1、桂林市逸仙中学2020秋季学期段考试题科目：高二（理科）物理（考试时间：90分钟满分110分）一、单选题（本大题共12小题，共36分）1. 下列关于点电荷的说法，正确的是()A. 点电荷一定是电荷量很小的电荷B. 点电荷是一种理想化模型，实际不存在C. 只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D. 体积很大的带电体一定不能看成点电荷【答案】B【解析】【详解】点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，也不能看体积大小，即体积很小的不一定能看做点电荷，体积很大的也不一定不能看做点电荷，故ACD错误；点电荷是一种理想化模型，实际不存在
2、，选项B正确2. 有关电场和电场力，下述说法正确的是（）A. 由可知，电场强度E与电荷所受的电场力F成正比B. 电场中的试探电荷的电性发生改变，该位置的电场强度方向发生改变C. 由可知，电荷间的距离r接近于零时，库仑力趋向于无穷大D. 电场强度是反映电场本身特性的物理量，与是否存在试探电荷无关【答案】D【解析】【详解】AB电场强度E是由电场本身决定的物理量，与电荷所受的电场力F无关，电场中的试探电荷的电性发生改变，该位置的电场强度方向不发生改变，选项AB错误；C电荷间的距离r接近于零时，库仑定律不再适用，选项C错误；D电场强度是反映电场本身特性的物理量，与是否存在试探电荷无关，选项D正确。故选
3、D。3. 如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是（）A. a、b均是正电荷B. a、b均是负电荷C. A点场强大于B点场强D. A点电势高于B点电势【答案】D【解析】【详解】AB电场线从正电荷或无穷远出发，终止于负电荷或者无穷远，所以a应为正电荷b为负电荷，故AB错误；C电场线越密集，场强越大，A点场强小于B点场强，故C选项错误；D沿电场线方向电势逐渐降低，A点电势高于B点电势，故D选项正确。故选D。4. 电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（）A. 电动势一种非静电力B. 电动势越大，表明电源储存的电能越多C. 电动势的大小是非静电力做功能力的反映D
4、. 电动势就是闭合电路中电源两端的电压【答案】C【解析】电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，不是一种非静电力，故A错误；电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量，是非静电力做功能力的反映，电动势越大，表明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大，故B错误C正确；电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压，小于电源电动势，故D错误【点睛】电动势等于非静电力把1C正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量5. 对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率A. 跟导
5、线的电阻成正比B. 跟导线的横截面积成正比C. 跟导线的长度成反比D. 只由其材料的性质决定【答案】D【解析】【详解】电阻率的大小与材料的性质决定，与电阻的大小、导线的长度、横截面积无关A跟导线的电阻成正比，选项A错误；B跟导线的横截面积成正比，选项B错误；C跟导线的长度成反比，选项C错误；D只由其材料的性质决定，选项D正确6. 如图所示，一匀强电场的方向与平行四边形ABCD所在的平面平行，已知A、B、C三点的电势分别为，则D点的电势为（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】由于电场是匀强电场，则：即：得：故B正确，ACD错误。故选B。7. 如图所示，A、B是匀强电场中相距4cm
