1、2020年5月高二化学一、选择题(每小题只有一个正确选项符合题意，每小题3分，共48分)1.下列物质鉴别所用试剂不正确的是（ ）A. 乙醇与乙酸用CaCO3固体B. 乙烷和乙烯用NaOH溶液C. 苯、CCl4和甲酸用水D. 乙烯与乙烷用溴水【答案】B【解析】【详解】A.乙酸的酸性比碳酸强，可以与CaCO3固体反应产生可溶性醋酸钙，CO2气体和水，而乙醇不能反应，可以用CaCO3固体鉴别，A正确；B.乙烷和乙烯都不能与NaOH溶液反应，不能鉴别，B错误；C.苯不溶于水，密度比水小，液体分层，油层在上层；CCl4不溶于水，密度比水大，液体分层，油层在下层；甲酸易溶于水，液体不分层，三种液体物质与水
2、混合现象各不相同，可以鉴别，C正确；D.乙烯通入溴水中，溴水褪色，乙烷通入溴水，不反应，无明显现象，两种气体通入溴水，现象不同，可以鉴别，D正确；故合理选项是B。2.某烯烃与氢气加成后得到2，2二甲基戊烷，烯烃的名称是（ ）A. 2，2二甲基3戊烯B. 2，2二甲基4戊烯C. 4，4二甲基2戊烯D. 2，2二甲基2戊烯【答案】C【解析】【详解】某烯烃与氢气加成后得到2，2二甲基戊烷，该烯烃可为4，4二甲基1戊烯或4，4二甲基2戊烯；答案选C。3. 已知X、Y、Z三种元素组成的化合物是离子晶体，其晶胞如图所示，则下面表示该化合物的化学式正确的（ ）A. ZXY3B. ZX2Y6C. ZX4Y8D
3、. ZX8Y12【答案】A【解析】【详解】本题主要考查了晶体结构的计算及其应用，较易。根据晶体结构的计算方法可知，一个晶胞中含1个Z原子，X原子数为1，Y原子数为3。所以化学式为ZXY3 ，综上所述，本题正确答案为A。4.下列有机物可以形成顺反异构的是（ ）A. 丙烯B. 1-氯-1-丙烯C. 2-甲基-2-丁烯D. 2，3-二甲基-2-丁烯【答案】B【解析】【分析】根据存在顺反异构体的条件：一、分子中至少有一个不能自由旋转碳碳双键；二、双键上同一碳上不能有相同的基团。【详解】A.丙烯分子中有两个氢连在同一个双键碳上，A错误； B.含有碳碳双键；在1-丙烯双键上同一碳上连不相同的基团，B正确；
4、C.2-甲基-2-丁烯在同一碳上连两个相同的基团甲基，C错误；D.2，3-二甲基-2-丁烯的两个碳原子上都连接了相同的基团甲基，D错误；故合理选项是B。【点睛】本题考查有机物的同分异构体顺反异构(即空间异构)的知识，注意把握分子式出现顺反异构的结构要求，题目难度中等。5.下列各组中两个变化所发生的反应，属于同一类型的是（ ）由甲苯制甲基环己烷、由乙烷制溴乙烷乙烯使溴水褪色、乙炔使酸性高锰酸钾水溶液褪色由乙烯制聚乙烯、由1，3丁二烯制顺丁橡胶由苯制硝基苯、由苯制苯磺酸A. 只有B. 只有C. 只有D. 只有【答案】B【解析】【详解】由甲苯制甲基环己烷发生的是加成反应，由乙烷制溴乙烷发生的是取代反
5、应，二者反应类型不同，不符合题意；乙烯使溴水褪色发生的是加成反应，乙炔使酸性高锰酸钾水溶液褪色发生的是氧化反应，二者反应类型不同，不符合题意；由乙烯制聚乙烯发生的是加聚反应，由1，3丁二烯制顺丁橡胶发生的是加聚反应，二者反应类型相同，符合题意；由苯制硝基苯、由苯制苯磺酸发生的都是取代反应，反应类型相同，符合题意；可见反应类型相同的是，故合理选项是B。6.能在有机物的分子中引入羟基官能团的反应类型有：(a)酯化反应(b)取代反应(c)消去反应(d)加成反应(e)水解反应。其中正确的组合有( )A. (b)(d)(e)B. (d)(e)C. (a)(b)(c)D. (b)(c)(d)(e)【答案】
