1、珠海市2013年5月高三综合试题（二）物理本试卷共10页，36小题，满分300分。考试用时150分钟。相对原子质量：H：1 O：16 Na:23 Ba: 137 Cl:35.5 C :12一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。13. 某压力锅的结构如图所示，盖好密封锅盖，将压力阀套在出气孔上，给压力锅加热，当锅内气体压强达到一定值时，气体就把压力阀顶起假定在压力阀被顶起时，停止加热此后对锅内气体，下列说法正确的是A气体要吸热B外界要对气体做功C气体的分子平均动能将增大D气体的内能将减小考点：
2、气体的内能；热力学第一定律答案：Dks5u解析：停止加热后锅内气体要放热，气体对外界做功，气体内能减小，温度降低，分子平均动能减小，D正确14关于布朗运动，下列说法正确的是A颗粒越大布朗运动越剧烈B布朗运动是液体分子的运动C布朗运动的剧烈程度与温度无关D布朗运动是大量液体分子频繁碰撞造成的考点：布朗运动；热运动答案：Dks5u解析：悬浮在液体中小颗粒周围有大量的液体分子，由于液体分子对悬浮微粒无规则撞击，造成小颗粒受到的冲力不平衡而引起小颗粒的运动，颗粒越大，布朗运动越不明显故A错误；布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，它间接反映了液体分子的无规则运动B错误；颗粒越小，温度越高布朗运动越激烈C错误
3、；故D正确15我市在2013年1月完善了公共自行车租赁系统，某同学骑车刚开始一段时间的运动可看作是直线运动，其运动图像如图所示；则在0时间内，下列说法正确的是A平均速度等于 B平均速度大于C加速度不断增大 D加速度不变考点：用图像表示速度；加速度答案：Bks5u解析：速度-时间图像中面积为该段时间内的位移，平均速度，匀变速直线运动时有：，故A错误；B正确；图线的斜率代表加速度，加速度逐渐减少，CD错误。16如图所示，真空中的两带电小球(可看作是点电荷)，通过调节悬挂细线的长度使两小球始终保持在同一水平线上，下列说法正确的是A若只增大r，则T1、T2都增大B若只增大m1，则1增大，2不变C若只增
4、大q1，则1增大，2不变D若只增大q1，则1、2都增大考点：库仑定律；共点力的平衡条件；作用力和反作用力答案：Dks5u解析：受力分析得平衡有方程：，r增加，库仑力减少，减少，拉力T减少，A错误；m增加，都减少，B错误；q增加，库仑力增加，则1、2都增大，D正确。二、双项选择题：本大题共9小题，每小题6分，共54分。在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，又选错或不答的得0分。17右图是氢原子能级图，某个氢原子A从n3的状态直接跃迁到基态，另一氢原子B从n4的状态直接跃迁到基态，下列说法正确的是AA和B都只释放出一种频率的光子BA和B都不只放
5、出一种频率的光子C若放出的光子能使某金属发生光电效应，则B放出的光子也能使该金属发生光电效应D若放出的光子能使某金属发生光电效应，则A放出的光子也能使该金属发生光电效应考点：氢原子光谱；光电效应答案：ACks5u解析：因为只有一个氢原子，只释放出一种频率的光子，A正确；B错误；能量E4-E1E3-E1，光子频率BA，光子的频率大于极限频率，就会发生光电效应，C正确，D错误。18如图所示，理想变压器的原副线圈匝数比为，变压器输入端的交变电压如图甲所示，若乙图中电流表的示数为2A，则下列说法正确的是电压表的示数为V 电压表的示数为20V电阻的阻值为 变压器的输入功率为40W考点：交变电流变化的规律
6、；变压器答案：BDks5u解析：交变电流的u-t图像，得出最大电压，有效值U2=20V为电压表的读数，A错误；B正确；,C错误；,D正确。19荷兰一家名为“火星一号”的公司计划在2023年把4名宇航员送上火星。设A和B是分别绕地球和火星做匀速圆周运动的卫星，且A和B的轨道半径相同.已知M地=9M火， R地=2R火，则下列说法正确的是AA的周期比B的大 BA的线速度比B的大CA的加速度比B的大 D火星表面的重力加速度比地球表面的重力加速度大考点：万有引力理论的成就；答案：BCks5u解析：万有引力提供向心力：，代入数值得出A的周期小，线速度大，A错误；B正确；，C正确；错误。20中国科学家发现了
