1、考纲要求1.理解摩尔(mol)、摩尔质量、气体摩尔体积、物质的量浓度、阿伏加德罗常数的含义，并能进行有关计算(混合气体的平均相对分子质量的相关计算不作要求)。2.理解相对原子质量、相对分子质量的定义，并能进行有关计算。3.能根据物质的量与微粒(原子、分子、离子等)数目、气体体积(标准状况下)之间的相互关系进行有关计算。4.了解溶液的含义。5.理解溶液、溶解度、溶液中溶质的质量分数等概念，并能进行有关计算。6.掌握一定溶质质量分数溶液和物质的量浓度溶液的配制方法。考点一洞悉陷阱设置，突破阿伏加德罗常数应用一看“气体”是否处于“标准状况”。二看“标准状况”下，物质是否为“气体”(如CCl4、H2O
2、、Br2、SO3、HF、己烷、苯等在标准状况下不为气体)。题组一气体摩尔体积的适用条件及物质的聚集状态1正误判断，正确的划“”，错误的划“”。(1)2.24LCO2中含有的原子数为0.3NA()(2)常温下，11.2L甲烷气体含有的甲烷分子数为0.5NA()(3)标准状况下，22.4L己烷中含共价键数目为19NA()(4)常温常压下，22.4L氯气与足量镁粉充分反应，转移的电子数为2NA()(5)标准状况下，2.24LHF含有的HF分子数为0.1NA()题组二物质的量或质量与状况2正误判断，正确的划“”，错误的划“”。(1)常温常压下，3.2gO2所含的原子数为0.2NA()(2)标准标况下，
3、18gH2O所含的氧原子数目为NA()(3)常温常压下，92gNO2和N2O4的混合气体中含有的原子数为6NA()题组三物质的组成与结构3正误判断，正确的划“”，错误的划“”。(1)在常温常压下，32g18O2中含有2NA个氧原子()(2)17gOH与17gOH所含电子数均为10NA()(3)相同质量的N2O4与NO2中所含原子数目相同()(4)mgCO与N2的混合气体中所含分子数目为NA()(5)4.5gSiO2晶体中含有的硅氧键的数目为0.3NA()(6)30g甲醛中含共用电子对总数为4NA()一审是否有弱离子的水解；二审是否指明了溶液的体积；三审所给条件是否与电解质的组成有关，如pH1的
4、H2SO4溶液c(H)0.1molL1，与电解质的组成无关；0.05molL1的Ba(OH)2溶液，c(OH)0.1molL1，与电解质的组成有关。题组四电解质溶液中粒子数目的判断4正误判断，正确的划“”，错误的划“”。(1)0.1L3.0molL1的NH4NO3溶液中含有的NH的数目为0.3NA()(2)等体积、等物质的量浓度的NaCl和KCl溶液中，阴、阳离子数目之和均为2NA()(3)0.1molL1的NaHSO4溶液中，阳离子的数目之和为0.2NA()(4)25时，pH13的1.0LBa(OH)2溶液中含有的OH数目为0.2NA()在“NA”应用中，常涉及到以下可逆反应：12SO2O2
5、2SO32NO2N2O4N23H22NH32Cl2H2OHClHClO3NH3H2ONH3H2ONHOH题组五阿伏加德罗常数的应用与“隐含反应”5正误判断，正确的划“”，错误的划“”。(1)2molSO2和1molO2在一定条件下充分反应后，混合物的分子数为2NA()(2)标准状况下，22.4LNO2气体中所含分子数目为NA()(3)100g17%的氨水，溶液中含有的NH3分子数为NA()(4)标准状况下，0.1molCl2溶于水，转移的电子数目为0.1NA()1同一种物质在不同反应中氧化剂、还原剂的判断。如：(1)Cl2和Fe、Cu等反应，Cl2只作氧化剂，而Cl2和NaOH反应，Cl2既作
6、氧化剂，又作还原剂。(2)Na2O2与CO2或H2O反应，Na2O2既作氧化剂，又作还原剂，而Na2O2与SO2反应，Na2O2只作氧化剂。2量不同，所表现的化合价不同。如：Fe和HNO3反应，Fe不足，生成Fe3，Fe过量，生成Fe2。3氧化剂或还原剂不同，所表现的化合价不同。如：Cu和Cl2反应生成CuCl2，而Cu和S反应生成Cu2S。4注意氧化还原的顺序。如：向FeI2溶液中通入Cl2，首先氧化I，再氧化Fe2。题组六氧化还原反应中电子转移数目的判断6正误判断，正确的划“”，错误的划“”。(1)5.6g铁粉与硝酸反应失去的电子数一定为0.3NA()(2)0.1molZn与含0.1mol