6、A【解析】【详解】酯化反应是消除羟基；消去反应是消除羟基；取代反应可以引入羟基，例如卤代烃的水解反应、酯的水解反应；加成反应可以引入羟基，例如乙烯水化制乙醇；答案选A。【点睛】本题考查有机物合成知识，涉及羟基的引入，题目难度不大，注意把握官能团的性质和转化即可解答该题，酯化反应、消去反应一般是脱HX或H2O，会消除羟基；而-CHO可加氢（既是加成反应又是还原反应）生成-CH2OH，酯的水解可生成醇-OH，卤代烃水解可以生成醇，水解反应属于取代反应。7.某有机物可发生下列变化已知C为羧酸，且C、E均不发生银镜反应，则A的可能结构有A. 1种B. 2种C. 3种D. 4种【答案】B【解析】【分析】
7、A 能在碱性条件下反应生成 B 和 D ， B 与酸反应，应为盐， D 能在 Cu 催化作用下发生氧化，应为醇，则 A 应为酯， C 和 E 都不能发生银镜反应，说明 C 、 E 不含醛基，如 C 为乙酸，则 D 为 CH3CHOHCH2CH3 ，如 C 为丙酸，则 D 为 CH3CHOHCH3，据此进行解答。【详解】A 的分子式为 C6H12O2， A 能在碱性条件下反应生成 B 和 D ， B 与酸反应， B 应为盐， D 能在 Cu 催化作用下发生氧化， D 应为醇，则 A 属于酯， C 和 E 都不能发生银镜反应，说明 C 、 E 不含醛基，则 C 不可能为甲酸， 若 C 为乙酸，则
8、D 为 CH3CH（OH）CH2CH3， 若 C 为丙酸，则 D 为 CH3CH（OH）CH3， 若 C 为丁酸，则 D 为乙醇、 E 为乙醛，不可能， 所以 A 只能为： CH3COOCH（CH3） CH2CH3或CH3CH2COO2CH（CH3）2，总共有两种可能的结构， 答案选 B。【点睛】本题考查有机物的推断，题目难度不大，本题注意 C和 E都不能发生银镜反应的特点，为解答该题的关键，以此推断对应的酸或醇的种类和推断出 A 的可能结构。8.脑白金的主要成分的结构简式如图：下列对脑白金主要成分的推论错误的是（ ）A. 其分子式为C13H16N2O2B. 能水解生成乙酸C. 能与溴水发生加
9、成反应D. 其营养成分及官能团与葡萄糖相同【答案】D【解析】【分析】A.根据结构简式确定分子式；B.该物质中含有肽键，肽键能发生水解反应生成羧基和氨基；C.该物质中含有碳碳双键，具有烯烃性质；D.葡萄糖中含有的官能团有羟基和醛基。【详解】A.根据结构简式确定分子式为C13H16N2O2，A正确；B.该物质中含有肽键，肽键能发生水解反应生成羧基和氨基，所以该物质能发生水解反应并生成乙酸，B正确；C.该物质中含有碳碳双键，具有烯烃性质，能和溴水发生加成反应，C正确；D.葡萄糖中含有的官能团有羟基和醛基，该物质中不含羟基和醛基，D错误；故合理选项是D。【点睛】本题考查有机物结构和性质，明确官能团及其
10、性质关系是解本题关键，侧重考查肽键、烯烃性质，注意常见物质含有的官能团的结构与性质的关系。9.下列物质既能发生消去反应，又能氧化生成醛的是( )A. B. (CH3)3CCH2OHC. D. 【答案】C【解析】【分析】可以发生消去反应则与羟基碳相连的碳上必须要有氢原子，能发生氧化反应生成醛必须羟基碳上有氢且羟基在碳链的两端，据此分析。【详解】A羟基碳上有氢，可以发生氧化反应，但羟基不在碳链两端，生成的是酮，A错误；B羟基碳邻碳上没有氢原子，不能发生消去反应，B错误；C羟基在碳链两端，且羟基碳和羟基相邻的碳上均有氢原子，故可以发生消去反应和氧化反应生成醛，C正确；D羟基碳邻碳上没有氢，不能发生消
