1、2014-2015学年新疆阿克苏地区库车二中高二（上）第二次月考物理试卷一、不定项选择（每小题6分，其中19.20.21三个小题为多选全对得6，选不全得3分，漏选、错不得分，满分48分）1下列关于磁感应强度大小的说法正确的是（）A 通电导线受磁场力大的地方磁感应强度一定大B 通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C 放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D 磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关2把一根柔软的螺旋形弹簧竖直悬挂起来，使它的下端刚好跟杯里的水银面接触，并使它组成如图所示的电路，当电键S接通后，将看到的现象是：（）A 弹簧向上收缩B 弹簧被拉
2、长C 弹簧上下跳动D 弹簧仍静止不动3如图所示，一带正电的滑块从粗糙斜面的顶端滑至底端时的速率为v，若加一个垂直纸面向外的匀强磁场，并保证滑块能滑至底端，则它滑至底端时的速率（）A 变大B 变小C 不变D 条件不足，无法判断4如图所示，一个带负电荷的小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内部，闭合开关后，小球静止时悬线与竖直方向成角，则（）A 闭合开关后，减小AB板间的距离，则夹角增大B 闭合开关后，减小AB板间的距离，则夹角减小C 断开开关后，使B板竖直向上移动，则夹角减小D 断开开关后，增大AB板间的距离，则夹角增大5图中的平行直线是匀强电场的电场线（电场方向未画出），曲线是电子（重力不计）在该
3、电场中的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，则下列说法正确的是（）A a点的电势高于b点的电势B 电子在a点的电势能大于在b点的电势能C 电子在a点的动能大于在b点的动能D 电子在a点的加速度大于在b点的加速度6如图示，在正交的匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向内），有一离子恰能沿直线飞过此区域（不计离子重力）（）A 若离子带正电，E方向应向上B 若离子带负电，E方向应向上C 若离子带正电，E方向应向下D 若离子带负电，E方向应向下7一根通有电流I的直铜棒用软导线挂在如图所示匀强磁场中，此时悬线中的张力大于零而小于铜棒的重力欲使悬线中张力为零，可采用的方法有（）A 适当增大电流，方向不变B 适当减
4、小电流，并使它反向C 电流大小、方向不变，适当增强磁场D 使原电流反向，并适当减弱磁场8如图所示，一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线均处于竖直平面内，为使MN垂直纸面向外运动，可以（）A 将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极B 将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极C 将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极D 将a、c端接在交流电源的一端，b、d接在交流电源的另一端三、填空与实验题（15分）9电流表内阻Rg=3k，满偏电流Ig=100A，要把这个电流表改装成量程为3V的电压表，应在电流表上联（填：并或串联）一个电阻R1=K的分压电阻10下面是在测某电
5、源电动势和内阻的实验中纪录的六组数据请在如图直角坐标系中画出UI图象，待测电池的电动势为，内阻为I/A0.100.150.250.370.400.50U/V1.381.341.251.151.201.05使用多用表测量两个定值电阻（阻值约为R1=200和R2=25k）在下列一系列操作中，选出尽可能准确地测定各阻值，并符合多用表使用规则的各项操作，按合理的顺序填写在横线上（先测R1）A、转动选择开关置于“1k”挡B、转动选择开关置于“100”挡C、转动选择开关置于“10”挡D、转动选择开关置于“1”挡E、转动选择开关置于“OFF”挡F、将两表笔分别接在R1两端，读出R1的值后断开G、将两表笔分别
6、接在R2两端，读出R2的值后断开H、将两表笔短接，调节调零旋扭，使指针指在刻度线右端四、分析与计算题11如图所示，ab，cd为两根相距2m的平行金属导轨，水平放置在竖直向下的匀强磁场中，一根质量为3.6kg金属棒，当通以5A的电流时，棒沿导轨作匀速运动；当棒中电流增加到8A时，棒能获得2m/s2的加速度，求匀强磁场的磁感强度的大小12如图所示，通电导体棒AC静止于水平导轨上，并和导轨垂直，棒的质量为m，有效长度为L，通过的电流为I整个装置处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向和导轨平面的夹角为试求：（1）AC棒受到的摩擦力的大小和方向（2）导轨受到AC棒的压力的大小13如图所示，一质量m
7、、电量q带正电荷的小球静止在倾角30、足够长的绝缘光滑斜面顶端时对斜面压力恰为零若迅速把电场方向改为竖直向下，则小球能在斜面上滑行多远？2014-2015学年新疆阿克苏地区库车二中高二（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、不定项选择（每小题6分，其中19.20.21三个小题为多选全对得6，选不全得3分，漏选、错不得分，满分48分）1下列关于磁感应强度大小的说法正确的是（）A 通电导线受磁场力大的地方磁感应强度一定大B 通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C 放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D 磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关考点：磁