7、HCl的盐酸充分反应，转移的电子数目为0.2NA()(3)1molNa与足量O2反应，生成Na2O和Na2O2的混合物，转移的电子数为NA()(4)1molNa2O2与足量CO2充分反应转移的电子数为2NA()(5)向FeI2溶液中通入适量Cl2，当有1molFe2被氧化时，共转移的电子的数目为NA()(6)1molCl2参加反应转移电子数一定为2NA()题组七2015年“NA”应用高考试题汇编7(2015全国卷，8)NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是()A18gD2O和18gH2O中含有的质子数均为10NAB2L0.5molL1亚硫酸溶液中含有的H离子数为2NAC过氧化钠与水反应时，
8、生成0.1mol氧气转移的电子数为0.2NAD密闭容器中2molNO与1molO2充分反应，产物的分子数为2NA8(2015全国卷，10)NA代表阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是()A60g丙醇中存在的共价键总数为10NAB1L0.1molL1的NaHCO3溶液中HCO和CO的离子数之和为0.1NAC钠在空气中燃烧可生成多种氧化物，23g钠充分燃烧时转移电子数为1NAD235g核素U发生裂变反应：UnSrXe10n，净产生的中子(n)数为10NA9(2015广东理综，10改编)设nA为阿伏加德罗常数的数值，下列说法正确的是()A23gNa与足量H2O反应完全后可生成nA个H2分子B1mol
9、Cu和足量热浓硫酸反应可生成nA个SO3分子C标准状况下，22.4LN2和H2混合气中含2nA个原子D3mol单质Fe完全转变为Fe3O4，失去8nA个电子10(2015四川理综，5)设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是()A2.0gHO与D2O的混合物中所含中子数为NAB常温常压下，4.4g乙醛所含键数目为0.7NAC标准状况下，5.6LCO2与足量Na2O2反应转移的电子数为0.5NAD50mL12molL1盐酸与足量MnO2共热，转移的电子数为0.3NA考点二一定物质的量浓度溶液的配制配制一定物质的量浓度溶液的实验是中学化学中一个重要的定量实验。复习时，要熟记实验仪器，掌握操作步
10、骤，注意仪器使用，正确分析误差，明确高考题型，做到有的放矢。1七种仪器需记牢托盘天平、量筒、玻璃棒、容量瓶、胶头滴管、烧杯、药匙。2实验步骤要理清如：配制500mL0.1molL1Na2CO3溶液，图中操作中应该填写的数据为_，实验时操作的先后顺序为_(填编号)。3仪器使用要明了(1)容量瓶使用的第一步操作是“查漏”，回答容量瓶时应指明规格，并选择合适的容量瓶，如配制480mL溶液，应选用500mL容量瓶。容量瓶不能用于溶解、稀释和存放液体，也不能作为反应容器。(2)玻璃棒的作用是搅拌和引流，在引流时，玻璃棒末端应插入到刻度线以下，且玻璃棒靠近容量瓶口处且不能接触瓶口，如图所示。附容量瓶的查漏
11、方法向容量瓶中加入适量水，盖好瓶塞，左手食指顶住瓶塞，右手托住瓶底，将容量瓶倒转过来看瓶口处是否有水渗出，若没有，将容量瓶正立，将瓶塞旋转180度，重复上述操作，如果瓶口处仍无水渗出，则此容量瓶不漏水。若漏水，可以在瓶塞处涂点凡士林。4误差分析点点清进行误差分析的依据是c，根据公式，分析各个量的变化，判断可能产生的误差。用“偏高”、“偏低”或“无影响”填空：(1)砝码生锈：_。(2)定容时，溶液温度高：_。(3)用量筒量取液体时，仰视读数：_。(4)定容时俯视容量瓶刻度线：_。(5)称量时物码颠倒且使用游码：_。(6)未洗涤烧杯、玻璃棒：_。(7)称量易吸水物质时间过长：_。(8)用量筒量取液
12、体时，俯视读数：_。(9)转移时，有液体溅出：_。(10)滴加蒸馏水超过容量瓶刻度线，再用胶头滴管吸出：_。(11)定容摇匀后，液面低于刻度线，再加水至刻度线：_。(12)容量瓶内有少量水：_。题组一仪器的正确使用及实验操作的规范性1正误判断，正确的划“”，错误的划“”。(1)配制一定物质的量浓度的NaNO3溶液()(2015重庆理综，4B)(2)称取2.0gNaOH固体，可先在托盘上各放一张滤张，然后在右盘上添加2g砝码，左盘上添加NaOH固体()(2015福建理综，8A)(3)配制0.10molL1NaOH溶液()(2015安徽理综，8A)(4)配制一定浓度的NaCl溶液()(2015四川
13、理综，3A)(5)洗净的锥形瓶和容量瓶可以放进烘箱中烘干()(2014新课标全国卷，12A)(6)用容量瓶配溶液时，若加水超过刻度线，立即用滴管吸出多余液体()(2014新课标全国卷，12D)(7)配制溶液定容时，俯视容量瓶刻度会使溶液浓度偏高()(2014大纲全国卷，6C)(8)配制0.1000molL1氯化钠溶液时，将液体转移到容量瓶中需用玻璃棒引流()(2013福建理综，10C)(9)用固体NaCl配制0.5molL1的溶液，所用的仪器是：烧杯、玻璃棒、胶头滴管、容量瓶()(2013山东理综，11C)2用固体样品配制一定物质的量浓度的溶液，需经过称量、溶解、转移溶液、定容等操作。下列图示