11、去反应，D错误；故选C。10.鉴别苯酚溶液、己烷、己烯、乙酸溶液和乙醇液体，可选用的最佳试剂是A. 溴水、新制的Cu(OH)2B. FeCl3溶液、金属钠、溴水、石蕊试液C. 石蕊试液、溴水D. KMnO4酸性溶液、石蕊试液【答案】C【解析】【详解】A溴水和己烷不反应，混合后分层，溴水可以和己烯发生加成反应使溴水褪色，乙醇和溴水是互溶的，苯酚能和溴水反应得到白色沉淀，现象不一样，乙酸与新制的Cu(OH)2反应生成蓝色溶液，乙醇不能，能鉴别，但比较复杂，故A不选；B溴水和己烷不反应，混合后分层，溴水可以和己烯发生加成反应使溴水褪色，乙醇和溴水是互溶的，苯酚能和溴水反应得到白色沉淀，苯酚与氯化铁发
12、生显色反应，现象不一样，可以进行鉴别，乙酸、乙醇与Na反应生成气体，但乙酸可利用石蕊鉴别，但较复杂，故B不选；C溴水和己烷不反应，混合后分层，溴水可以和己烯发生加成反应使溴水褪色，乙醇和溴水是互溶的，苯酚能和溴水反应得到白色沉淀，现象不一样，乙酸可利用石蕊鉴别，能鉴别，且较简单，故C选；D酸性高锰酸钾可以将1-己烯、乙醇、苯酚氧化，高锰酸钾褪色，无法进行鉴别三种物质，故D不选；故选C。【点晴】把握物质的性质及性质差异为解答的关键，注意常见有机物的性质及特征反应即可解答；乙醇易溶于水，苯酚可与溴水反应生成白色沉淀，己烯和正烷都不溶于水，二者密度都比水小，己烯能与酸性高锰酸钾溶液反应，能使溴水褪色
13、，乙酸具有酸性，以此来解答。11.测知氯化钠晶体中相邻的Na+与Cl-的距离为acm，该晶体密度为dgcm-3，则阿伏加德罗常数可表示为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】一个NaCl的晶胞中所包含的Na+为：12+1=4，Cl-数目为：8+6=4，即1个NaCl晶胞的体积实际上是4个Na+和4个Cl-共同所占的体积，由NaCl晶胞示意图可知1个Na+与1个Cl-共同占有的体积为V=(2acm)3=2a3cm3，由等式NAdV=58.5，可得NA=，故答案为C。【点睛】考查有关晶体计算等方法，根据均摊法计算出一个晶胞中所包含的Na+与Cl-数目，均摊法确定立方晶胞中粒子数目
14、的方法是：顶点：每个顶点的原子被8个晶胞共有，所以晶胞对顶点原子只占份额；棱：每条棱的原子被4个晶胞共有，所以晶胞对顶点原子只占份额；面上：每个面的原子被2个晶胞共有，所以晶胞对顶点原子只占份额；内部：内部原子不与其他晶胞分享，完全属于该晶胞。12.下列说法正确的是()A. 天然橡胶和杜仲胶互为同分异构体B. 与属于同系物C. 合成的单体为乙烯和2-丁烯D. 是由苯酚和甲醛发生加成反应后的产物脱水缩合而成【答案】D【解析】An值不同，分子式不同，不属于同分异构体，故A错误；B二者官能团不同，前者是含有羧基，后者含有醛基和羟基，不属于同系物，故B错误；C凡链节中主碳链为6个碳原子，其规律是“见双
15、键，四个碳，无双键，两个碳”画线断开，然后将半键闭合，即将单双键互换，的单体为1，3丁二烯和丙烯，故C错误；D苯酚和甲醛可合成酚醛树脂，故D正确；故选D。点睛：本题的易错点为C，注意高分子化合物找单体的方法。加聚产物的单体推断方法：凡链节的主链上只有两个碳原子(无其它原子)的高聚物，其合成单体必为一种，将两半链闭合即可；凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种，从主链中间断开后，再分别将两个半键闭合即得单体；凡链节中主碳链为6个碳原子，含有碳碳双键结构，单体为两种(即单烯烃和二烯烃)。13.分子式为C5H10O2的同分异构体中属于酯的有( )A. 7种B. 8种C. 9种D.
