1、云南民族大学附属中学2018届高三10月月考物理试题1. 在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等。以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（ ）A. 牛顿第一定律与牛顿第二定律一样，都可通过实验直接得到的B. 引入重心合力与分力的概念时运用了类比法C. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法D. 在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法【答案】D【解析】试题分析：牛顿第一定律不能由实验直接得
2、出，是一个理想实验，故A错误；引入重心合力与分力的概念时运用了等效替代法，故B错误；在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法，以及在力的合成过程中用一个力代替几个力，采用了建立理想化的物理模型的方法，故C错误；在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法故D正确；故选D考点：物理问题的研究方法【名师点睛】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习。2. 如图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质
3、弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态,此时弹簧压缩量x1。现通过细绳将A向上缓慢拉起，第一阶段拉力做功为W1时，弹簧变为原长；第二阶段拉力再做功W2时，B刚要离开地面，此时弹簧伸长量为x2。弹簧一直在弹性限度内，则（ ）A. x1x2B. 拉力做的总功等于A的重力势能的增加量C. 第一阶段，拉力做的功等于A的重力势能的增加量D. 第二阶段，拉力做的功等于A的重力势能的增加量【答案】B【解析】试题分析：开始时A压缩弹簧，形变量为；要使B刚要离开地面，则弹力应等于B的重力，即，故形变量，则，故A错误；缓慢提升物体A，物体A的动能不变，第一阶段与第二阶段弹簧的形变量相同，弹簧的弹性势能
4、EP相同，由动能定理得：，由于在整个过程中，弹簧的弹性势能不变，物体A、B的动能不变，B的重力势能不变，由能量守恒定律可知，拉力做的功转化为A的重力势能，拉力做的总功等于A的重力势能的增加量，故B正确；由A可知，物体重力势能的增加量为mgx，则第一阶段，拉力做的功小于A的重力势能的增量，故C错误；由A可知，重力势能的增加量为，则第二阶段拉力做的功大于A的重力势能的增加量，故D错误。考点：功能关系【名师点睛】本题对学生要求较高，在解题时不但要能熟练应用动能定理，还要求能分析物体的运动状态，能找到在拉起物体的过程中弹力不做功。3. 如图所示，面积为，内阻不计的100匝矩形线圈ABCD，绕垂直于磁场
5、的轴匀速转动，转动的角速度为 ，匀强磁场的磁感应强度为。矩形线圈通过滑环与理想变压器相连，触头P可移动，副线圈所接电阻，电表均为理想交流电表，当线圈平面与磁场方向平行时开始计时，下列说法正确的是（ ）A. 线圈中感应电动势的表达式为B. P上移时，电流表示数减小C. 时刻，电压表示数为D. 当原副线圈匝数比为时，电阻上消耗的功率为【答案】D【解析】试题分析：矩形闭合导线框ABCD在磁场中转动，产生的交流电的最大值为：，线圈中感应电动势的表达式为e=100cos（100t）V，故A错误；P上移时，原线圈的匝数减小，则导致副线圈电压增大，那么副线圈电流也增大，则原线圈的电流会增大，故B错误；由于最
6、大值为有效值的倍，所以交流电的有效值为U=100V，当t=0时，电压表示数为100V，故C错误；当原、副线圈匝数比为1：2时，次级电压有效值为200V，电阻上消耗的功率为，故D正确；故选D。考点：交流电；变压器4. 如图所示，在竖直放置的平行板电容器的金属板内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球，带电小球静止时绝缘细线与金属板的夹角为电容器接在如图所示的电路中，R1为电阻箱，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻闭合开关S，此时R2的滑片在正中间，电流表和电压表的示数分别为I和U已知电源电动势E和内阻r一定，电表均为理想电表以下说法正确的是( )A. 保持R1不变，将R2的滑片向右端滑动，则I读