14、对应的操作规范的是()3(1)配制浓度为2molL1的NaOH溶液100mL，用托盘天平称取NaOH固体时，天平读数将_(填写字母)。A等于8.0gB等于8.00gC大于8.0gD等于0.2g(2)某实验中需2molL1的Na2CO3溶液950mL，配制时应选用的容量瓶的规格为_，称取Na2CO3的质量为_。题组二误差分析4(2015无锡模拟)下列操作会使配制的BaCl2溶液浓度偏低的是_(填字母)。A配制1L0.1molL1的BaCl2溶液时，将砝码放在左盘上，将BaCl2放在右盘上进行称量B选用的容量瓶内有少量蒸馏水C定容摇匀后，液面下降，又加水至刻度线D整个配制过程中，容量瓶不振荡考点三
15、以“物质的量”为核心的计算1明确一个中心必须以“物质的量”为中心“见量化摩，遇问设摩”。2用好一个定律阿伏加德罗定律及推论可概括为“三同定一同，两同见比例”，可用VnVm及mV等公式推导出：(1)同温同压时：V1V2n1n2N1N2；12M1M2；同质量时：V1V2M2M1。(2)同温同体积时：p1p2n1n2N1N2；同质量时：p1p2M2M1。(3)同温同压同体积时：M1M2m1m2。3注意三个守恒4熟记两个公式(1)气体溶质物质的量浓度的计算：标准状况下，1L水中溶解某气体VL，所得溶液的密度为gcm3，气体的摩尔质量为Mgmol1，则cmolL1(2)溶液中溶质的质量分数与物质的量浓度
16、之间的换算：c(c为溶质的物质的量浓度/molL1，为溶液的密度/gcm3，w为溶质的质量分数，M为溶质的摩尔质量/gmol1)。5掌握两条规律(1)稀释定律如用V1、V2、c1、c2分别表示稀释前后溶液的体积和溶质的物质的量浓度，有c1V1c2V2。如用m1、m2、w1、w2分别表示稀释前后溶液的质量和质量分数，有m1w1m2w2。(2)混合规律同一溶质不同浓度的溶液混合后溶质质量分数的判断方法：设溶质质量分数分别为w1和w2的两溶液混合后所得溶液溶质的质量分数为w。两溶液等质量混合：w(w1w2)。两溶液等体积混合a若溶液中溶质的密度大于溶剂的密度，则w(w1w2)，如H2SO4溶液。b若
17、溶液中溶质的密度小于溶剂的密度，则w(w1w2)，如氨水、酒精溶液。题组一阿伏加德罗定律及其推论应用1同温同压下，xg甲气体和yg乙气体占有相同的体积，根据阿伏加德罗定律判断下列叙述错误的是()Axy等于甲与乙的相对分子质量之比Bxy等于甲与乙的分子个数之比Cxy等于同温同压下甲与乙的密度之比Dyx等于同温同体积下，等质量的甲与乙的压强之比2(2015连云港一模)在两个密闭容器中，分别充有质量相同的甲、乙两种气体，若两容器的温度和压强均相同，且甲的密度大于乙的密度。则下列说法正确的是()A物质的量：甲乙C摩尔体积：甲乙D相对分子质量：甲乙题组二电荷守恒法在物质的量浓度计算中的应用3把500mL
18、含有BaCl2和KCl的混合溶液分成5等份，取一份加入含amol硫酸钠的溶液，恰好使钡离子完全沉淀；另取一份加入含bmol硝酸银的溶液，恰好使氯离子完全沉淀。则该混合溶液中钾离子浓度为()A0.1(b2a) molL1B10(2ab) molL1C10(ba) molL1D10(b2a) molL14把VL含有MgSO4和K2SO4的混合溶液分成两等份，一份加入含amolNaOH的溶液，恰好使镁离子完全沉淀为氢氧化镁；另一份加入含bmolBaCl2的溶液，恰好使硫酸根离子完全沉淀为硫酸钡。则原混合溶液中钾离子的浓度为()A.molL1B.molL1C.molL1D.molL1题组三有关浓度的换
19、算5相对分子质量为M的气态化合物VL(标准状况)，溶于mg水中，得到质量分数为w的溶液，物质的量浓度为cmolL1，密度为gcm3。则下列说法不正确的是()A相对分子质量MB物质的量浓度cC溶液的质量分数wD溶液密度6体积为V、密度为的某溶液中，含有摩尔质量为M的溶质mg。若此溶液中溶质的物质的量浓度为c，溶质的质量分数为w，则下列各表示式中正确的是()AcBmVwCwD题组四溶液稀释规律的应用7取100mL0.3molL1的硫酸溶液和300mL0.25molL1的硫酸溶液加水稀释至500mL，该混合溶液中H的物质的量浓度是()A0.21molL1B0.42molL1C0.56molL1D0.