16、 10种【答案】C【解析】【详解】若为甲酸和丁醇酯化，丁醇有4种，形成的酯有四个：HCOOCH2CH2CH2CH3、HCOOCH2CH（CH3）2、HCOOCH（CH3）CH2CH3、HCOOC（CH3）3；若为乙酸和丙醇酯化，丙醇有2种，形成的酯有2个：CH3COOCH2CH2CH3、CH3COOCH（CH3）2；若为丙酸和乙醇酯化，丙酸有1种，形成的酯有1个：CH3CH2COOCH2CH3；若为丁酸和甲醇酯化，丁酸有2中，形成的酯有2个：CH3CH2CH2COOCH3、（CH3）2CHCOOCH3。故有9种。答案选C。14.为证明溴乙烷中溴元素的存在，进行了一系列实验，试指出下列实验操作步
17、骤的排列顺序中合理的是（ ）加入AgNO3溶液 加入NaOH溶液 加热 加蒸馏水 加入硝酸至溶液呈酸性 加入NaOH乙醇溶液A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】证明溴乙烷中溴元素的存在，先加入氢氧化钠溶液或NaOH乙醇溶液并加热，发生水解反应或消去反应生成NaBr，再加入稀硝酸至溶液呈酸性，最后加入硝酸银溶液，生成淡黄色沉淀，则证明含溴元素，即操作顺序为或，故选A。【点睛】解答本题需要注意溴乙烷中不含溴离子，将卤代烃中的卤素原子变成卤素离子是解答的关键。本题的易错点为反应后的溶液需要加酸至酸性。15.某有机物的结构简式为：CH2=CHCOOH，它含有的官能团正确的是( ) OH
18、COOHA B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】CH2=CHCOOH含有的官能团有、COOH，分别为碳碳双键和羧基；答案选A。16.下列各组物质，化学键和晶体类型都相同的是( )A. 金刚石和CO2B. NaBr和HBrC. CH4和H2OD. Cu和KCl【答案】C【解析】【详解】A、金刚石是共价键结合的原子晶体，CO2是含有共价键的分子晶体，选项A错误；B、溴化钠是离子晶体含有离子键，溴化氢是分子晶体含有共价键，选项B错误；C、CH4和H2O都是分子晶体，都只含共价键，选项C正确；D、Cu是金属晶体，含有金属键，氯化钾是离子晶体，含有离子键，选项D错误；答案选C。【点睛】本题考查了
19、晶体类型和化学键的关系的判断，注意把握有关概念，根据晶体的类型和所含化学键的类型分析，离子晶体含有离子键，可能含有共价键，共价化合物只含共价键，双原子分子或多原子分子含有共价键。第II卷非选择题(52分)二、非选择题(本题包括4小题，共52分)17.(1)提纯下列物质(括号内为杂质)，填写所选用的除杂试剂和除杂方法括号内为杂质除杂试剂操作1乙烷(乙烯)_2乙酸乙酯(乙酸)_3苯(苯酚)_4乙醇(水)_(2)以五倍子为原料可制得A，A结构简式如图所示，回答下列问题：A的分子式为_。有机化合物B在硫酸催化条件下加热发生酯化可得到A。写出B的结构简式为_。写出A与过量NaOH溶液反应的化学方程式_。
20、【答案】 (1). 溴水 (2). 洗气 (3). 饱和碳酸钠溶液 (4). 分液 (5). 氢氧化钠溶液 (6). 分液 (7). 生石灰 (8). 蒸馏 (9). C14H10O9 (10). (11). 【解析】【分析】(1)除杂应满足不能影响被提纯的物质的性质，不引入新杂质，被提纯物质质量不能减少但可增加，并且操作简单可行除杂时要结合物质的物理性质和化学性质进行分离；乙烯能和溴水会发生加成反应而乙烷则不能；乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸能与碳酸钠反应；苯和苯酚互溶，混合物中加入NaOH溶液，生成苯酚钠，溶于水，但苯不溶于水；水和生石灰反应，乙醇和生石灰不反应；据此即可解答。(2)
