1、珠海市2013年5月高三综合试题(二)物理本试卷共10页,36小题,满分300分。考试用时150分钟。相对原子质量:H:1 O:16 Na:23 Ba: 137 Cl:35.5 C :12一、单项选择题:本大题共16小题,每小题4分,共64分。在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求,选对的得4分,选错或不答的得0分。13. 某压力锅的结构如图所示,盖好密封锅盖,将压力阀套在出气孔上,给压力锅加热,当锅内气体压强达到一定值时,气体就把压力阀顶起假定在压力阀被顶起时,停止加热此后对锅内气体,下列说法正确的是A气体要吸热B外界要对气体做功C气体的分子平均动能将增大D气体的内能将减小考点:
2、气体的内能;热力学第一定律答案:Dks5u解析:停止加热后锅内气体要放热,气体对外界做功,气体内能减小,温度降低,分子平均动能减小,D正确14关于布朗运动,下列说法正确的是A颗粒越大布朗运动越剧烈B布朗运动是液体分子的运动C布朗运动的剧烈程度与温度无关D布朗运动是大量液体分子频繁碰撞造成的考点:布朗运动;热运动答案:Dks5u解析:悬浮在液体中小颗粒周围有大量的液体分子,由于液体分子对悬浮微粒无规则撞击,造成小颗粒受到的冲力不平衡而引起小颗粒的运动,颗粒越大,布朗运动越不明显故A错误;布朗运动是悬浮微粒的无规则运动,它间接反映了液体分子的无规则运动B错误;颗粒越小,温度越高布朗运动越激烈C错误
3、;故D正确15我市在2013年1月完善了公共自行车租赁系统,某同学骑车刚开始一段时间的运动可看作是直线运动,其运动图像如图所示;则在0时间内,下列说法正确的是A平均速度等于 B平均速度大于C加速度不断增大 D加速度不变考点:用图像表示速度;加速度答案:Bks5u解析:速度-时间图像中面积为该段时间内的位移,平均速度,匀变速直线运动时有:,故A错误;B正确;图线的斜率代表加速度,加速度逐渐减少,CD错误。16如图所示,真空中的两带电小球(可看作是点电荷),通过调节悬挂细线的长度使两小球始终保持在同一水平线上,下列说法正确的是A若只增大r,则T1、T2都增大B若只增大m1,则1增大,2不变C若只增
4、大q1,则1增大,2不变D若只增大q1,则1、2都增大考点:库仑定律;共点力的平衡条件;作用力和反作用力答案:Dks5u解析:受力分析得平衡有方程:,r增加,库仑力减少,减少,拉力T减少,A错误;m增加,都减少,B错误;q增加,库仑力增加,则1、2都增大,D正确。二、双项选择题:本大题共9小题,每小题6分,共54分。在每小题给出的四个选项中,有两个选项符合题目要求,全部选对的得6分,只选1个且正确的得3分,又选错或不答的得0分。17右图是氢原子能级图,某个氢原子A从n3的状态直接跃迁到基态,另一氢原子B从n4的状态直接跃迁到基态,下列说法正确的是AA和B都只释放出一种频率的光子BA和B都不只放
5、出一种频率的光子C若放出的光子能使某金属发生光电效应,则B放出的光子也能使该金属发生光电效应D若放出的光子能使某金属发生光电效应,则A放出的光子也能使该金属发生光电效应考点:氢原子光谱;光电效应答案:ACks5u解析:因为只有一个氢原子,只释放出一种频率的光子,A正确;B错误;能量E4-E1E3-E1,光子频率BA,光子的频率大于极限频率,就会发生光电效应,C正确,D错误。18如图所示,理想变压器的原副线圈匝数比为,变压器输入端的交变电压如图甲所示,若乙图中电流表的示数为2A,则下列说法正确的是电压表的示数为V 电压表的示数为20V电阻的阻值为 变压器的输入功率为40W考点:交变电流变化的规律
6、;变压器答案:BDks5u解析:交变电流的u-t图像,得出最大电压,有效值U2=20V为电压表的读数,A错误;B正确;,C错误;,D正确。19荷兰一家名为“火星一号”的公司计划在2023年把4名宇航员送上火星。设A和B是分别绕地球和火星做匀速圆周运动的卫星,且A和B的轨道半径相同.已知M地=9M火, R地=2R火,则下列说法正确的是AA的周期比B的大 BA的线速度比B的大CA的加速度比B的大 D火星表面的重力加速度比地球表面的重力加速度大考点:万有引力理论的成就;答案:BCks5u解析:万有引力提供向心力:,代入数值得出A的周期小,线速度大,A错误;B正确;,C正确;错误。20中国科学家发现了