7、数变小，U读数变大B. 小球带正电，将R2的滑片向左端滑动过程中会有电流流过R2C. 减小R1，则U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值不变D. 增大R1，则I读数变大，U读数变小【答案】C【解析】电路稳定时，R2相当于导线保持R1不变，将R2的滑片向右端滑动，不改变电路中有效电阻，电路中电流不变，则I读数和U读数均不变，故A错误电容器板间电场方向水平向右，小球受到的电场力也水平向右，所以小球带正电将R2的滑片向左端滑动过程中，电容器的电压不变，带电量不变，没有电流通过R2故B错误根据闭合电路欧姆定律得：U=E-Ir，得 ，保持不变，即减小R1，则U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的
8、比值不变故C正确增大R1，电路中电流减小，路端电压增大，则I读数变小，U读数变大，故D错误故选C.点睛：解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析要明确与电容器串联的电阻，在电路稳定时相当于导线5. 如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔的水平桌面上。小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）。现使小球改到一个更高的水平面上做匀速圆周运动（图上未画出），两次金属块Q都保持在桌面上静止。则后一种情况与原来相比较，下列说法是错误的是( )A. Q受到桌面的支持力不变B. Q受到桌面的静摩擦力变大；C. 小球P运动的周期变大D
9、. 小球P运动的角速度变大；【答案】C【解析】设细线与竖直方向的夹角为，细线的拉力大小为T，细线的长度为LP球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，则有：；mgtan=m2Lsin；Q受到重力、支持力绳子的拉力和桌面的支持力、摩擦力的作用，在竖直方向上：Mg+Tcos=FN；联立可得：FN=Mg+mg，与小球的高度、绳子与竖直方向之间的夹角都无关，保持不变故A正确；对Q球，由平衡条件得知，Q受到桌面的静摩擦力 ，则转速变大时，变大，Q受到桌面的静摩擦力变大,故B正确；由上式得角速度，使小球改到一个更高一些的水平面上作匀速圆周运动时，增大，cos减小，角速度增大根据可知，小
10、球的周期将减小D正确，C错误此题选择错误的选项，故选C.6. 如图所示，竖直平面内1/4光滑圆弧轨道半径为R，等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于圆周最低点，CD是AB边的中垂线在A、B两顶点上放置一对等量异种电荷现把质量为m带电荷量为+Q的小球由圆弧的最高点M处静止释放，到最低点C时速度为v0不计+Q对原电场的影响，取无穷远处为零电势，静电力常量为k，则（）A. 小球在圆弧轨道上运动过程机械能不守恒B. C点电势比D点电势高C. M点电势为D. 小球对轨道最低点C处的压力大小为【答案】AC【解析】小球在圆弧轨道上运动重力做功，电场力也做功，不满足机械能守恒适用条件，故A正确；CD是AB
11、边的中垂线，则CD处于AB两电荷的等势能面上，且两点的电势都为零，故B错误；从M到C的过程中，根据动能定理得：W电+mghmv02，解得：W电mv02mgh，取无穷远处电势为零，则M点的电势能为EPmv02mgh；M点的电势等于，故C正确；小球对轨道最低点C处时，电场力为，故对轨道的压力为，故D错误；故选AC.点睛：此题的难度在于计算小球到最低点时的电场力的大小，注意AB处有等量异种电荷，CD是AB边的中垂线，则CD是等势线7. 如图所示，阻值为R的金属棒从图示位置ab分别以的速度沿光滑导轨（电阻不计）匀速滑到位置，若，则在这两次过程中( )A. 回路电流B. 产生的热量C. 通过任一截面的电