21、根据A的结构简式推出分子式；A中含有酯基，其水解产物都是相同的，所以B就是A的水解产物；A中除含有1个酯基外，还含有5个酚羟基、1个羧基。但由于水解后的羟基也是酚羟基，所以A需要8mol氢氧化钠。【详解】(1)1乙烷（乙烯）通过溴水时，溴水乙烯可以发生加成反应，生成液态不溶的卤代烃，而乙烷不反应，乙烯被吸收，可以除去乙烷中的乙烯，所以除杂试剂为溴水，操作为洗气，故答案为：溴水；洗气；2乙酸乙酯（乙酸）用饱和碳酸钠溶液，通过乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸的酸性比碳酸强，能与碳酸钠反应生成二氧化碳而被吸收，然后分液可得到纯净的乙酸乙酯，可以除去乙酸乙酯中的乙酸，故答案为：饱和碳酸钠溶液；分液；
22、3苯（苯酚）加氢氧化钠溶液，苯酚和氢氧化钠反应生成溶于水的苯酚钠，但苯不溶于水，可用分液的方法分离，故答案为：氢氧化钠溶液；分液；4乙醇（水），用生石灰，生石灰氧化钙可与水反应生成难挥发的氢氧化钙，乙醇和氧化钙不反应，所以可用加生石灰蒸馏的方法分离，故答案为：生石灰；蒸馏；(2) 根据A的结构简式并结合碳原子的4个价电子可知，分子式为C14H10O9；A中含有酯基，其水解产物都是相同的，所以B就是A的水解产物，其结构简式为；A中除含有1个酯基外，还含有5个酚羟基、1个羧基。但由于水解后的羟基也是酚羟基，所以A需要8mol氢氧化钠，反应的化学方程式为。18.有A、B、C、D四种元素，其中A元素和
23、B元素的原子都有1个未成对电子，A比B少一个电子层，B原子得一个电子填入3p轨道后，3p轨道已充满；C原子的p轨道中有3个未成对电子，其气态氢化物在水中的溶解度在同族元素所形成的氢化物中最大；D的最高化合价和最低化合价的代数和为4，其最高价氧化物中含D的质量分数为 40，且其核内质子数等于中子数。R是由A、D两元素形成的离子化合物，其中A与D2离子数之比为21。请回答下列问题：(1)B的电子排布式为_，在CB3分子中C元素原子的原子轨道发生的是_杂化。(2)C氢化物的空间构型为_，其氢化物在同族元素所形成的氢化物中沸点最高的原因是_。(3)B元素的电负性_D元素的电负性(填“”、“”或“”)，
24、用一个化学方程式说明B、D两元素形成的单质的氧化性强弱：_。(4)如图所示是R形成的晶体的晶胞，设晶胞的棱长为a cm。 试计算R晶体的密度为_。(阿伏加德罗常数用NA表示)【答案】 (1). ls22s22p63s23p6或者Ne3s23p6 (2). sp3 (3). 三角锥形 (4). 氨分子间形成氢键，所以氨气比同族其它元素形成的氢化物沸点高 (5). (6). Cl2+Na2S=2NaCl+S (7). g【解析】【分析】B原子得一个电子填入3p轨道后，3p轨道已充满，B为Cl元素；B-离子为Cl-离子，A+比B-少一个电子层，A+为Na+离子；C原子的p轨道中有3个未成对电子，C原