20、26molL18实验室常用98%(1.84gmL1)的浓H2SO4配制14的稀H2SO4，此稀H2SO4的密度为1.23gmL1，其物质的量浓度为()A4.6molL1B5.7molL1C3.88molL1D18.4molL1方法技巧掌握两项技能1用98%的浓H2SO4配制100mL14的稀H2SO4：用量筒量取80mL的水注入200mL的烧杯，然后再用另一只量筒量取20mL的浓H2SO4沿着烧杯内壁缓慢注入水中，并用玻璃棒不停搅拌。2配制100g20%的NaCl溶液：准确称量20.0gNaCl固体，然后再转移到200mL的烧杯中，再用量筒量取80mL的水注入烧杯中，并用玻璃棒不停搅拌直到完全
21、溶解为止。考点四溶解度及其曲线1溶解度的概念及影响因素在一定温度下，某固体物质在100g溶剂(通常是水)里达到饱和状态时所溶解的质量，叫做这种物质在该溶剂里的溶解度，其单位为“g”。固体物质溶解度(饱和溶液)S100g影响溶解度大小的因素(1)内因：物质本身的性质(由结构决定)。(2)外因溶剂的影响：如NaCl易溶于水，不易溶于汽油；温度的影响：升温，大多数固体物质的溶解度增大，少数物质却相反，如Ca(OH)2；温度对NaCl的溶解度影响不大。2溶解度的表示方法及应用(1)列表法硝酸钾在不同温度时的溶解度：温度()0102030405060708090100溶解度(g)13.320.931.6
22、45.863.985.5110138168202246(2)溶解度曲线3溶解度曲线的含义(1)不同物质在各温度时的溶解度不同。(2)曲线与曲线交点的含义：表示两物质在某温度时有相同的溶解度。(3)能很快比较出两种物质在某温度范围内溶解度的大小。(4)多数物质溶解度随温度升高而增大，有的变化不大(如NaCl)，少数随温度升高而降低如Ca(OH)2。(5)判断结晶的方法溶解度受温度影响较小的(如NaCl)采取蒸发结晶的方法；溶解度受温度影响较大的采取蒸发浓缩、冷却结晶的方法；带有结晶水的盐，一般采取蒸发浓缩、冷却结晶的方法，应特别注意的是若从FeCl3溶液中结晶出FeCl36H2O晶体，应在HCl
23、气氛中蒸发浓缩、冷却结晶。(6)判断多溶质溶液的提纯方法(设A为NaCl型溶质，B为KNO3型溶质)A溶液中(含少量B杂质)提取AB溶液中(含少量A杂质)提取B题组一溶解度的基本应用1(2014新课标全国卷，11)溴酸银(AgBrO3)溶解度随温度变化曲线如下图所示。下列说法错误的是()A溴酸银的溶解是放热过程B温度升高时溴酸银溶解速度加快C60时溴酸银的Ksp约等于6104D若硝酸钾中含有少量溴酸银，可用重结晶方法提纯2下图为氯化钠、碳酸钠在水中的溶解度曲线，请回答下列问题。(1)碳酸钠和氯化钠混合溶液的pH_7(填“”、“”、“乙，则气体体积甲乙，摩尔质量在数值上等于其相对分子质量，所以相
24、对分子质量甲乙，故D正确。3D根据题意，500mL溶液分成5等份，每份为100mL。每份中n(Ba2)amol，n(Cl)bmol，根据电荷守恒关系得n(K)(b2a)mol，则c(K)10(b2a) molL1。4D注意混合液分成两等份，由Mg22OH=Mg(OH)2、Ba2SO=BaSO4可知原溶液中n(Mg2)molamol、n(SO)2bmol，依据电荷守恒可知原溶液中n(K)2n(SO)2n(Mg2)2(2ba) mol。5C由c知D项正确；由c知B项正确；由w知C项错误，将此式变形后即可得到A项中的式子。6A已知：c1000或c。A项，c，正确；B项，m1000wV，错误；C项，w