7、量子反常霍尔效应,杨振宁称这一发现是诺贝尔奖级。如图所示,厚度为,宽度为的金属导体,当磁场方向与电流方向(自由电子定向移动形成电流)垂直时在上下表面会产生电势差,这种现象称为霍尔效应。下列说法正确的是A上表面的电势高于下表面B下表面的电势高于上表面C增大时,上下表面的电势差增大D增大时,上下表面的电势差增大考点:洛仑兹力的大小和方向;电势差;共点力的平衡答案:BCks5u解析:由左手定则可得自由电子受力向上,电子带负电,故上表面相当于负极,A错误;B正确。最终受力平衡:,与d无关,C正确;D错误。21如图所示,用恒力拉着质量为的物体从静止开始沿着粗糙的水平面运动,第一次物体的位移是,第二次物体
8、的位移是。下列说法正确的是A物体一定受到四个力的作用B两次物体的加速度一定是相同的C两次合外力做功的平均功率一定是相同的D合外力做的功第二次一定是第一次的两倍考点:牛顿第二定律的应用;功;功率答案:BDks5u解析:物体可能受四个力或两个力,F的竖直分力等于G时,受两个力,A错误;加速度,B正确;平均功率,F、不变,平均速度不同,C错误;功,位移为2倍的,D正确。三、非选择题:本大题共11小题,共182分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位。34(18分) (1)(9分)某同学用如图甲所示的实
9、验装置探究物体的速度与时间的关系:电磁打点计时器接 电源(填“低压直流”、“低压交流”或“220V交流”);实验时,使小车靠近打点计时器,先 再 (填“接通电源”或“放开小车”)。若所接电源的频率是50,则每隔 秒打一个点。图甲图乙图乙是绘出的小车速度时间关系图线,根据图线求出小车的加速度为 。(保留三位有效数字) 考点:验证牛顿第二定律实验变形答案:1) _低压交流_(2分) 接通电源 (1分),放开小车 (1分) 0.02 (2分) Ks5u 0.625 (3分) ks5u解析:电磁打点计时器使用低压交流电源;实验时,使小车靠近打点计时器,先接通电源再放开小车若所接电源的频率是50Hz,则
10、每隔0.02秒打一个点在v-t图象中图线的斜率表示加速度即a=0.625m/s2AA图甲图乙(2)(9分)用游标为50分度的卡尺测量某圆筒的外径时,卡尺上的示数如图所示,可读出圆筒的外径为_ mm用替代法测毫安表内电阻的电路如图甲所示器材:待测毫安表A(量程010mA,内阻RA约为30);毫安表A(量程30mA);电阻箱R1(09999);滑动变阻器R2(O500);电源(E=3V,r约为12)a滑动变阻器滑片P在实验开始前应放在 端 (填a或b) 将单刀双掷开关S先接“1”位置,调节滑动变阻器滑片P的位置,使待测毫安表A的指针至某位置(或满偏),记下此时毫安表A 的读数滑片P的位置不再移动;
11、b将开关S接“2”位置,调节电阻箱使 ,读出此时电阻箱的读数如图乙所示(记为R1),则R1= ;c由以上实验可知,待测毫安表A的内电阻RA= 。考点:游标卡尺的读数;替代法测毫安表内电阻;答案: 8.06 (2分); a. b (2分)、b. 电流表A 的读数为( 1分), 32 ( 2分)、 c. 32 (2分)ks5u解析:游标卡尺的读数为:8mm+0.023mm=8.06mm; a、滑动变阻器采用限流式接法,在实验前,应将滑动变阻器打到最大值位置,即滑动b端; 本实验采用等效法测量电流表的内阻,所以将开关S接“2”位置,调节电阻箱使电流表A的读数为I,则毫安表的内阻等于电阻箱的内阻,大小
12、为103+12=3235(18分) 有一个1000匝的矩形线圈,两端通过导线与平行金属板AB相连(如图所示),线圈中有垂直纸面向外的匀强磁场;已知AB板长为,板间距离为。当穿过线圈的磁通量增大且变化率为时,有一比荷为的带正电粒子以初速度从上板的边缘射入板间,并恰好从下板的边缘射出;之后沿直线MN运动,又从N点射入另一垂直纸面向外磁感应强度为的圆形匀强磁场区(图中未画出),离开圆形磁场时速度方向偏转了。不计带电粒子的重力。试求(1)AB板间的电压(2)的大小(3)圆形磁场区域的最小半径考点:法拉第电磁感应定律;牛顿第二定律;带电粒子在匀强电场中的运动;带电粒子在匀强磁场中的运动答案:(1);(2