8、感应强度分析：磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度比值与磁场力及电流元均无关电流元所受磁场力是由左手定则来确定解答：解：A、当通电导线垂直放入磁场中，受磁场力大的地方，磁感应强度一定越大故A错误；B、一小段通电导线平行放在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度不一定为零，故B错误；C、放在匀强磁场中各处的通电导线受力为F=BILsin，受力大小与电流、导线的长度及导线与磁场的夹角有关故C错误；D、磁感应强度的大小跟垂直放在磁场中的通电导线受力的大小没有关系，与通电导线电流大小也没有关系，它由磁场的性质决定故D正确；故选：D点评：磁
9、感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系再如密度也是，密度与物体的质量及体积均无关同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关2把一根柔软的螺旋形弹簧竖直悬挂起来，使它的下端刚好跟杯里的水银面接触，并使它组成如图所示的电路，当电键S接通后，将看到的现象是：（）A 弹簧向上收缩B 弹簧被拉长C 弹簧上下跳动D 弹簧仍静止不动考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向分析：当弹簧中通电流时，弹簧的每一圈导线都是一个线圈，都有N极和S极，根据安培定则判断每一线圈的下端都是N极，上端都是S极，根据异名磁极相互吸引，弹簧缩短，弹簧离开水银面，电路断
10、开，弹簧中没有电流，各线圈之间失去吸引作用，弹簧恢复原状，弹簧下落到水银面接通电路，重复上面的现象解答：解：当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，根据安培定则知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，当弹簧的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，开始重复上述过程故选：C点评：通电螺线管是由每一个线圈组成的，每一个线圈都有磁场，和判断通电螺线管的N极、S极相同，也按照安培定则来判断N极和S极3如图所示，一带正电的滑块从粗糙斜面的顶端滑至底端时的速率为v，若加一个垂直纸面
11、向外的匀强磁场，并保证滑块能滑至底端，则它滑至底端时的速率（）A 变大B 变小C 不变D 条件不足，无法判断考点：动能定理的应用；洛仑兹力分析：未加磁场时，滑块受到重力、支持力，摩擦力，加磁场后，根据左手定则，多了一个垂直斜面向上的洛伦兹力两种情况重力做功相同，洛伦兹力不做功，但加磁场时对斜面的正压力变小，摩擦力变小，克服摩擦力做功变多，根据动能定理，即可比较出两种情况到达底端的速率解答：解：未加磁场时，根据动能定理，有mghWf=mv20加磁场后，多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，但正压力变小，摩擦力变小，根据动能定理，有mghWf=mv20，WfWf，所以vv故A正确故选：A点评：解决本题的关
12、键两次运用动能定理，两种情况重力功相同，多了磁场后多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，但导致摩擦力变大，即两种情况摩擦力做功不同，从而比较出到达底端的速率4如图所示，一个带负电荷的小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内部，闭合开关后，小球静止时悬线与竖直方向成角，则（）A 闭合开关后，减小AB板间的距离，则夹角增大B 闭合开关后，减小AB板间的距离，则夹角减小C 断开开关后，使B板竖直向上移动，则夹角减小D 断开开关后，增大AB板间的距离，则夹角增大考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：小球受重力、拉力、电场力三个力处于平衡状态，保持开关S闭合，电容器两端间的电势差
13、不变；断开开关S，电容器所带的电量不变分析板间场强的变化，判断夹角的变化解答：解：A、保持开关S闭合，电容器两端间的电势差U不变，带正电的A板向B板靠近，极板间距离减小，由E=知，板间的电场强度E增大，小球所受的电场力变大，增大故A正确，B错误C、断开开关S，电容器所带的电量不变，C=，E=，U=，解得E=，将板竖直向上移动，正对面积减小，则电场强度增大，所以电场力增大，增大故C错误D、断开S后，电量不变，根据E=，增大AB板间的距离，电场强度不变，电场力不变，则不变故D错误故选：A点评：解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端
