）两次实验，是为了探究浮力大小与_的关系，（d）图中弹簧测力计的示数_（e）图中弹簧测力计的示
23、数。（选填“大于”、“等于”或“小于”）【答案】（1）受到；（2）c、d；（3）液体密度；大于。【解析】（1）b、c图中弹簧测力计示数均小于a图中弹簧测力计示数，说明浸入水中的橡皮泥受到浮力作用；（2）由图c、d所示实验可知，物体排开液体的种类与物体排开液体的体积都相同而物体浸入液体的深度不同，这两次实验可以探究物体浸没在水中时受到的浮力大小与深度是否有关；（3）由图d、e所示实验可知，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，该实验可以探究浮力大小与液体密度的关系。d、e物体排开液体的体积相同，盐水的密度较大，受到的浮力较大，所以d中测力计的示数大于e中测力计的示数。22（3分）2019年1月3
24、日，嫦娥四号成功登陆月球，成为人类史上首个实现月背软着陆的探测器。着陆器的支架选用密度值较小的钛合金材料，可以_它着陆时对月球表面的压力；同时在它每个支脚底部都安装了一个较大的底盘（如图所示），可以_受力面积；从而_它对月球表面的压强，防止着陆器深陷松软的月球表面。（均选填“增大“或“减小“）【答案】减小；增大；减小。【解析】（1）着陆器的支架选用密度值较小的钛合金材料，可以减小支架的质量，进而减小它着陆时对月球表面的压力；（2）登月舱每个支脚底部都安装了一个面积较大的底盘，增大了接触面积，在压力一定的情况下，能减小对月球表面的压强，防止着陆器深陷松软的月球表面。23（2分）在图中画出手指对墙
25、壁压力的示意图。【答案】见解析【解析】过压力的作用点沿水平向右的方向画一条带箭头的线段，用符号F表示，如图所示：24（6分）图是一辆汽车通过滑轮组匀速提升物体的示意图。在汽车对绳子施加的拉力F的作用下，重1200N的物体A以1m/s的速度匀速上升了2m，在这个过程中，拉力F做功的功率为1.5kW不计绳重和轮与轴的摩擦。求：（1）拉力F所做的有用功W有；（2）滑轮组的机械效率。【答案】（1）拉力F所做的有用功为2400J；（2）滑轮组的机械效率是80%。【解析】（1）有用功：W有Gh1200N2m2400J；（2）物体A以1m/s的速度匀速上升了2m，由v得，物体运动的时间（即做功时间）：t2s
26、，拉力做功：W总Pt1500W2s3000J，滑轮组的机械效率：100%100%80%。25（8分）小阳同学在探究“通过导体的电流跟该导体两端电压的关系”实验中，利用如图所示实验器材进行实验。（1）请在虚线框内画出小阳探究实验的电路图。（2）在图所示实物电路中，_连接有错误。（3）小阳改正错误的电路连接后，进行实验。他闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，观察到电流表的示数_。（4）下表是小阳记录的实验数据。U/V0.40.81.21.62.02.42.8I/A0.080.160.230.380.400.480.56请你根据表中数据在图中的坐标中描点，并绘制出本次实验中通过导体的电流跟该
27、导体两端电压的关系图象。（5）通过绘制图象可发现在测量中有明显错误的数据是I_A的实验数据。根据图象可以判断：当电阻R两端电压为4V时，通过电阻R的电流I约为_A。（6）分析实验图象，得到的结论是：当_一定时，通过导体的电流跟_。【答案】（1）如上左所示；（2）电压表；（3）变大；（4）如上右所示；（5）0.38；0.8；（6）导体的电阻；导体两端的电压成正比。【解析】（1）根据实物图画出电路图，如下左所示：（2）在实物图中，电流从电压表负接线柱流入了，故电压表连接有错误；（3）小阳改正错误的电路连接后，进行实验。他闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定
28、律，观察到电流表的示数变大；（4）根据表中数据，在图中的坐标中描点，然后连线，如下右所示：（5）通过绘制图象可发现在测量中有明显错误的是I0.38A的实验数据；因电流随电压的变化关系图象为过原点的直线，故可得出的结论是：当导体的电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比，当电阻R两端电压为4V时，通过电阻R的电流为2V时电流的2倍，即I约为20.4A0.8A；（6）由（5）知，可得出的结论是：当导体的电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比。26（3分）小文设计了如图甲所示的实验来研究电磁现象，当他闭合开关S后，发现小磁针发生了偏转，这说明电流的周围存在着_，这一现象最早是由_（