12、荷量D. 外力的功率【答案】AB【解析】试题分析：金属棒切割磁感应产生的感应电动势为，感应电流，故，A正确；产生的热量，所以，B正确；通过任意截面的电荷量，与速度无关，故，C错误；金属棒运动过程中受安培力作用，为使棒匀速运动，外力大小要与安培力相同，则外力的功率，故，D错误；考点：考查了导体切割磁感线运动【名师点睛】本题是电磁感应中的电路问题，关键要掌握感应电流与热量、电荷量、热量和功率的关系，难度不大8. 为纪念中国航天事业的成就，发扬航天精神，自2016年起，将每年的4月24日设立为“中国航天日”。在46年前的这一天，中国第一颗人造卫星发射成功。若该卫星运行轨道与地面的最近距离为，最远距离
13、为。已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，月球绕地球做匀速圆周运动的周期为T，引力常量为G，根据以上信息可求出的物理量有（ ）A. 地球的质量B. 月球绕地球做匀速圆周运动的轨道半径C. 中国第一颗人造卫星绕地球运动的周期D. 月球表面的重力加速度【答案】ABC【解析】试题分析：根据地球表面物体的重力等于万有引力，有，得地球质量，故A正确；月球绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力有，得，地球质量可求出，周期T已知，故可以求出月球绕地球做匀速圆周运动的轨道半径，故B正确；中国第一颗人造卫星绕地球做椭圆运动，椭圆轨道的半长轴，设周期为，根据开普勒第三定律，有，得，故中国第一颗人造卫
14、星的绕地球运动的周期可求出，故C正确；因为月球质量未知，月球的半径也未知，所以月球表面的重力加速度无法求出，故D错误。考点：万有引力定律及其应用【名师点睛】根据地球表面物体重力等于万有引力列式可求出地球的质量；月球绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力可求出月球绕地球的轨道半径；结合开普勒第三定律可求出中国第一颗人造卫星绕地球运动的周期；月球质量和半径均未知，月球表面的重力加速度无法求出；解决本题的关键要建立模型，掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力。三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题第38题为选考题，考生根据要求作答。（
15、一）必考题：共11题，129分9. 某同学在做平抛运动实验得出如图所示的小球运动轨迹，a、b、c三点的位置在运动轨迹上已标出。则：（g取10m/s2）（1）小球平抛的初速度为_m/s。（2）小球开始做平抛运动的位置坐标为x_cm，y_cm。（3）小球运动到b点的速度为_m/s。【答案】 (1). （1）2 (2). （2）-10； (3). -1.25 (4). （3）2.5【解析】试题分析：（1）由图可知a、b、c三点的时间间隔相等，设为T，则竖直方向有：，解得T=0.1s；小球平抛的初速度为；（2）b点的竖直速度为，则从抛出点到b点的时间：，抛出点离b点的竖直距离：；抛出点离b点的水平距离
16、：；小球开始做平抛运动的位置坐标为x 10cm，y 1.25cm。（3）小球运动到b点的速度为：。考点：平抛运动实验。10. 某兴趣小组在一次实验中需测量一只量程已知的电压表的内阻，现提供如下器材：待测电压表一只（量程3V，内阻约3k待测）；电流表一只（量程3A，内阻0.01）；电池组（电动势约为3V，内阻不计）；滑动变阻器一个；变阻箱一个（可以读出电阻值，0-9999）；开关和导线若干。某同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：（1）该同学设计了如图甲、乙两个实验电路。为了更准确地测出该电压表内阻的大小，你认为其中相对比较合理的是_（填“甲”或“乙”）电路。（2）用你选择的电路进行实验时，闭
17、合电键S，改变阻值，记录需要直接测量的物理量：_和_（填上文字和符号）；（3）为方便计算电压表的内阻，需作出相应的直线图线，请从下面选项中选择适当的坐标轴：_AU-IB. C. D.U-R（4）设该直线图像的斜率为k、截距为b，则用k、b表示出的电压表内阻的表达式RV=_。【答案】 (1). （1）乙； (2). 电压表内阻太大，会导致电流表示数几乎为零而无法准确读数 (3). （2）电阻箱的阻值R； (4). （3）C； (5). （4）【解析】试题分析：甲图中电压表的内阻大，流过电流表的电流太小（电流表能读数时指针应在满刻度的以上才行），读数误差比较大；而乙图误差较小用你选择的电路进行实验