6、的两点，其连线与电场方向的夹角为60，两点间的电势差为20V，则电场强度大小为（）A. 5V/mB. 50V/mC. 1102V/mD. 1103V/m【答案】D【解析】【分析】由匀强电场中电势差和电场强度的关系求解电场强度E【详解】由题知，根据匀强电场中电势差和电场强度的关系：，得：，故选D【点睛】本题关键掌握匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed，要知道d是两点沿电场线方向的距离，该公式只适用于匀强电场8. 某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是 ( )A. 若选择甲图，测量值偏大B. 若选择乙图，测量值偏大C. 若被测电阻Rx与电流表内阻接近，应该选择乙
7、图误差较小D. 若被测电阻Rx与电压表内阻接近，应该选择甲图误差较小【答案】B【解析】【详解】AB甲图所示电路是电流表外接法，用它测量电阻时，测量值是待测电阻Rx和电压表内阻的并联电阻值，故测得的电阻值偏小；乙图所示电路是电流表内接法，用它测量电阻时，测量值R测=Rx+RARx，测量值偏大，A错误，B正确；CD待测电阻的阻值很小时，按图甲接法误差较小，待测电阻的阻值很大，按图乙接法误差较小，CD错误。故选B。9. 对于如图所示电场中的A、B、C三点，下列判断正确的是( )A. B点的电场强度最大B. A点电势最高C. 正电荷在B点受到的电场力最大D. 负电荷在A点具有的电势能最大【答案】B【解
8、析】【分析】根据电场线的疏密分析场强的大小，确定电场力的大小，电场线越密，场强越大，同一电荷受到的电场力越大，根据顺着电场线电势降低，判断电势的高低，根据推论：负电荷在电势高处电势能小判断电势能的大小；【详解】A、A处电场线最密，电场强度最大，B点处电场线最稀疏，场强最小，故A错误B、根据顺着电场线电势降低可知，A点的电势最高，故B正确；C、A处电场线最密，电场强度最大，由知同一电荷在A点受到的电场力最大，同理可知在B处受到的电场力最小，故C错误；D、A点电势最高，由知负电荷在A处电势能最小，故D错误【点睛】本题中电场中常见问题，关键抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方
9、向反映电势的高低10. 如下图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成的，已知灵敏电流表的满偏电流Ig=2mA，内电阻Rg=300，则下列说法正确的是A. 甲表是电流表，R增大时量程增大B. 乙表是电压表，R增大时量程减小C. 在甲图中，若改装成的电流表的量程为0.6A，则R=0.5D. 在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V，则R=1200【答案】D【解析】【详解】A甲由一个灵敏电流表G和一个变阻器R并联，利用并联电阻的分流，改装成安培表安培表的量程，可知当R减小时量程I增大，故A错误；B乙由一个灵敏电流表G和一个变阻器R串联，利用串联电阻的分压，改装成伏特表伏特表的量程
10、U=Ig（Rg+R），可知R增大时量程增大，故B错误；C由公式知，在甲图中，若改装成的电流表的量程为0.6A，则R=1.003，C错误；D由公式U=Ig（Rg+R）知，在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V，则R=1200，D正确；11. 、b、c三个粒子由同一点同时垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，由此可以肯定（ ）A. 在b飞离电场的同时，刚好打在负极板上B. 进入电场时，c的速度最大，的速度最小C. b和c同时飞离电场D. 动能的增量相比，c的最小，a和b的一样大【答案】ABD【解析】【详解】ABC.粒子在竖直方向有三个粒子所带电荷相同，可见打在下极板的时间相
11、同；水平方向有可知c的速度最大，a的速度最小，故AB正确C错误；D.因只有电场力做功，则动能的增量等于电场力做功，由，因a和b在电场中的竖直位移大于a，故a和b电场力做功相等且大于a，故D正确。故选ABD。12. 如图所示，平行板电容器两极板A，B间有一个带电油滴P，正好静止在两极板正中间。现将两极板稍拉开一些，其它条件不变（拉开时间忽略），则（）A. 油滴将向上加速B. 油滴将向下加速C. 电流计中电流由b流向aD. 电流计中始终无电流流过【答案】B【解析】【详解】AB将两极板的距离拉开一些，由于电势差不变，d变大，则根据知，电场强度变小，电场力减小，油滴向下加速，故A错误，B正确；CD根据
