1、2021届高考物理二轮复习动态分析选择题专练（4）电路分析1.如图所示,为金属热电阻,为光敏电阻,和均为定值电阻,电源电动势为E,内阻为r,V为理想电压表,现发现电压表示数增大,可能的原因是( )A.金属热电阻温度升高,其他条件不变B.金属热电阻温度降低,光照强度减弱,其他条件不变C.光照强度增强,其他条件不变D.光照强度增强,金属热电阻温度升高,其他条件不变2.如图所示,为定值电阻,L为小灯泡,为光敏电阻,其阻值随光照强度的增强而减小,当光照强度增强时( )A.电压表的示数减小B.中电流减小C.小灯泡的功率减小D.电路的路端电压增大3.如图所示的闭合电路中，当滑片P右移时，两电表读数变化是(
2、)A电流表变小，电压表变小 B电流表变大，电压表变大C电流表变大，电压表变小 D电流表变小，电压表变大4.在如图所示的电路中,闭合开关后,两灯泡都正常发光,后来由于某种故障使突然变亮,电压表读数减小,由此推断,该故障可能是()A.灯丝烧断B.电阻断路C.电阻短路D.电容器被击穿短路5.如图所示电路，闭合开关S，两个灯泡都不亮，电流表指针几乎不动，而电压表指针有明显偏转，该电路的故障可能是( )A.电流表坏了或未接好B.从点a经过灯到点b的电路中有断路C.灯的灯丝断了或灯座未接通D.电流表和灯都坏了6.如图所示，电源为交流恒压源，即无论电路中的电阻如何变化，接入电路的交流电压始终保持恒定阻值保持
3、不变，理想交流电压表V与理想交流电流表A的示数分别为.当恒压交流源的频率变大时，理想电压表V与理想电流表A的示数变化量分别为，下列说法正确的是( )A. B.变大，变大C. 灯泡变暗，变小D.7.如图所示,一个边长,匝数(匝)的正方形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动,磁感应强度,线圈转动的角速度,闭合回路中两只灯泡均能发光.下列说法正确的是( )A.从图中位置开始计时,感应电动势的瞬时值表达式为B.增大线圈转动的角速度时,感应电动势的峰值不变C.抽去电感器L的铁芯时,灯泡变暗D.增大电容器C两极板间的距离时,灯泡变亮8.如图所示,电源电动势为,内阻为。电路中的、分别为总阻值一定的滑动
4、变阻器,为定值电阻,为光敏电阻(其电阻随光照强度增大而减小)。当电键闭合时,电容器中一带电微粒恰好处于静止状态。有关下列说法中正确的是( )A.只逐渐增大的光照强度,电阻消耗的电功率变大,电阻中有向上的电流B.只调节电阻的滑动端向上端移动时,电源消耗的功率变大,电阻中有向上的电流C.只调节电阻的滑动端向下端移动时,电压表示数变大,带电微粒向下运动D.若断开电,电容器所带电荷量变大,带电微粒向上运动9.如图甲所示为一个调谐接收电路,图乙、图丙、图丁为电路中的电流随时间变化的图像,则( )A.是中的电流图像B.是中的电流图像C.是中的电流图像D.是流过耳机的电流图像10.在如图所示的电路中，电源电
5、动势和内电阻为定值，为滑动变阻器，和为定值电阻。当的滑动触头从左向右移动时，伏特表和的示数的增量分别为和，对和有（ ）A.B.C.D.11.如图，平行金属板中带电质点原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，选地面的电势为零，当滑动变阻器的滑片向端移动时，下列说法正确的是（ ）A.电压表读数减小B.小球的电势能减小C.电源的效率变高D.若电压表、电流表的示数变化量分别为和 ，则12.如图所示 ,直流电源、滑动变阻器、平行板电容器与理想二极管( 正向电阻为 0 ,反向电阻为 )连接 ,电源负极接地。开始时电容器不带电 ,闭合开关,稳定后 ,一 带电油滴恰能静止在电容器中点。在开关保持接通
6、的状态下 ,下列说法正确的是（ ）A.若滑动变阻器的滑片向下滑动时 ,带电油滴将会向上运动B.若电容器的上极板向上移动时 ,带电油滴将仍然静止C.若电容器的下极板向下移动时 ,点的电势将不变D.若电容器的下极板向左移动时(点仍处在电场中),极板间的场强将增大答案以及解析1.答案：B解析：金属热电阻温度升高,则电路中的总电阻增大,总电流减小,光敏电阻两端的电压增大,所以通过光敏电阻的电流增大,而总电流减小,所以通过的电流减小,故电压表的示数减小,A错误;金属热电阻温度降低,光照强度减弱,外电路电阻可能减小,则干路电流增大,内电压增大,路端电压减小,而两端电压增大,所以光敏电阻两端的电压减小,即通
7、过光敏电阻的电流减小,而总电流增大,所以通过的电流增大,故电压表的示数增大,B正确;光照强度增强,则光敏电阻减小,总电阻减小,总电流增大,路端电压减小,而两端电压增大,即和热电阻两端的电压减小,通过的电流减小,电压表的示数减小,C错误;光照强度增强,金属热电阻温度升高,减小,增大,若总电阻减小,则总电流增大,路端电压减小,而两端的电压增大,所以并联电路电压减小,所在支路的电阻增大,所以支路电流减小,电压表示数减小;减小,增大,若总电阻增大,则路端电压增大,总电流减小,而两端的电压减小,所以并联电路电压增大,所以光敏电阻两端的电压增大,通过光敏电阻的电流增大,而总电流减小,所以所在支路的电流减小