18、时，闭合电键S，改变阻值，记录需要直接测量的物理量： 电压表的读数和电阻箱的阻值。根据闭合电路欧姆定律：，斜率k=截距b，联立解得RV。考点： 本题考查测电压表的内阻、闭合电路欧姆定律。11. 如图，质量M1kg的木板静止在水平面上，质量m1kg大小可以忽略的铁块静止在木板的右端。设最大摩擦力等于滑动摩擦力，已知木板与地面间的动摩擦因数10.1，铁块与木板之间的动摩擦因数20.4，取g10m/s2现给铁块施加一个水平向左的力F（1）若力F恒为8N，经1 s铁块运动到木板的左端。求：木板的长度L（2）若力F从零开始逐渐增加，且木板足够长。试通过分析与计算，在图中作出铁块受到的摩擦力f随力F大小变
19、化的图象【答案】（1）1m；（2）f-F图象；【解析】试题分析：（1）对铁块，由牛顿第二定律：对木板，由牛顿第二定律：设木板的长度为，经时间t铁块运动到木板的左端，则：又：，联立解得：L=4m（2）（i）当时，系统没有被拉动，铁块受到的摩擦力f=0（ii）当时，如果M、m相对静止，铁块与木板有相同的加速度，则：解得：此时：，也即所以：当时，（iii）当时，M、m相对滑动，此时铁块受到的滑动摩擦力为图象如图所示。考点：考查了牛顿第二定律的应用12. 如图所示，M、N为中心开有小孔的平行板电容器的两极板，相距为D，其右侧有一边长为2a的正三角形区域，区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，在极板M、N之间
20、加上电压U后，M板电势高于N板电势现有一带正电的粒子，质量为m，电荷量为q，其重力和初速度均忽略不计，粒子从极板M的中央小孔s1处射入电容器，穿过小孔s2后从距三角形A点a的P处垂直AB方向进入磁场，试求：（1）粒子到达小孔s2时的速度；（2） 若粒子从P点进入磁场后经时间t从AP间离开磁场，求粒子的运动半径和磁感应强度的大小；（3）若粒子能从AC间离开磁场，磁感应强度应满足什么条件？【答案】（1） （2） （3）【解析】试题分析：（1）粒子在电场中运动时：解得：，（2）粒子从进入磁场到从AD间离开：解得：，(3)粒子从进入磁场到从AC间离开，解得：由图可知：解得：所以考点：带电粒子在匀强电场
21、中的加速；带电粒子在匀强磁场中的运动.（二）选考题：共45分。请考生从给出的3道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一道题作答，并用2B铅笔在第I卷答题卡选择题答题区域内把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，并在第II卷答题卡选答区域指定位置答题。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。【物理 选修3-3】13. 下列说法正确的是_。A悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数越小，布朗运动越不明显B分子间存在的引力和斥力都随着分子间的距离的增大而减小，但是斥力比引力减小的更快C在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周
22、期性D不需要任何动力或燃料，却能不断对外做功的永动机是不可能制成的E如果没有漏气、没有摩擦，也没有机体热量的损失，热机的效率可以达到100%【答案】BCD【解析】A、悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间跟它相撞的液体分子数越小，受力越不平衡，布朗运动越明显，故A错误由分子力随距离的变化图可知，分子间存在的引力和斥力都随着分子间的距离的增大而减小，但是斥力比引力减小的更快，故B正确由晶体的内部特征可知，在各种晶体中，原子（或分子、离子）都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性，故C正确依据能量守恒定律，不需要任何动力或燃料，却能不断对外做功的永动机是不可能制成的，故D正确如果没有漏气、没有摩擦