29、选填“法拉第”、“奥斯特”或“安培”）发现的；接着小文又找来了一个小铁钉，把导线的一部分绕在上面，制成了一个电磁铁在电路乙中。当再次闭合开关S后，小磁针静止时N极的指向如图乙所示，据此他判断出_端是电源的正极（选填“a”或“b”）【答案】磁场；奥斯特；a。【解析】奥斯特发现在通电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，即发明电流周围存在磁场。小磁针静止时N极向左，即磁感线向左，由通电螺线管的磁场分布可得，电磁铁的右侧为N极，左侧为S极，由安培定则可得：电流由a端流入电磁铁。即a为电源正极，b为电源负极。27（2分）CCTV“广而告之”栏目曾播放过一段公益广告，如图所示，通过插座接入电路的用电器
30、同时工作时，电路中消耗的总功率过大，引起干路中的_（填“电阻”或“电流”）过大。根据焦耳定律可知，干路上的电流产生过多的_，使导线的温度急剧升高，从而烧坏插座和干路的导线，容易引起火灾。【答案】电流；热量。【解析】家庭电流中电压为220V，由PUI可知，通过插座接入电路的用电器同时工作时，电路中的总功率过大，干路电流会过大。根据焦耳定律可知，电流过大时，干路导线会产生过多的热量，使导线温度升高，容易引起火灾。28（3分）拆开图中玩具，发现电源、开关、发光二极管（简称“LED”）、电动机（符号）各一个及连接导线。闭合开关，电动机顺时针转动，LED亮。将电动机一端连线断开，闭合开关，LED亮。（1
31、）在方框内画出玩具的电路图。（2）把电动机断开的连线接回原处。将电源正、负极反接，闭合开关，LED_（选填“亮”或“不亮”）【答案】（1）见图；（2）不亮。【解析】（1）由题意知，断开电动机LED灯还能亮，即两者互不影响，所以电动机和LED并联，且开关位于干路，电路图如图所示：（2）因为二极管具有单向导电性，所以把电动机断开的连线接回原处，将电源正、负极反接，闭合开关，电动机反向转动，但LED不亮。29（2分）小明观察他书桌的电灯，电灯上标有“220V 40W”字样，该电灯正常工作时的电流约为_A；已知小明每天在书桌完成作业的平均时间为2.5h，一度电可单独供小明书桌电灯照明_天。【答案】0.
32、18；10。【解析】电灯正常工作时的功率P40W0.04kw，电压U220V，（1）由PUI可得，正常工作时的电流：I0.18A；（2）由P可得，一度电可单独供小明书桌电灯照明的时间：t25h，供小明书桌电灯照明的天数：10天。四、综合能力题（本题满分36分，共6小题）30（6分）近年来，频频发生轮船的翻沉事件，以下是关于此类事件的一些材料信息，请你模仿样例格式，从材料原文中摘抄出涉及到物理知识的内容，并写出相应的物理知识或规律。救援队抵达轮船翻沉现场后，首先进行水下摸索搜救工作，潜水员进入深水区时，需穿戴好潜水装备；之后救援队利用多台装有多个滑轮组的起吊机器，把船体打捞出水面；在清理船舱时，
33、搜救员利用重锤砸开损坏变形的门窗，用撬棒撬开堵塞通道的重物；为了进一步进行水下搜索，救援队利用起吊机器把船体脱离出事水域。专家建议：如果乘客意外落水，一定要穿好救生衣迅速离开船体，以防被旋涡再次吸入船只；同时应仰起头，保持身体倾斜，借助救生衣的强大浮力，慢慢浮出水面；浮上水面后，不要将手举出水面，要放在水下划水，使头部保持在水面以上。序号材料原文物理知识或规律样例潜水员进入深水区时，需穿戴好潜水装备深度越深，液体压强越大_【答案】序号材料原文物理知识或规律样例潜水员进入深水区时，需穿戴好潜水装备深度越深，液体压强越大救援队利用多台装有多个滑轮组的起吊机器，把船体打捞出水面滑轮组可以省力，也可以
34、改变力的方向用撬棒撬开堵塞通道的重物撬棒是一个省力杠杆，能够省力不要将手举出水面，要放在水下划水力的作用是相互的【解析】救援队利用多台装有多个滑轮组的起吊机器，把船体打捞出水面，滑轮组可以省力，也可以改变力的方向；搜救员利用重锤砸开损坏变形的门窗，利用的是在受力面积一定时，压力越大压强越大；用撬棒撬开堵塞通道的重物时，撬棒是一个省力杠杆，能够省力；以防被旋涡再次吸入船只，原因是在流体中，流速越大的位置压强越小；借助救生衣的强大浮力，慢慢浮出水面，由阿基米德原理F浮gV排可知，救生衣排开水的体积越大，人体所受到的浮力越大；不要将手举出水面，要放在水下划水，利用的是力的作用是相互的，手对水施加向下