14、间的电势差保持不变5图中的平行直线是匀强电场的电场线（电场方向未画出），曲线是电子（重力不计）在该电场中的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，则下列说法正确的是（）A a点的电势高于b点的电势B 电子在a点的电势能大于在b点的电势能C 电子在a点的动能大于在b点的动能D 电子在a点的加速度大于在b点的加速度考点：电势能；动能定理的应用；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：由电子轨迹弯曲的方向可判断出电子所受的电场力方向水平向左，电子带负电，则知电场线方向，根据顺着电场线方向，电势降低，可判断电势的高低由电场力做正负，分析电势能和动能的变化匀强电场中电子的加速度恒定不变解答：解：A、由图看出，电子
15、轨迹向左弯曲，而电场力方向指向轨迹的内侧，则知电子所受的电场力方向水平向左，而电子带负电，可知电场线方向水平向右，则a点的电势高于b点的电势故A正确B、C，电子从a运动到b的过程中，电场力做负功，则电势能增加，动能减小，即有电子在a点的电势能小于在b点的电势能，在a点的动能大于在b点的动能故B错误，C正确D、电子在匀强电场中所受的电场力是恒力，则其加速度恒定不变，电子在a、b两点的加速度相等故D错误故选AC点评：本题首先要根据电子弯曲方向判断电场力方向，即可判断电场力做功的正负、确定电势能和动能的大小，是常见的基础题6如图示，在正交的匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向内），有一离子恰能沿直线飞
16、过此区域（不计离子重力）（）A 若离子带正电，E方向应向上B 若离子带负电，E方向应向上C 若离子带正电，E方向应向下D 若离子带负电，E方向应向下考点：带电粒子在混合场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：在复合场中对带电粒子进行正确的受力分析，粒子离子在复合场中沿水平方向直线通过故有qE=qvB，若粒子带正电，则受洛伦兹力向上，而电场力向下，若带负电，则受洛伦兹力向下，而电场力向上，由此可正确解答结果解答：解：在复合场中对带电粒子进行正确的受力分析，在不计重力的情况下，离子在复合场中沿水平方向直线通过故有qE=qvB，若粒子带正电，则受洛伦兹力向上，而电场力向下，所以电场强度的方
17、向向下；若带负电，则受洛伦兹力向下，而电场力向上，所以电场强度的方向向下，因此CD正确，BA错误故选：CD点评：本题考查了速度选择器的工作原理，速度选择器是利用电场力等于洛伦兹力的原理进行工作的，故速度选择器只能选择速度而不能选择电性7一根通有电流I的直铜棒用软导线挂在如图所示匀强磁场中，此时悬线中的张力大于零而小于铜棒的重力欲使悬线中张力为零，可采用的方法有（）A 适当增大电流，方向不变B 适当减小电流，并使它反向C 电流大小、方向不变，适当增强磁场D 使原电流反向，并适当减弱磁场考点：安培力分析：对导线进行受力分析，然后由平衡条件列方程，根据安培力公式分析答题解答：解：以导线为研究对象，导
18、线受力如图所示，导线静止，处于平衡状态，由平衡条件得：2F+FB=G，线的拉力：F=，重力G不变，欲使悬线中拉力F为零，安培力FB=BIL应变大，可以增大B或I，故AC正确；如果使电流方向反向，则安培力向下，拉力F增大，不可能为零，故BD错误；故选：AC点评：本题考查应用左手定则分析安培力的能力安培力方向与电流方向、磁场方向有关，当改变其中之一，安培力方向改变8如图所示，一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线均处于竖直平面内，为使MN垂直纸面向外运动，可以（）A 将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极B 将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极C 将a、d端接在电
19、源正极，b、c端接在电源负极D 将a、c端接在交流电源的一端，b、d接在交流电源的另一端考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培力分析：运用安培定则判断电流产生的磁场方向，根据左手定则判断安培力方向将选项逐一代入检验，选择符合题意的解答：解：A、将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向上，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则MN垂直纸面向外运动，符合题意故A正确B、将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则M N垂直纸面向外运动，符合题意故B正确C、将
20、a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN受到的安培力向里，则M N垂直纸面向里运动，不符合题意故C错误D、将a、c端接在交流电源一端，b、d接在交流电源的另一端，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则M N垂直纸面向外运动，符合题意故D正确故选：ABD点评：本题考查了右手螺旋定则和左手定则的应用，要判断准电流方向和磁场方向三、填空与实验题（15分）9电流表内阻Rg=3k，满偏电流Ig=100A，要把这个电流表改装成量程为3V的电压表，应在电流表上串联（填：并或串联）一个电阻R1=27K