25、，错误；D项，注意w与w%的区别，错误。7B根据题意可知，容量瓶中H2SO4溶液的H浓度关系如下：c3V3c1V1c2V2，可得n(H)(0.1L0.3molL10.3L0.25molL1)20.21mol，所以c(H)0.42molL1。8C实验室配制14溶液的含义是指取1体积的浓硫酸与4体积的水混合。求算所得溶液的溶质质量分数：w%(1mL1.84gmL198%)/(1 mL1.84 gmL14 mL1 gmL1)100%30.9%，稀硫酸的物质的量浓度为c(H2SO4)(1 000 mL1.23 gmL130.9%)/(98gmol11L)3.88molL1，故选C。考点四知识精讲3(6
26、)蒸发浓缩，结晶，趁热过滤。蒸发浓缩，冷却结晶，过滤。题组集训1AA项，由题图可知，随着温度升高，溴酸银的溶解度逐渐增大，因此AgBrO3的溶解是吸热过程；B项，由图像曲线可知，温度升高斜率增大，因此AgBrO3的溶解速度加快；C项，由溶解度曲线可知，60时，AgBrO3的溶解度约为0.6g，则其物质的量浓度约为0.025molL1，AgBrO3的Kspc(Ag)c(BrO)0.0250.0256104；D项，若KNO3中含有少量AgBrO3，可通过蒸发浓缩得到KNO3的饱和溶液，再冷却结晶获得KNO3晶体，而AgBrO3留在母液中。2(1)(2)50(3)(4)Na2CO3(5)HNO3Ag
27、NO3解析(1)由于COH2OHCOOH，所以Na2CO3和NaCl混合溶液的pH7。(2)根据溶解度曲线，40时Na2CO3的溶解度为50g。(3)根据溶解度曲线，大于30时，Na2CO3的溶解度大于NaCl的溶解度。(4)由于Na2CO3的溶解度受温度的影响很大，而NaCl的溶解度受温度的影响较小，所以40的Na2CO3、NaCl的饱和溶液，当温度降低到20时，析出的主要物质是Na2CO3。(5)用稀HNO3检验Na2CO3，用AgNO3溶液检验NaCl。3高于60解析由图可知，要从MnSO4和MgSO4混合溶液中结晶MnSO4H2O晶体，温度应大于60，其原因是此时MgSO46H2O的溶
28、解度大于MnSO4H2O的溶解度，有利于MnSO4H2O晶体析出，MgSO46H2O不易析出。4(1)蒸发结晶趁热过滤冷却结晶(2)向溶液中加入稍过量双氧水，充分反应向溶液中加入氧化镁调节pH为3.28.2(3)MgCl22NaClO3=Mg(ClO3)22NaCl(4)ClO6Fe26H=6Fe3Cl3H2O解析(1)过滤所得的滤液中含有NaCl、MgCl2、NaClO3等杂质，根据图2所示的物质溶解度大小，由溶液获得晶体的方法是蒸发结晶、趁热过滤，其滤液为Mg(ClO3)2溶液，然后再将滤液进行冷却结晶得到Mg(ClO3)26H2O，最后过滤洗涤该晶体，干燥得到纯净的Mg(ClO3)26H
29、2O。(2)加入BaCl2溶液后除去SO杂质，关键是除去Fe2，由于Fe2完全沉淀时Mg2也部分沉淀，所以需用H2O2将Fe2氧化为Fe3，然后用MgO调节溶液pH为3.28.2，此条件下Fe3完全沉淀，Mg2未沉淀，从而除去Fe2杂质。(3)MgCl2与饱和NaClO3溶液发生复分解反应生成Mg(ClO3)2和NaCl，由于NaCl的溶解度小于NaClO3的，则NaCl以晶体形式析出，其反应方程式为MgCl22NaClO3=Mg(ClO3)22NaCl。(4)ClO具有氧化性，可以将Fe2氧化为Fe3，其离子方程式为ClO6Fe26H=6Fe3Cl3H2O。考点五题组集训1A设CO、HCO的