7、量子反常霍尔效应，杨振宁称这一发现是诺贝尔奖级。如图所示，厚度为，宽度为的金属导体，当磁场方向与电流方向（自由电子定向移动形成电流）垂直时在上下表面会产生电势差，这种现象称为霍尔效应。下列说法正确的是A上表面的电势高于下表面B下表面的电势高于上表面C增大时，上下表面的电势差增大D增大时，上下表面的电势差增大考点：洛仑兹力的大小和方向；电势差；共点力的平衡答案：BCks5u解析：由左手定则可得自由电子受力向上，电子带负电，故上表面相当于负极，A错误；B正确。最终受力平衡：，与d无关，C正确；D错误。21如图所示，用恒力拉着质量为的物体从静止开始沿着粗糙的水平面运动，第一次物体的位移是，第二次物体
8、的位移是。下列说法正确的是A物体一定受到四个力的作用B两次物体的加速度一定是相同的C两次合外力做功的平均功率一定是相同的D合外力做的功第二次一定是第一次的两倍考点：牛顿第二定律的应用；功；功率答案：BDks5u解析：物体可能受四个力或两个力，F的竖直分力等于G时，受两个力，A错误；加速度，B正确；平均功率，F、不变，平均速度不同，C错误；功，位移为2倍的，D正确。三、非选择题：本大题共11小题，共182分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。34(18分) （1）(9分)某同学用如图甲所示的实
9、验装置探究物体的速度与时间的关系：电磁打点计时器接 电源（填“低压直流”、“低压交流”或“220V交流”）；实验时，使小车靠近打点计时器，先 再 （填“接通电源”或“放开小车”）。若所接电源的频率是50，则每隔 秒打一个点。图甲图乙图乙是绘出的小车速度时间关系图线，根据图线求出小车的加速度为 。(保留三位有效数字) 考点：验证牛顿第二定律实验变形答案：1） _低压交流_(2分) 接通电源 (1分)，放开小车 (1分) 0.02 (2分) Ks5u 0.625 (3分) ks5u解析：电磁打点计时器使用低压交流电源；实验时，使小车靠近打点计时器，先接通电源再放开小车若所接电源的频率是50Hz，则
10、每隔0.02秒打一个点在v-t图象中图线的斜率表示加速度即a=0.625m/s2AA图甲图乙（2）(9分)用游标为50分度的卡尺测量某圆筒的外径时，卡尺上的示数如图所示，可读出圆筒的外径为_ mm用替代法测毫安表内电阻的电路如图甲所示器材：待测毫安表A（量程010mA，内阻RA约为30）；毫安表A（量程30mA）；电阻箱R1（09999）；滑动变阻器R2（O500）；电源（E=3V，r约为12）a滑动变阻器滑片P在实验开始前应放在 端 (填a或b) 将单刀双掷开关S先接“1”位置，调节滑动变阻器滑片P的位置，使待测毫安表A的指针至某位置（或满偏）,记下此时毫安表A 的读数滑片P的位置不再移动;
11、b将开关S接“2”位置，调节电阻箱使 ，读出此时电阻箱的读数如图乙所示（记为R1），则R1= ;c由以上实验可知，待测毫安表A的内电阻RA= 。考点：游标卡尺的读数；替代法测毫安表内电阻；答案： 8.06 (2分)； a. b (2分)、b. 电流表A 的读数为( 1分), 32 ( 2分)、 c. 32 (2分)ks5u解析：游标卡尺的读数为：8mm+0.023mm=8.06mm； a、滑动变阻器采用限流式接法，在实验前，应将滑动变阻器打到最大值位置，即滑动b端； 本实验采用等效法测量电流表的内阻，所以将开关S接“2”位置，调节电阻箱使电流表A的读数为I，则毫安表的内阻等于电阻箱的内阻，大小
12、为103+12=3235(18分) 有一个1000匝的矩形线圈，两端通过导线与平行金属板AB相连（如图所示），线圈中有垂直纸面向外的匀强磁场；已知AB板长为，板间距离为。当穿过线圈的磁通量增大且变化率为时，有一比荷为的带正电粒子以初速度从上板的边缘射入板间，并恰好从下板的边缘射出；之后沿直线MN运动，又从N点射入另一垂直纸面向外磁感应强度为的圆形匀强磁场区(图中未画出)，离开圆形磁场时速度方向偏转了。不计带电粒子的重力。试求（1）AB板间的电压（2）的大小（3）圆形磁场区域的最小半径考点：法拉第电磁感应定律；牛顿第二定律；带电粒子在匀强电场中的运动；带电粒子在匀强磁场中的运动答案：(1)；(2