23、，也没有机体热量的损失，热机的效率也不可以达到100%，故E错误；故选BCD.14. 如图所示，一圆柱形绝热气缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体活塞的质量为m，横截面积为S，与容器底部相距h现通过电热丝缓慢加热气体，当气体的温度为T1时活塞上升了h已知大气压强为p0重力加速度为g，不计活塞与气缸间摩擦求温度为T1时气体的压强；现停止对气体加热，同时在活塞上缓慢添加砂粒，当添加砂粒的质量为m0时，活塞恰好回到原来位置，求此时气体的温度【答案】 【解析】试题分析：设气体压强为p1，由活塞平衡知：p1S=mg+p0S解得设温度为T1时气体为初态，回到原位置时为末态，则有：初态：压强，温
24、度T1，体积V1=3hS末态：压强，温度T2，体积V2=hS由理想气体的状态方程有：代入初、末态状态参量解得：考点：理想气体的状态方程【物理-选修3-4】15. 如图甲所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t0时刻的波形图，P是离原点x12m的一个介质质点，Q是离原点x24m的一个介质质点，此时离原点x36m的介质质点刚刚要开始振动图乙是该简谐波传播方向上的某一质点的振动图象(计时起点相同)由此可知（_）A这列波的波长4mB这列波的周期T3sC这列波的传播速度v2m/sD这列波的波源起振方向为向上E乙图可能是图甲中质点Q的振动图象【答案】ACE 点睛：本题考查基本的读图能力，由波动图象读出波长
25、，由波的传播方向判断质点的振动方向，由振动图象读出周期，判断质点的振动方向等等都是基本功，要加强训练，熟练掌握16. 如图所示，直角三角形ABC是一玻璃砖的横截面，AB=L，C=90，A=60一束单色光PD从AB边上的D点射入玻璃砖，入射角为45，DB=L/4，折射光DE恰好射到玻璃砖BC边的中点E，已知光在真空中的传播速度为c求：玻璃砖的折射率；该光束从AB边上的D点射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需的时间【答案】（1） （2） 【解析】作出光路图，如图所示过E点的法线是三角形的中位线，由几何关系可知DEB为等腰三角形，DE=DB=由几何知识可知光在AB边折射时折射角为 r=30，所以玻璃砖的
26、折射率为 设临界角为，有sin=，可解得 =45由光路图及几何知识可判断，光在BC边上的入射角为60，大于临界角，则光在BC边上发生全反射；光在AC边的入射角为30，小于临界角，所以光从AC第一次射出玻璃砖，根据几何知识可知 EF=, 则光束从AB边射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需要的时间为 而 ，可解得： 解决本题关键是作出光路图，再运用几何知识求解入射角折射角，要掌握几何光学常用的三个规律：折射定律 、临界角公式sinC=和光速公式【物理 选修3-5】17. 现用一光电管进行光电效应的实验，当用某一频率的光入射时，有光电流产生下列说法正确的是_ A.保持入射光的频率不变，入射光的光强变大，
27、饱和光电流变大 B.入射光的频率变高，饱和光电流变大 C.入射光的频率变高，光电子的最大初动能变大 D.保持入射光的光强不变，不断减小入射光的频率，始终有光电流产生 E.遏止电压的大小与入射光的频率有关，与入射光的光强无关【答案】ACE【解析】试题分析：根据光电效应实验得出的结论：保持入射光的频率不变，入射光的光强变大，饱和光电流变大，故A正确，B错误；根据爱因斯坦光电效应方程得：入射光的频率变高，光电子的最大初动能变大故C正确；遏止电压的大小与入射光的频率有关，与入射光的光强无关，保持入射光的光强不变，若低于截止频率，则没有光电流产生，故D错误，E正确。考点：光电效应18. 如图所示，在光滑水平面上放着A、B、C三个物块，A、B、C的质量依次是m、2m、3m现让A物块以初速度v0向B运动，A、B相碰后不再分开，共同向C运动；它们和C相碰后也不再分开，A、B、C共同向右运动求： （1）碰后C物块速度大小； （2）A、B碰撞过程中的动能损失Ek【答案】（1）；（2）mv02【解析】（1）以A、B、C整体为对象，取向右为正方向，全过程由动量守恒定律得 mv0=（m+2m+3m）v解得 v= （2）设A、B碰撞后的共同速度为v1，由动量守恒定律得 mv0=（m+2m）v1系统的动能损失Ek=mv02-（m+2m）v12；解得Ek=mv02