30、物质的量分别为x、y，则解得。22molL1解析依题意，有：本题可用关系式法求解。由上述两个反应及电子转移守恒理论，得知I与Cl2之间的关系式：2ICl2。设KI的物质的量是x，则2ICl221x0.025mol，x0.05mol。c(KI)2molL1。3假设10.8g全部为M，则MMOHMrMr17108g10.8g16g所以Mr35.3。假设10.8g全部为M2O，则M2O2MOH2Mr162(Mr17)108g10.8g16g所以Mr10.7实际碱金属相对原子质量应在10.735.3之间，所以为Na。解析由题意可知，M、M2O共10.8g，转化为MOH16g，若设M有xg，则MMOHM
31、2O2MOHMrMr172Mr162(Mr17)xx10.8x(10.8x)所以x(10.8x)16。由上可知，一个二元一次方程无法求解，但由定义域0x10.8，可求出Mr的取值范围，即x0时，Mr10.7或x10.8g时，Mr35.3。实际碱金属相对原子质量在10.735.3之间，为Na。4AN23H22NH3V1L3L2L2L由以上关系式可知，反应前后体积的减少与生成的NH3体积相等。设平衡时混合气体100L，其中含20LNH3，则原气体总体积减少20L。所以，反应前氮气和氢气总体积为120L，反应后体积缩小的百分率为100%16.7%。专题二化学计量及其应用一、单项选择题1(2015苏州
32、高三质量检测)关于Na2O2的叙述正确的是(NA为阿伏加德罗常数的值)()A7.8gNa2O2含有的共价键数为0.2NAB7.8gNa2S与Na2O2的混合物，含离子总数为0.3NAC7.8gNa2O2与足量的CO2充分反应，转移的电子数为0.2NAD0.2molNa被完全氧化生成7.8gNa2O2，转移电子的数目为0.4NA2设NA为阿伏加德罗常数的数值，下列说法正确的是()A1mol甲烷中含有10NA个质子B27g铝被完全氧化成氧化铝，失去2NA个电子C标准状况下，22.4L苯含有NA个C6H6分子D常温常压下，28g乙烯含有2NA个碳碳双键3(2015江苏省南通、扬州、连云港高三调研)设
33、NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法中正确的是()A常温常压下，2.24LH2O中含有极性共价键的数目为0.2NAB0.1molL1NH4Cl溶液中含有NH的数目小于0.1NAC100mL12molL1的浓HNO3与过量Cu反应转移电子的数目为0.6NAD标准状况下，11.2L由CH4和C2H4组成的混合气体中含有氢原子的数目为2NA4下列溶液配制实验的描述完全正确的是()A在容量瓶中先加入一定体积的水，再加入浓硫酸配制准确浓度的稀硫酸B用浓盐酸配制11(体积比)的稀盐酸(约6molL1)通常需要用容量瓶等仪器C配制NH4Fe(SO4)2标准溶液时，加入一定量H2SO4以防水解D用pH1的盐酸配
34、制100mL、pH2的盐酸所需全部玻璃仪器有100mL容量瓶、烧杯、玻璃棒、胶头滴管5下图是某同学用500mL容量瓶配制0.10molL1NaOH溶液的过程：该同学的错误步骤有()A1处B2处C3处D4处63g镁铝合金与100mL稀硫酸恰好完全反应，将反应后的溶液加热蒸干，得到无水硫酸盐17.4g，则原硫酸的物质的量浓度为()A1molL1B1.5molL1C2molL1D2.5molL17有K2SO4和Al2(SO4)3的混合溶液，已知其中Al3的物质的量浓度为0.4molL1，SO的物质的量浓度为0.7molL1，则此溶液中K的物质的量浓度为()A0.1molL1B0.15molL1C0.