13、)；(3)ks5u解析：解：(1)由法拉第电磁咸应定律： -2分得矩形线圈产生的感应电动势 -1分 因为AB板间的电压等于线圈产生的电动势，故 -2分 （2）带电粒子在AB板间做类平抛运动，设从下板边缘离开时竖直方向的速度为，则： -2分水平方向： -1分 竖直方向： -1分 代入数据解得： -1分 (其它方法求解依照给分)（3） 粒子进入磁场瞬间：-1分 带电粒子在圆形磁场区中做匀速圆周运动，洛伦兹力作向心力： -2分 ks5u-1分解得： -1分 如图，由几何关系得弦NQ的长为 -1分 在过NQ两点的圆中，以弦NQ为直径的圆最小圆形磁场区域的最小半径为： -2分 ks5u36(18分) 如
14、图所示，一个质量为的长木板静止在光滑的水平面上，并与半径为的光滑圆弧形固定轨道接触（但不粘连），木板的右端到竖直墙的距离为；另一质量为2的小滑块从轨道的最高点由静止开始下滑，从圆弧的最低点A滑上木板。设长木板每次与竖直墙的碰撞时间极短且无机械能损失。已知滑块与长木板间的动摩擦因数为。试求（1）滑块到达A点时对轨道的压力的大小（2）若滑块不会滑离长木板，试讨论长木板与墙第一次碰撞前的速度与的关系（3）若S足够大，为了使滑块不滑离长木板，板长应满足什么条件考点：动量守恒定律；牛顿第三定律；机械能守恒定律答案：；ks5u解析：解：（1）滑块从轨道的最高点到最低点，机械能守恒，设到达A点的速度为 则
15、-2分 得： -1分 在A点有： -1分 解得： -1分 由牛顿第三定律，滑块在A点对轨道的压力 -1分 （2）若第一次碰撞前的瞬间，滑块与木板达到共同速度，动量守恒定律得 则：-2分 -2分 解得： -1分 .若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为 -1分 . 若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为,动能定理可知则: -1分得: -1分(3)因为S足够大,每次碰前滑块与木板共速;因为,每次碰后系统的总动量方向向右,要使滑块不滑离长木板,最终木板停在墙边,滑块停在木板上.（没有文字说明的扣1分）由能量守恒得: -3分 -1分2013年珠海二模物理试题参考答案及评分标准题型一、单项选择题二、双项选择
16、题题号131415161718192021选项DDBDACBDBCBCBD34.（1） _低压交流_(2分) 接通电源 (1分)，放开小车 (1分) 0.02 (2分) Ks5u 0.625 (3分) （2） 8.06 (2分) a. b (2分)b. 电流表A 的读数为( 1分), 32 ( 2分) c. 32 (2分)35解：(1)由法拉第电磁咸应定律： 得矩形线圈产生的感应电动势 因为AB板间的电压等于线圈产生的电动势，故 （2）带电粒子在AB板间做类平抛运动，设从下板边缘离开时竖直方向的速度为， 则： 水平方向： 竖直方向： 由并代入数据得： (其它方法求解依照给分) （3）粒子进入磁
17、场瞬间：带电粒子在圆形磁场区中做匀速圆周运动， 洛伦兹力作向心力： ks5u 由并代入数据得： 如图，由几何关系得弦NQ的长为 在过NQ两点的圆中，以弦NQ为直径的圆最小圆形磁场区域的最小半径为： 评分标准：每式2分，其余每式1分。36。解：（1）滑块从轨道的最高点到最低点，机械能守恒，设到达A点的速度为 则 得： 在A点有： 由得： 由牛顿第三定律，滑块在A点对轨道的压力 （2）若第一次碰撞前的瞬间，滑块与木板达到共同速度， 则： 由得： .若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为 . 若,则木板与墙第一次碰前瞬间的速度为则: 得: (3)因为S足够大,每次碰前滑块与木板共速;因为,每次碰后系统的总动量方向向右,要使滑块不滑离长木板,最终木板停在墙边,滑块停在木板上.（没有文字说明的扣1分） 由能量守恒得: 评分标准:每式2分,3分,其余每式1分.