25、子的外围电子排布为ns2np3，是第A族元素，其气态氢化物在水中的溶解度在同族元素所形成的氢化物中最大，所以为N元素；D的最高化合价和最低化合价的代数和为4，为第A族元素，最高价氧化物中含D的质量分数为 40%，可推知D的相对原子质量为32，其核内质子数等于中子数，所以质子数为16，D为S元素，A+是Na+离子，D2-离子是S2-离子，R是由Na+离子与S2-离子以2：1形成的离子化合物，R是硫化钠。【详解】(1)B离子Cl离子，电子排布式为ls22s22p63s23p6或者Ne3s23p6；CB3分子为NCl3分子，N原子有一对孤对电子，与Cl原子成3个键，杂化轨道数为1+3=4，所以为sp
26、3杂化。故答案为：ls22s22p63s23p6或者Ne3s23p6；sp3。(2)C的氢化物为NH3，N原子采取sp3杂化，N原子有一对孤对电子，所以NH3为三角锥形，N原子电负性很强，氨分子间形成氢键，所以氨气比同族其它元素形成的氢化物沸点高。故答案为：三角锥形；氨分子间形成氢键，所以氨气比同族其它元素形成的氢化物沸点高。(4)B为Cl元素，D为S元素，同周期，自左而右，电负性增强，所以电负性ClS.利用“在氧化还原反应中，氧化剂氧化性大于氧化产物”原理，一般来说电负性越强，元素的非金属性越强，对应的单质的氧化性越强，如在Cl2+Na2S=2NaCl+S反应中，Cl2的氧化性大于O2的氧化
27、性。故答案为：；Cl2+Na2S=2NaCl+S；(5)A+Na+离子，D2离子是S2离子，根据均摊法计算，晶胞含有S2离子个数8+6=4，含有A+是Na+离子8个，即一个晶胞含有4个硫化钠分子，所以密度为=g。19.芳香酯类化合物A、B互为同分异构体，均含C、H、O三种元素。相同状况下，A、B蒸气对氢气的相对密度是97，分子中C、H原子个数相同，且C、H原子个数之和是氧原子数的5倍。已知：各有机物间存在如下转化关系：其中C能发生银镜反应，F经连续氧化可生成C；C与D是相对分子质量相同的不同类有机物。(1)A的分子式是_。(2)E中所含官能团的名称是_；完全燃烧时，1 mol D与1 mol下
28、列_的耗氧量相同(填字母代号)。a.C3H6O3b.C3H8O c.C2H4 d.C2H6O2(3)写出水杨酸与小苏打反应的化学方程式是_；写出C与F反应的化学方程式是_。(4)同时符合下列要求的同分异构体有_种。与A互为同分异构体；能发生水解反应；苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯代物只有1种。(5)1 mol 上述(4)中的一种有机物X，能与4 mol NaOH发生反应，写出此反应的化学方程式_【答案】 (1). C10H10O4 (2). 羧基 (3). ac (4). (5). CH3OH+HCOOH HCOOCH3+H2O (6). 3 (7). +4NaOH2CH3COONa+2H
29、2O【解析】【分析】A、B蒸气对氢气的相对密度是97，则相对分子质量为194，分子中C、H原子个数相同，且C、H原子总数是氧原子数的5倍，设C原子数为n，则H原子数为n，O原子数为，则12n+n+16=194，n=10，分子式为C10H10O4，C能发生银镜反应，应含有醛基，F经连续氧化可生成C，说明F为醇，C为酸且含有醛基，应为HCOOH，则F为CH3OH；C与D是相对分子质量相同的不同类有机物，则D应为CH3CH2OH，由此可知A为，E为CH3COOH，B为，据此分析。【详解】A、B蒸气对氢气的相对密度是97，则相对分子质量为194，分子中C、H原子个数相同，且C、H原子总数是氧原子数的5