12、得，d变大，则电容变小，U不变，根据Q=CU知，电荷量减小，则电流计中的电流由a流向b，故CD错误。故选B。二、多选题（本大题共4小题，共16分）13. 如图所示，两个互相接触的导体A和B不带电，现将带正电的导体C靠近A端放置，三者均有绝缘支架下列说法正确的是A. 导体A的左端感应出负电荷，导体B的右端感应出等量的正电荷B. 导体A的左端感应出正电荷，导体B的右端感应出等量的负电荷C. 若先将A、B分开，再移走C，则A带负电，B带正电D. 若先将C移走，再把A、B分开，则A带负电，B带正电【答案】AC【解析】【详解】AB因C带正电，则导体A的左端感应出负电荷，导体B的右端感应出等量的正电荷，A
13、正确，B错误；C把导体A和B分开，再移走C，导体A和B由于感应起电带上异种电荷，所以此时A带负电，B带正电，C正确D若先移走C，此时导体A和B中的电荷又发生中和，不再带电，再把导体A和B分开，同样不再带电，所以此时A不带电，B不带电，D错误14. 两个完全相同的金属小球，带电荷量之比为17，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则接触后的相互作用力与接触前的相互作用力的比值可能为A. 47B. 37C. 97D. 167【答案】CD【解析】【详解】由库仑定律可得两球接触前的库仑力为： 当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量为：两球接触后的库仑力为：当两球带异种电荷时，两球接
14、触中和后再平分电量，则两球的电量为：两球接触后的库仑力为：A47，与结论不相符，选项A错误；B37，与结论不相符，选项B错误；C97，与结论相符，选项C正确；D167，与结论相符，选项D正确；15. 两电阻R1和R2的伏安特性曲线如图所示从图线可判断()A. 两电阻阻值的关系是R1R2B. 电阻一定时，电流随着电压的增大而减小C. 电压相同时，通过R1的电流较大D. 两电阻串联接入电路时，R1消耗的功率小【答案】CD【解析】【详解】A I-U图像的斜率的倒数等于电阻，由图可知，1的斜率大于2的斜率，故可知R1R2；故A错误；B电阻一定时，电流与电压成正比，故电流随电压的增大而增大；故B错误；C
15、因R1R2，故电压相同时，通过R1的电流强度较大；故C正确；D两电阻串联，则电流相等，由P=I2R可知，R1消耗的功率小；故D正确16. 如图所示，平行等距的水平虚线1、2、3、4为某电场的等势面，实线为电子仅在电场力作用下的运动轨迹，M、N、P为轨迹上的三点，其中N为轨迹上的最高点，M、P分别为轨迹与等势面2、3的交点，电子经过M、P两点时的电势能分别为和。下列判断正确的是（）A. 电子经过N点的动能一定为零B. 等势面1的电势一定为C. 电子从N点到P点电势能一定增加D. 若相邻等势面间距离为2cm，则电场强度大小为【答案】BD【解析】【详解】A电子经过N点时具有水平速度，可知动能不为零，
16、选项A错误；B电子受电场力向下，可知电场线向上，则4等势面的电势最高，电子经过M、P两点时的电势能分别为和，可知2、3等势面的电势分别为2V和5V，即相邻等势面的电势差为3V，则等势面1的电势一定为-1V，选项B正确；C电子从N点到P点电场力做正功，电势能一定减小，选项C错误；D若相邻等势面间距离为2cm，则电场强度大小为选项D正确。故选BD。三、填空、实验题（本大题共3小题，每空2分，作图2分，共16分）17. 在电场中P点放一个电荷量为C的检验电荷，它受到的电场力为N，则P 点的场强为_N/C把放在P点的检验电荷的电荷量减为C，则P点的场强为_N/C【答案】 (1). 5104N/C (2
17、). 5104N/C【解析】【详解】根据场强的定义式：；根据场强由电场本身决定，与试探电荷无关，故把放在P点的点电荷的电荷量减为210-9C或移走试探电荷，该点的场强不变，即为5104N/C18. 将一个电荷量q=3106C的负点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功6104J，从B点移到C点电场力做功9104J则AB间电势差UAB=_V、AC间的电势差UAC= _ V【答案】 (1). 200 (2). -100【解析】【详解】电荷量q=-310-6C，电场力的功WAB=-310-6J，WBC=910-4J，由电势差的定义 UAC=A-C=UAB+UBC=200-300=-100V1