35、2molL1D0.25molL1二、不定项选择题8相对分子质量为M的某物质在室温下的溶解度为Sg，此时测得饱和溶液的密度为gcm3，则该饱和溶液的物质的量浓度是()A.molL1B.molL1C.molL1D.molL19(2015无锡模拟)标准状况下VL氨气溶解在1L水中(水的密度近似为1gmL1)，所得溶液的密度为gmL1，溶质的质量分数为w，物质的量浓度为cmolL1，则下列关系中不正确的是()ABwCwDc10如下图是X、Y两种固体物质的溶解度曲线，下列说法不正确的是()A将20的不饱和溶液X降温到10，溶液X仍然是不饱和溶液Ba点表示30时，X的溶解度为60gCb点表示20时，X、Y
36、的溶解度相等D同质量的X、Y饱和溶液从30降到10时，析出的Y的质量大于析出的X的质量三、非选择题11用密度为1.16gmL1、质量分数为36.5%的浓盐酸配制1molL1的稀盐酸，现实验室需要这种稀盐酸220mL，试回答下列问题：(1)配制稀盐酸时，应选用规格为_mL的容量瓶。(2)经计算需要_mL浓盐酸，在量取时宜选用下列量筒中的_(填字母)。A5mL量筒B10mL量筒C25mL量筒D50mL量筒(3)若配制过程中其他操作完全正确，则下列操作将使配制的稀盐酸浓度偏高的是_，浓度偏低的是_。(填序号)用刚刚洗涤干净的量筒来量取浓盐酸移液时，未用蒸馏水洗涤烧杯内壁或未将洗涤液注入容量瓶容量瓶用
37、蒸馏水洗涤后未干燥直接将量取的浓盐酸用玻璃棒引流到容量瓶，然后加水定容至刻度线12某化学研究性学习小组需配制含有NH、Cl、K、SO的植物培养液450mL，且要求该培养液中c(Cl)c(K)c(SO)0.4molL1。实验室提供的药品有：NH4Cl、KCl、(NH4)2SO4、K2SO4和蒸馏水；提供的实验仪器有：药匙托盘天平烧杯玻璃棒胶头滴管量筒。请回答下列问题：(1)该植物培养液中，NH的物质的量浓度为_。(2)该研究小组配制该植物培养液时，还须用到的实验仪器是_(填字母)。A450mL容量瓶B500mL容量瓶C两个250mL容量瓶(3)甲同学用KCl和(NH4)2SO4两种物质进行配制，
38、则需称取m(KCl)_g，m(NH4)2SO4_g。(4)乙同学用所提供药品中的三种进行配制，请帮助该同学选用三种物质：_、_、_。(填化学式)(5)若配制该培养液的其他操作均正确，则下列错误操作将使所配制溶液的浓度偏低的是_(填字母)。A将溶液转移至容量瓶后，未洗涤烧杯和玻璃棒B将烧杯内的溶液向容量瓶中转移时，因操作不当使部分溶液溅出容量瓶C用胶头滴管向容量瓶中加水时，溶液的凹液面高于容量瓶刻度线D用胶头滴管向容量瓶中加水时，俯视容量瓶刻度线13(2015徐州调研)从化工厂铬渣中提取硫酸钠的工艺如下：已知：铬渣含有Na2SO4及少量Cr2O、Fe3；Fe3、Cr3完全沉淀(c1.0105mo
39、lL1)时pH分别为3.6和5。(1)“微热”除能加快反应速率外，同时还可以_，滤渣A为_(填化学式)。(2)根据溶解度(S)温度(T)曲线，操作B的最佳方法为_(填字母序号)。A蒸发浓缩，趁热过滤B蒸发浓缩，降温结晶，过滤14盐泥是氯碱工业中的废渣，主要成分是镁的硅酸盐和碳酸盐(含少量铁、铝、钙的盐)。实验室以盐泥为原料制取MgSO47H2O的实验过程如下：已知：室温下KspMg(OH)26.01012。在溶液中，Fe2、Fe3、Al3从开始沉淀到沉淀完全的pH范围依次为7.19.6、2.03.6、3.14.7。三种化合物的溶解度(S)随温度变化的曲线如图所示。(1)由滤液到滤液需先加入Na
40、ClO调溶液pH约为5，再趁热过滤，则趁热过滤的目的是_，滤渣的主要成分是_。(2)从滤液中获得MgSO47H2O晶体的实验步骤依次为向滤液中加入_；过滤，得沉淀；_；蒸发浓缩，降温结晶；过滤、洗涤得产品。(3)若获得的MgSO47H2O的质量为24.6g，则该盐泥中镁以Mg(OH)2计的百分含量约为_。(MgSO47H2O的相对分子质量为246)二轮专题强化练答案精析专题二化学计量及其应用1BA项，Na2O2的电子式为，7.8gNa2O2中应含有共价键数为0.1NA；C项，Na2O2既是氧化剂，又是还原剂，应转移电子数为0.1NA；D项，Na是还原剂，应转移电子数为0.2NA。2AB项，应失