21、的分压电阻考点：把电流表改装成电压表专题：实验题；恒定电流专题分析：电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=Rg，U为改装后的量程解答：解：改装成电压表要串联电阻分压，串阻值为：R=Rg=3000=27000=27k故答案为：串联；27K点评：考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值10下面是在测某电源电动势和内阻的实验中纪录的六组数据请在如图直角坐标系中画出UI图象，待测电池的电动势为1.46V，内阻为0.84I/A0.100.150.250.370.400.50U/V1.381.341.251.151.201.05使用多用表测量两个定值电阻（阻值约为R1=
22、200和R2=25k）在下列一系列操作中，选出尽可能准确地测定各阻值，并符合多用表使用规则的各项操作，按合理的顺序填写在横线上（先测R1）DHFAHGEA、转动选择开关置于“1k”挡B、转动选择开关置于“100”挡C、转动选择开关置于“10”挡D、转动选择开关置于“1”挡E、转动选择开关置于“OFF”挡F、将两表笔分别接在R1两端，读出R1的值后断开G、将两表笔分别接在R2两端，读出R2的值后断开H、将两表笔短接，调节调零旋扭，使指针指在刻度线右端考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题；恒定电流专题分析：应用描点法作图，电源的UI图象与纵轴交点坐标值为电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻
23、测电阻时应先选择合适的倍率，短接调零，使指针指在中央附近，每次换挡都要短接调零，最后转动选择开关使其尖端对准“OFF”档；解答：解：（1）根据表中实验数据在坐标系内描出对应的点，然后根据描出的点作出电源的UI图象如图所示；图线纵轴截距为1.46V，知电池的电动势为1.46V，内电阻r=0.84；（2）选择倍率时应使指针指在中央附近较好，先测R1时，应先选1挡，再进行短接调零，读出读数，测R2时，选择1K挡，再进行短接调零，测量完毕后断开电路，转动选择开关使其尖端对准“OFF”档，故顺序为：DHFAHGE故答案为：（1）图象如图所示；1.46V；0.84（2）DHFAHGE点评：要掌握描点法作图
24、的方法，解决本题的关键知道UI图线的物理意义，知道图线斜率绝对值和纵轴截距表示的含义四、分析与计算题11如图所示，ab，cd为两根相距2m的平行金属导轨，水平放置在竖直向下的匀强磁场中，一根质量为3.6kg金属棒，当通以5A的电流时，棒沿导轨作匀速运动；当棒中电流增加到8A时，棒能获得2m/s2的加速度，求匀强磁场的磁感强度的大小考点：安培力分析：先根据金属棒匀速运动求出所受摩擦力的大小，然后结合牛顿第二定律对加速运动时列方程解答：解：导体棒受到安培力和摩擦而平衡，由平衡条件可得：BI1L=mg，当金属棒中的电流为I2=8A时，棒做加速运动，加速度为a，根据牛顿第二定律得：BI2Lmg=ma，
25、将代入得：B=1.2T；答：磁感应强度B的大小为1.2T点评：本题考查了受安培力作用下的牛顿第二定律，解决方法和力学部分一样，难度不大12如图所示，通电导体棒AC静止于水平导轨上，并和导轨垂直，棒的质量为m，有效长度为L，通过的电流为I整个装置处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向和导轨平面的夹角为试求：（1）AC棒受到的摩擦力的大小和方向（2）导轨受到AC棒的压力的大小考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力分析：根据左手定则得出安培力的方向，作出AC棒的受力分析图，根据共点力平衡，运用正交分解求出AC棒受到的支持力和摩擦力再得到AC棒对导轨的压力解答：解：AC棒的
26、受力分析图如图所示根据共点力平衡得： FAcos（90）=f FAsin（90）+N=mg因为FA=BIL，则支持力N=mgBILcos，摩擦力f=BILsin，方向水平向右所以导轨受到的摩擦力为BILsin，导轨受到AC棒的压力的大小为：N=N=mgBILcos答：（1）AC棒受到的摩擦力的大小为BILsin，方向水平向右（2）导轨受到AC棒的压力的大小是mgBILcos点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，将立体图转换为平面图，结合共点力平衡进行求解13如图所示，一质量m、电量q带正电荷的小球静止在倾角30、足够长的绝缘光滑斜面顶端时对斜面压力恰为零若迅速把电场方向改为竖直向下，则小球能
27、在斜面上滑行多远？考点：带电粒子在混合场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：当电场竖直向上时，小球对斜面无压力，可知电场力和重力大小相等；当电场竖直向下时，小球受到向下的力为2mg；当小球恰好离开斜面时，在垂直于斜面的方向上合力为零，由此可求出此时的速度；在此过程中，电势能和重力势能转化为动能，由动能定理即可求出小球下滑的距离解答：解：由静止可知：qE=mg当小球恰好离开斜面时，对小球受力分析，受竖直向下的重力、电场力和垂直于斜面向上的洛伦兹力，此时在垂直于斜面方向上合外力为零则有：（qE+mg）cos=qvB由动能定理得：（qE+mg）sinx=mv2；解得：x=答：小球能在斜面上滑行的距离为点评：该题考察了带电物体在复合场中的运动情况，解决此类问题要求我们要对带电物体进行正确的受力分析，要注意找出当小球离开斜面时的受力情况是解决该题的关键