18、9. 在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，采用的仪器有：电源E（电动势6V，内阻不计）、额定电压4.0V的小灯泡L、电流表A（量程0.6A，内阻约2）、电压表V（量程5V，内阻约15k）、滑动变阻器R（最大阻值15）、开关S、导线若干。实验中要求加在小灯泡上的电压从零到小灯泡的额定电压连续可调。(1)在做实验时，连成的实物电路图如图1：请你指出上述实验电路图中的错误之处：_；_。(2)请你在图2方框中画出实验所用的正确电路原理图_。(3)如图3所示为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的I-U图象，从图象中可求得小灯泡正常发光时的电阻是_。【答案】 (1). 电流表没有接成外接电
19、路 (2). 滑动变阻器没有接成分压电路 (3). 见解析图 (4). 10【解析】【详解】(1)12描绘小灯泡伏安特性曲线，要求加在小灯泡上的电压从零到小灯泡的额定电压连续可调，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，电流表应采用外接法。所以上述实验电路图中的错误之处：电流表没有接成外接电路；滑动变阻器没有接成分压电路。(2)3由以上分析可知，正确电路原理图：(3)4由I-U图可知，电压为4V时，电流为0.4A，则四、计算题（本大题共4小题，8+10+12+12，共42分）20. 把电荷量点电荷从A点移到B点时，克服静电力做功，已知求：(1)A、B间的电势差；(2)从A到B的电势能的变化；(
20、2)A点的电势【答案】(1)-150V(2)增加了3.010-6J(3)-120V【解析】【详解】(1)A、B间的电势差为(2)从A到B，电场力做负功，故电势能增加，增加了3.010-6J(3)A点的电势为A=UAB+B=-150V+30V=-120V21. 如图所示，静止的电子在经加速电压为U的加速电场加速后，从两板间中间垂直进入偏转电场，然后射出，若两板间距为d，板长为l，电子质量为m，电量为q，不计电子重力，求：(1)带电粒子在偏转电场中运动的时间？(2)偏转电场两个极板上最多能加多大电压？【答案】(1) ；(2) 【解析】【详解】(1)粒子在加速电场中，由动能定理得qUmv2得 粒子在
21、偏转电场中做类平抛运动，竖直方向做初速度为零匀加速直线运动，水平方向做匀速直线运动，则有 l=vt解得 (2)当粒子从极板边缘射出时所加的偏转电压最大，则根据牛顿第二定律得 qE=ma结合 U=Ed解得偏转电压22. 如图所示，A为电解槽， 为电动机，N为电炉子，恒定电压U12V，电解槽内阻RA2，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表示数为6A；当S2闭合，S1、S3断开时，电流表示数为5A，且电动机输出功率为35W；当S3闭合，S1、S2断开时，电流表示数为4A求：(1)电炉子的电阻及发热功率；(2)电动机的内阻；(3)在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少【答案】(1)2 72 W(
22、2)1 (3)16 W【解析】试题分析：（1）电炉子为纯电阻元件，由欧姆定律得其发热功率为：（2）电动机为非纯电阻元件，由能量守恒定律得所以（3）电解槽工作时，由能量守恒定律得：考点：闭合电路欧姆定律点评：注意纯电阻电路与非纯电阻电路在的区别23. 如图所示，在竖直向下的匀强电场中有一绝缘的光滑轨道，一个带负电的小球从斜轨上的A点由静止释放，沿轨道滑下，已知小球的质量为m，电荷量为q，匀强电场的场强大小为E，斜轨道的倾角为，圆轨道半径为R，小球的重力大于所受的电场力。(1)求小球沿轨道滑下的加速度的大小；(2)若使小球通过圆轨道顶端的B点，求A点距水平地面的高度h1至少为多大；(3)若小球从斜轨道h2=5R处由静止释放。假设其能通过B点。求在此过程中小球机械能的改变量。【答案】(1)(2)R(3)3qER【解析】【详解】(1) 小球带负电，在斜面上受竖直向下的重力和竖直向上的电场力作用，由牛顿第二定律有：(mgqE)sin=ma解得小球沿轨道滑下的加速度的大小：(2)要使小球恰能过B点，则应有：从A点到B点过程，由动能定理有：由解得A点距水平地面的高度h1至少为：(3)因电场力做负功，小球电势能增加，增加量为：由能量守恒定律得小球机械能减少等于电势能的增加，所以小球机械能的减少量为3qER。