30、倍，设C原子数为n，则H原子数为n，O原子数为，则12n+n+16=194，n=10，分子式为C10H10O4，C能发生银镜反应，应含有醛基，F经连续氧化可生成C，说明F为醇，C为酸且含有醛基，应为HCOOH，则F为CH3OH；C与D是相对分子质量相同的不同类有机物，则D应为CH3CH2OH，由此可知A为，E为CH3COOH，B为。（1）由以上分析可知A的分子式为C10H10O4；（2）E为CH3COOH，所含官能团的名称是羧基；D为CH3CH2OH，1molCH3CH2OH完全燃烧消耗（2+-）mol=3mol氧气，a消耗氧气为3+-=3mol，b消耗氧气为3+-=4.5mol，c消耗氧气为
31、2+=3mol，d消耗氧气为2+-=2.5mol，答案选ac；（3）水杨酸含有-COOH，可与碳酸氢钠反应，但酚羟基不反应，则反应的方程式为；C为HCOOH，F为CH3OH，二者可发生酯化反应，反应方程式为CH3OH+HCOOH HCOOCH3+H2O；（4）A为，对应的同分异构体能水解，说明含有酯基，苯环上有两个取代基，且苯环上的一氯代物只有1种，说明取代基相同，且位于对位，可能的同分异构体有、共3种；(5)1 mol 上述(4)中的一种有机物X，能与4 mol NaOH发生反应，则X为，此反应的化学方程式为+4NaOH2CH3COONa+2H2O。20.A物质是由茶叶中一种有机物衍变而来。
32、已知：A物质氢原子核磁共振谱有6种。H结构简式为：它们的关系如下：请回答下列问题：(1)有机物X的结构简式为_(2)指出反应、的反应类型：_ _。(3)写出下列反应的化学方程式(有机物写结构简式)DE：_F在浓硫酸加热条件下发生缩聚反应的化学方程式：_(4)写出所有符合下列条件的A的同分异构体的结构简式：_苯环上只有一个取代基能发生水解反应能与银氨溶液发生反应【答案】 (1). (2). 取代反应 (3). 加成反应 (4). 氧化反应 (5). +2NaOH+NaCl+H2O (6). n+（n-1）H2O (7). 、【解析】【分析】F在浓硫酸、加热作用下生成H，结合H的结构可知F为，A与
33、足量碳酸氢钠反应生成C，则A中含有-COOH，A与HCl发生加成反应生成D，D发生水解反应生成E，E酸化得到F，故E为，D为，A为，C为B能在Cu作催化剂、加热条件下生成G，则B为CH3CH2OH，G为CH3CHO，则X为，据此解答。【详解】F在浓硫酸、加热作用下生成H，结合H的结构可知F为，A与足量碳酸氢钠反应生成C，则A中含有-COOH，A与HCl发生加成反应生成D，D发生水解反应生成E，E酸化得到F，故E为，D为，A为，C为B能在Cu作催化剂、加热条件下生成G，则B为CH3CH2OH，G为CH3CHO，则X为。（1）由上述分析可知，有机物X的结构简式为；（2）反应取代反应，反应属于加成反应，反应属于氧化反应；（3）D-E的化学反应方程式为：+2NaOH+NaCl+H2O，F在浓硫酸加热条件下发生缩聚反应的化学方程式：n+（n-1）H2O；（4）符合下列条件的A（）的同分异构体：苯环上只有一个取代基 能发生水解反应，能与银氨溶液发生反应，应含有甲酸形成的酯基，符合条件的同分异构体有：、。【点睛】本题考查有机物推断、有机反应类型、同分异构体等知识点，注意根据H的结构利用逆推法进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化。