13、);(3)ks5u解析:解:(1)由法拉第电磁咸应定律: -2分得矩形线圈产生的感应电动势 -1分 因为AB板间的电压等于线圈产生的电动势,故 -2分 (2)带电粒子在AB板间做类平抛运动,设从下板边缘离开时竖直方向的速度为,则: -2分水平方向: -1分 竖直方向: -1分 代入数据解得: -1分 (其它方法求解依照给分)(3) 粒子进入磁场瞬间:-1分 带电粒子在圆形磁场区中做匀速圆周运动,洛伦兹力作向心力: -2分 ks5u-1分解得: -1分 如图,由几何关系得弦NQ的长为 -1分 在过NQ两点的圆中,以弦NQ为直径的圆最小圆形磁场区域的最小半径为: -2分 ks5u36(18分) 如
14、图所示,一个质量为的长木板静止在光滑的水平面上,并与半径为的光滑圆弧形固定轨道接触(但不粘连),木板的右端到竖直墙的距离为;另一质量为2的小滑块从轨道的最高点由静止开始下滑,从圆弧的最低点A滑上木板。设长木板每次与竖直墙的碰撞时间极短且无机械能损失。已知滑块与长木板间的动摩擦因数为。试求(1)滑块到达A点时对轨道的压力的大小(2)若滑块不会滑离长木板,试讨论长木板与墙第一次碰撞前的速度与的关系(3)若S足够大,为了使滑块不滑离长木板,板长应满足什么条件考点:动量守恒定律;牛顿第三定律;机械能守恒定律答案:;ks5u解析:解:(1)滑块从轨道的最高点到最低点,机械能守恒,设到达A点的速度为 则
15、-2分 得: -1分 在A点有: -1分 解得: -1分 由牛顿第三定律,滑块在A点对轨道的压力 -1分 (2)若第一次碰撞前的瞬间,滑块与木板达到共同速度,动量守恒定律得 则:-2分 -2分 解得: -1分 .若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为 -1分 . 若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为,动能定理可知则: -1分得: -1分(3)因为S足够大,每次碰前滑块与木板共速;因为,每次碰后系统的总动量方向向右,要使滑块不滑离长木板,最终木板停在墙边,滑块停在木板上.(没有文字说明的扣1分)由能量守恒得: -3分 -1分2013年珠海二模物理试题参考答案及评分标准题型一、单项选择题二、双项选择
16、题题号131415161718192021选项DDBDACBDBCBCBD34.(1) _低压交流_(2分) 接通电源 (1分),放开小车 (1分) 0.02 (2分) Ks5u 0.625 (3分) (2) 8.06 (2分) a. b (2分)b. 电流表A 的读数为( 1分), 32 ( 2分) c. 32 (2分)35解:(1)由法拉第电磁咸应定律: 得矩形线圈产生的感应电动势 因为AB板间的电压等于线圈产生的电动势,故 (2)带电粒子在AB板间做类平抛运动,设从下板边缘离开时竖直方向的速度为, 则: 水平方向: 竖直方向: 由并代入数据得: (其它方法求解依照给分) (3)粒子进入磁
17、场瞬间:带电粒子在圆形磁场区中做匀速圆周运动, 洛伦兹力作向心力: ks5u 由并代入数据得: 如图,由几何关系得弦NQ的长为 在过NQ两点的圆中,以弦NQ为直径的圆最小圆形磁场区域的最小半径为: 评分标准:每式2分,其余每式1分。36。解:(1)滑块从轨道的最高点到最低点,机械能守恒,设到达A点的速度为 则 得: 在A点有: 由得: 由牛顿第三定律,滑块在A点对轨道的压力 (2)若第一次碰撞前的瞬间,滑块与木板达到共同速度, 则: 由得: .若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为 . 若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为则: 得: (3)因为S足够大,每次碰前滑块与木板共速;因为,每次碰后系统的总动量方向向右,要使滑块不滑离长木板,最终木板停在墙边,滑块停在木板上.(没有文字说明的扣1分) 由能量守恒得: 评分标准:每式2分,3分,其余每式1分.