35、的力，水对人产生向上的反作用力。31（6分）小明在“探究影响电阻大小的因素”实验中：有a、b、c、d四根不同的电阻丝，b、c、d取a相比，分别只有一个因素不同：b与a长度不同；c与a横截面积不同；d与a材料不同。现将电阻丝a、b、c、d串联在如图所示电路中，用电压表分别测出每根电阻丝两端的电压。（1）电压表的示数越大，表示被测的电阻丝阻值越_。（2）小明选择_和_两根电阻丝，可以探究电阻大小与材料的关系。（3）闭合开关后，小明发现c两端的电压比a两端的电压示数小，说明：在其他条件相同时，_，电阻丝的电阻越小。（4）此实验除了用到转换法，还用到了_法。（5）在保证电路安全的前提下，增大电源电压，
36、_（选填“会”或“不会”）影响实验结论。【答案】（1）大；（2）a；d；（3）横截面积越大；（4）控制变量；（5）不会。【解析】（1）将电阻丝a、b、c、d串联在电路中，根据UIR可知，电流相同时，电压表的示数越大，表示被测的电阻丝阻值越大；（2）要研究探究电阻大小与材料的关系，需要控制长度和横截面积不变，改变电阻丝的材料，则a与d两根电阻丝符合题意；（3）c与a只有横截面积不同，闭合开关后，a与c串联在电路中，电流相同，发现c两端的电压比a两端的电压示数小，说明c的电阻小，而由图知c的横截面积大，说明：在其他条件相同时，横截面积越大，电阻丝的电阻越小。（4）根据（2）（3）知，此实验除了用到
37、转换法，还用到了控制变量法；（5）电阻丝的阻值不变，在电源电压增大时，电流增大，但每个电阻分得电压的比例不变，所以不会影响实验结论。32（9分）如图1所示，L上标有“6V3W”字样，电流表量程为00.6A，电压表量程为015V，变阻器R的最大电阻为100只闭合S1，滑片置于a点时，变阻器连入电路中的电阻为Ra，电流表示数为Ia只闭合S2，移动滑片，变阻器两端电压与其连入电路的电阻关系如图2所示；当滑片置于b点时，电压表示数Ub8V，电流表示数为Ib已知Ra：R012：5，Ia：Ib3：5（灯丝电阻不随温度变化）求：（1）小灯泡的电阻；（2）定值电阻R0和电源电压；（3）在电表的示数不超过量程，
38、灯泡两端的电压不超过额定值的情况下，只闭合S1时，计算电路消耗的总功率范围？【答案】（1）小灯泡的电阻为12；（2）定值电阻R0和电源电压U分别为20和18V；（3）在电表的示数不超过量程，灯泡两端的电压不超过额定电压的情况下，只闭合开关S1时，电路消耗的功率范围为4.5W9W。【解析】（1）由P可得小灯泡的电阻：RL12；（2）由图可知，只闭合开关S1，滑片置于a点时，L与变阻器R串联，变阻器连入电路中的电阻为Ra，由串联电路的电阻特点和欧姆定律可得电路中的电流：Ia，由图可知，只闭合开关S2，滑片P置于b点时，R0与变阻器R串联，电压表测变阻器两端电压，电压表示数Ub8V，由图2可知此时变
39、阻器连入电路中的电阻为R16，由欧姆定律可得：IbIR0.5A，由串联电路的特点和欧姆定律可得电路中的电流：Ib0.5A;由题可知Ia：Ib3：5，所以Ia0.3A，即：0.3A;又因为Ra：R012：5;联立解得：U18V，R020；（3）只闭合开关S1时，L与变阻器R串联，电压表测R两端电压，电流表测电流中的电流，由PUI可得灯泡的额定电流：I额0.5A，电流表量程00.6A，根据串联电路中电流处处相等，所以电路中最大电流为：I最大I额0.5A，则电路消耗的最大功率：P最大UI最大18V0.5A9W，电压表量程015V，当电压表示数最大为15V时，此时灯泡两端电压最小，由串联电路电流特点和
40、欧姆定律可得电路中的最小电流：I最小0.25A，则电路消耗的最小功率：P最小UI最小18V0.25A4.5W，所以电路消耗的功率范围为：4.5W9W。33（9分）龙舟运动是深受顺德人喜爱的一项传统文化活动，如图所示是某次龙舟比赛的情景，问：（1）站在龙头的鼓手击鼓呐喊，指挥运动员奋力向前，若鼓锤对鼓面的垂直作用力为50N，两者的接触面积为5cm2时，大鼓能产生90dB的鼓声，则鼓锤对鼓面的压强为多大？（2）龙舟在前进中，底部最深处离水面40cm，则龙舟底部受到水的最大压强是多少？（3）比赛结束后，龙舟静止在水面上，若龙舟所有物品及运动员的总质量为1.5t，则龙舟排开水的体积是多少m3？【答案】