41、去3NA电子；C项，标况下，苯为液体；D项，乙烯的结构式为,28 g乙烯中应含有NA个碳碳双键。3DA项，H2O在常温常压下为液体；B项，没有指明溶液的体积；C项，当浓HNO3变稀之后会生成NO。4CA项，不能在容量瓶中稀释浓H2SO4；B项，用浓盐酸配制体积比11的稀盐酸，应用量筒和烧杯；D项，少量筒。5C第步不能把NaOH放在称量纸上称量；第步玻璃棒应接触容量瓶内壁刻度线以下的部分；第步定容时应平视刻度线。6B由镁铝合金到无水硫酸盐，固体增重的质量为SO的质量，则n(H2SO4)n(SO)0.15mol，故c(H2SO4)1.5molL1，B对。7C根据电解质溶液显电中性可知，电解质溶液中
42、阳离子所带的电荷总数等于阴离子所带的电荷总数。2c(SO)c(K)3c(Al3)，假设溶液体积为1L，则可得如下等式：0.7molL12c(K)0.4molL13，所以c(K)0.2molL1，C项正确。8B相对分子质量为M的某物质在室温下的溶解度为S g，此时测得饱和溶液的密度为 gmL1，则该饱和溶液的质量分数为wS/(S100)，故该溶液的物质的量浓度cn/V1 000w/M1000S/M(100S)，B项正确。9A由cmolL1，D项正确；由上可推知：，A项错误；由c可得w，B项正确；w，C项正确。10ADD项，根据溶解度曲线，析出的X的质量应大于Y的。11(1)250(2)21.6C
43、(3)解析(1)选择的容量瓶的规格应等于或略大于所需溶液的体积，故应选择250mL的容量瓶。(2)浓盐酸的物质的量浓度c11.6molL1，加水稀释前后溶质的物质的量不变，故11.6molL1V(浓盐酸)250mL1molL1，V(浓盐酸)21.6mL，应该选择25mL量筒量取。(3)用刚刚洗涤干净的量筒量取浓盐酸，量取的盐酸被稀释了，实际所含溶质的物质的量比所需的物质的量偏小，所配制溶液的浓度偏低；未用蒸馏水洗涤烧杯内壁或未将洗涤液注入容量瓶，将导致一部分溶质损失，使所配制溶液的浓度偏低；因定容时需加入蒸馏水至刻度线，因此容量瓶用蒸馏水洗涤后未干燥，对所配制稀盐酸的浓度无影响；浓盐酸在稀释时
44、放热，直接在容量瓶中配制，所配制溶液的温度将高于室温，冷却到室温后溶液体积减小，故所配制溶液的浓度偏高。12(1)0.8molL1(2)B(3)14.926.4(4)(NH4)2SO4NH4ClK2SO4(5)ABC解析(1)根据溶液呈电中性有c(NH)c(K)c(Cl)2c(SO)，则c(NH)c(Cl)2c(SO)c(K)0.8molL1。(2)实验所用容量瓶规格应该等于或略大于实验所需配制溶液的体积，实验室没有450mL的容量瓶，且用容量瓶配制溶液时，需一次完成，应选用500mL容量瓶。(3)配制该溶液所需的溶质质量应该按配制500mL溶液来计算，所需KCl、(NH4)2SO4的物质的量
45、均为0.2mol，对应的质量分别为14.9g、26.4g。(4)由题知，该植物培养液中：n(NH)2n(Cl)2n(K)2n(SO)，若用三种物质来配制，三种物质应该为(NH4)2SO4、NH4Cl、K2SO4，且物质的量之比为121。(5)未洗涤烧杯和玻璃棒，会有部分溶质残留在烧杯和玻璃棒上，使所配溶液浓度偏低，A项符合题意；转移时部分溶液溅出容量瓶，使溶质损失，所配溶液浓度偏低，B项符合题意；加水时溶液凹液面高于容量瓶刻度线，说明所配溶液体积偏大、浓度偏小，C项符合题意；俯视读数时，实际液面低于容量瓶刻度线，所配溶液体积偏小、浓度偏大，D项不符合题意。13(1)促进Fe3水解生成Fe(OH
46、)3而除去Fe(OH)3(2)A解析调节pH约为3.6时，得到Fe(OH)3沉淀(滤渣A)；根据溶解度曲线，蒸发浓缩，会析出Na2SO4，并且温度越高，其溶解度越小，所以应趁热过滤。14(1)温度较高时钙盐与镁盐分离得更彻底(或高温下CaSO42H2O溶解度小等合理答案均可)Al(OH)3、Fe(OH)3、CaSO42H2O(2)NaOH溶液向沉淀中加足量稀硫酸(其他合理答案均可)(3)20.0%解析(1)加入NaClO，可以把Fe2氧化成Fe3，当pH大约为5时，Fe3、Al3转化成沉淀；根据溶解度曲线，温度高时，CaSO42H2O的溶解度更小，所以滤渣的主要成分为Al(OH)3、Fe(OH)3和CaSO42H2O。(2)使Mg2转化成MgSO47H2O的步骤为加入NaOH溶液；过滤得Mg(OH)2沉淀；加入稀H2SO4；蒸发浓缩、降温结晶、过滤得产品。(3)根据镁元素守恒得100%20.0%。