8、,故电压表的示数减小,D错误.2.答案：B解析：当光照强度增强时,光敏电阻的阻值减小,故电路的总阻值减小,总电流增大,由,可知电压表的示数增大,A错误;两端的电压，知两端的电压减小,故通过的电流减小,B正确;由知增大,故小灯泡的功率增大,C错误;电路的路端电压,总电流增大,故路端电压减小,D错误.3.答案：D解析：闭合电路中，当滑片P向右移动时，滑动变阻器的电阻变大，使电路中电阻变大，由闭合电路欧姆定律可得电流变小，则电源内电压及的分压减小，滑动变阻器两端电压变大。故电流表示数减小，电压表示数变大，D正确。4.答案：D解析：电压表读数减小,说明并联部分电路两端电压减小,电阻减小,因此故障不可能
9、是断路,故选项AB错误;若R2短路,L2不亮,C错误;电容器被击穿短路,电路电阻减小,路端电压减小,总电流会增大,L2变亮,D正确。5.答案：B解析：若电流表坏了或未接好，电路中没有电流，电压表就无示数，故A错误；电压表有示数，说明电流表和完好，电压表直接与电源两极相连，说明从点a经过到点b的电路中有断路，故B正确，C、D错误.6.答案：A解析：AD、由电路的结构可知，电阻两端的电压的增大值与电阻两端的电压的减小值是相等的，则|，故A正确，D错误；B、由以上的分析可知，变大，减小，故B错误；C、由以上的分析可知，通过电容器的电流增大，则通过灯泡的电流增大，所以灯泡变亮，故C错误。7.答案：A解
10、析：由可得感应电动势的最大值,由于从线圈垂直于中性面开始计时,所以感应电动势的瞬时值表达式,故A正确;根据可得增大线圈转动角速度时,感应电动势的峰值增大,故B错误;抽去电感器L的铁芯时,即减小自感系数,电感器的感抗减小,流过灯泡的电流增大,灯泡变亮,故C错误;增大电容器C两极板间的距离时,根据可知电容器的电容C减小,则电容器的容抗增大,流过灯泡的电流减小,灯泡变暗,故D错误.8.答案：A解析：逐渐增大的光照强度,的电阻减小，回路总电阻减小，回路总电流增大，根据可知上消耗的电功率变大，同时，上端电阻两端电压也增大，则电容器两端电压增大，根据知电荷增加，则中有向上的电流，故A正确.恒定电路中电容器
11、所在支路相当于断路，滑动的滑片不改变电路通电情况，不会发生任何变化，故B错误.调节的滑动端向下移动时，回路总电阻不发牛变化，电压表测的路端电压也不发生变化,示数不变，但是电容器两端分得的电压增大，电场强度增大.电场力大于重力，带电微粒向上运动，故C错误.若断开开关S,则电容器在与组成的电路中放电，电荷减少，电压减小，电场力减小，带电微粒向下运动，故D错误.9.答案：ACD解析：中为接收到的携带信号的无线电波,如图乙所示,但是由于和二极管D串联,所以当的电压与D反向时,电路不通,因此这时没有电流,所以中的电流图像应是丙图,故A、C正确,B错误;通过耳机的电流为通过解调还原出来的信号,如同丁图中的
12、,故D正确.10.答案：AD解析：根据闭合电路欧姆定律可知，结合公式可知，故A对，B错：当的滑动触头从左向右移动时，回路中电阻减小，电流增大，所以电压表增大，由于路端电压减小，所以电压表变小，则知，故C错，D对。故选AD。11.答案：AD解析：A项：由图可知，与滑动变阻器串联后与并联后，再由串连接在电源两端；电容器与并联；当滑片向移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时两端的电压也增大；所以并联部分的电压减小，故A正确；B项： 由A项分析可知并联部分的电压减小，即平行金属板两端电压减小，根据，平行金属板间的场强减小，小球将向
13、下运动，由于下板接地即下板电势为0，由带电质点原处于静止状态可知，小球带负电，根据负电荷在电势低的地方电势能大，所以小球的电势能增大，故B错误；C项：电源的效率：,由分析可知，路端电压减小，所以电源的效率变低，故C错误；D项：将和电源等效为一个新的电源，新电源的内阻为，电压表测的为新电源的路端电压，如果电流表测的也为总电流，则,由分析可知，由于总电流增大，并联部分的电压减小，所以中的电流减小，则增大，所以，所以，故D正确。12.答案：BD解析：当滑动变阻器的滑片向下滑动时，变阻器有效阻值减小，的电压减小，则电容器板间电压想减小，电容器想放电，由于二极管的存在，电容器不能放电，故电容器极板间电压
14、不变，电场场强不变，带电油滴不动，故A错误；当电容器的上极板向上移动时，由电容的决定式知，电容减小，而电容器的电压不变，由知，要减小，电容器要放电，由于二极管的单向导电性，所以电容器不能放电，则电容器的带电量不变，根据推论可知电容器板间场强，故不变，油滴所受的电场力不变，所以带电油滴仍静止不动，故B正确；当电容器的下极板向下移动时，电容器所带的电量不变，由知电容器板间场强不变，与下极板间距增大，由知，与下极板间的电势差变大，点的电势会升高故C错误；当电容器的下极板向左移动时，电容器的电容减小，由知，要减小，电容器要放电，由于二极管的单向导电性，所以电容器不能放电，则电容器的带电量不变，那么只能是极板间增大，由知电容器板间场强变大，故D正确。故选BD。