41、（1）鼓锤对鼓面的压强为1105Pa；（2）龙舟底部受到水的最大压强是4103Pa；（3）龙舟排开水的体积是1.5m3。【解析】（1）鼓锤对鼓面的压强：p1105Pa；（2）龙舟在前进中底部的最大深度：h40cm0.4m，龙舟底部受到水的最大压强：p水gh1.0103kg/m310N/kg0.4m4103Pa；（3）因龙舟静止在水面上处于漂浮状态，所以，受到的浮力：F浮G舟m舟g，由F浮gV排可得：水gV排m舟g，则龙舟排开水的体积：V排1.5m3。34（3分）某校科学兴趣小组在学习了“植物体对水的吸收、利用和散失”的知识后，利用食盐、水、新鲜冬瓜和自制土密度计对植物细胞吸水、失水的原理展开探
42、究。他们将冬瓜除去瓜瓤后制成“冬瓜碗”，并在“冬瓜碗”中加入240g密度为1.2g/cm3的食盐水。并在溶液中放置自制土密度计（实验装置如图甲所示），通过观察一段时间后土密度计浸没深度的变化，分析研究冬瓜得失水分的状况。若土密度计在溶液中浸没的深度随时间的变化曲线如图乙所示。请你帮助该兴趣小组完成实验的探究和分析。（1）实验过程中，土密度计所受的浮力_（选填“增大”、“减小”或“不变”）。根据土密度计浸没深度的变化情况可知，冬瓜在盐水中失水速度变化的特点是_。（2）根据图象数据土密度计浸没深度从6厘米变到6.4厘米的过程中，盐水的密度_（填变大，变小或不变）（3）为了提高该实验中土密度计的精确
43、程度，可以采取的办法是_。【答案】（1）不变；先快后慢，最后几乎不变；（2）变小；（3）用横截面积更小的土密度计。【解析】（1）实验过程中，土密度计始终处于漂浮，由漂浮的特点，所受的浮力与密度计重力，而重力不变，故土密度计所受的浮力不变；根据图象可知：土密度计浸没深度逐渐变大，则V排变大，而浮力不变，由阿基米德原理F浮盐水gV排可知，盐水，盐水变小，即盐水里的水增加，所以冬瓜在盐水中失水，土密度计浸没深度是先快后几乎不再变深，所以冬瓜失水速度变化的特点是先快后慢，最后几乎不变；（2）根据图象数据土密度计浸没深度从6厘米变到6.4厘米的过程中，排开水的体积变大，根据盐水，盐水的密度变小；（3）为
44、了使测量结果更准确，应使“密度计”测量时浸没的深度变化大，根据Vsh，所以可知减小S，即可使h变大，因此可以选用横截面积更小的土密度计等方法。35（3分）在物理课外探究学习活动中，周进拆开了自己新买的LED节能手电筒，发现蜂窝状灯头里有两粒相同规格的LED灯泡。（1）闭合手电筒开关，周进发现两粒LED灯泡都发光，他用电压表分别测量两粒LED灯泡两端的电压，发现都为3V，于是他认为两粒LED灯是并联的，你认为周进的判断方法是：_（选填“正确”或“错误”）的，理由是：_；（2）我们知道，LED灯是用_（选填“超导体”、“半导体”或“绝缘体”）材料制成，周进拆下其中一粒LED灯泡，用精密电表测量出一
45、组电流、电压值，得到LED灯泡的电流随电压变化图象，如图乙所示，他将拆下的一粒LED灯泡与滑动变阻器串联接到5V电源上，用电压表与滑动变阻器（1000 0.3A）并联，如图甲所示。若LED灯泡通过的电流为10mA，求滑动变阻器接入的电阻；当电压表示数为1.5V时，求滑动变阻器接入的电阻；【答案】（1）两灯规格相同，串联在电路中时，两灯的电压也相同；（2）半导体；若LED灯泡通过的电流为10mA，滑动变阻器接入的电阻为250；当电压表示数为1.5V时，滑动变阻器接入的电阻为50；【解析】（1）由题知两灯规格相同，串联在电路中时，根据分压原理，两灯的电压也相同，故周进的判断方法是错误的；（2）LED灯是用半导体材料制成的；由图乙知，当LED灯泡通过的电流为10mA，对应的电压为2.5V，根据串联电路的电压规律和欧姆定律可得，滑动变阻器接入的电阻：R滑250；由题知，当电压表示数为1.5V时，根据串联电路电压的规律，灯两端的电压：ULUU滑5V1.5V3.5V，由图知，此时通过的电流为30mA0.03A，根据串联电路电流的规律和欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入的电阻：R滑50。
