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2021届高考数学(理)一轮专题重组卷:第一部分 专题三 函数与基本初等函数 WORD版含解析.doc

上传人:高**** 文档编号:357208 上传时间:2024-05-27 格式:DOC 页数:9 大小:173.50KB
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资源描述

1、专题三函数与基本初等函数本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分满分100分,考试时间60分钟第卷(选择题,共60分)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1(2019佳木斯调研)已知幂函数yf(x)的图象过点,则log2f(4)的值为()A3 B4 C6 D6答案C解析设幂函数为f(x)xn.由幂函数yf(x)的图象过点,得n3n3,则f(x)x3,f(4)64,则log2f(4)log2646,故选C.2(2019全国卷)若ab,则()Aln (ab)0 B3a0 D|a|b|答案C解析解法一:不妨设a1,b2,则ab,

2、可验证A,B,D错误,只有C正确解法二:由ab,得ab0.但ab1不一定成立,则ln (ab)0 不一定成立,故A不一定成立因为y3x在R上是增函数,当ab时,3a3b,故B不成立因为yx3在R上是增函数,当ab时,a3b3,即a3b30,故C成立因为当a3,b6时,ab,但|a|b|,所以D不一定成立故选C.3(2019抚顺二模)已知f(x)x22x1a,xR,ff(x)0恒成立,则实数a的取值范围为()A. B.C1,) D0,)答案B解析设tf(x)(x1)2aa,f(t)0对任意ta恒成立,即(t1)2a0对任意ta,)都成立,当a1时,f(t)minf(1)a,则a0,与a1矛盾,当

3、a1时,f(t)minf(a)a23a1,则a23a10,解得a,故选B.4(2019江西名校联考)函数f(x)x2ln (ex)ln (ex)的大致图象为()答案A解析函数f(x)的定义域为(e,e),且f(x)x2ln (ex)ln (ex)f(x),函数f(x)为偶函数,排除C;xe时,f(x),排除B,D.故选A.5(2019银川六校联考)已知函数f(x)是定义在R上的偶函数,且f(x4)f(x2),若当x3,0时,f(x)6x,则f(2018)()A36 B. C6 D.答案A解析f(x4)f(x2),f(x6)f(x)函数f(x)的周期为6.又f(x)是偶函数,且当x3,0时,f(

4、x)6x,f(2018)f(23366)f(2)f(2)6236.故选A.6(2019安庆二模)若函数f(x)logax(a0且a1)的定义域与值域都是m,n(mn),则a的取值范围是()A(1,) B(e,) C(1,e) D. (1,e)答案D解析函数f(x)logax的定义域与值域相同等价于方程logaxx有两个不同的实数解因为logaxxxln a,所以问题等价于直线yln a与函数y的图象有两个交点作函数y的图象,如图所示根据图象可知,当0ln a时,即1ae时,直线yln a与函数y的图象有两个交点故选D.7(2019沧州模拟)已知函数f(x)ex1ex1,则下列说法正确的是()A

5、函数f(x)的最小正周期是1B函数f(x)是单调递减函数C函数f(x)的图象关于直线x1轴对称D函数f(x)的图象关于(1,0)中心对称答案D解析函数f(x)ex1ex1,即f(x)ex1,可令tex1,即有yt,由yt在t0单调递增,tex1在R上单调递增,可得函数f(x)在R上为增函数,则A,B均错误;由f(2x)e1xex1,可得f(x)f(2x)0,即有f(x)的图象关于点(1,0)对称,则C错误,D正确故选D.8(2019东北师大附中摸底)已知定义在R上的奇函数f(x)满足f(x4)f(x),且在区间0,2上是增函数,则()Af(25)f(11)f(80)Bf(80)f(11)f(2

6、5)Cf(11)f(80)f(25)Df(25)f(80)f(11)答案D解析因为奇函数f(x)在区间0,2上是增函数,所以f(x)在区间2,0上是增函数又因为函数f(x)满足f(x4)f(x),所以f(x8)f(x4)f(x),所以函数f(x)为周期函数,且周期为8,因此f(25)f(1)f(0)f(80)f(11)f(3)f(1)f(1)故选D.9(2019广州市高三年级调研)已知实数a2ln 2,b22ln 2,c(ln 2)2,则a,b,c的大小关系是()Acba Bcab Cbac Dacb答案B解析因为ln 2loge2,所以0ln 21,所以c(ln 2)21,而202ln 22

7、1,即1a2,所以ca1,0blog320,f(1)log321log3210,且a1)的图象可能是()答案D解析当0a1时,函数yax的图象过定点(0,1),在R上单调递增,于是函数y的图象过定点(0,1),在R上单调递减,函数yloga的图象过定点,在上单调递增显然A,B,C,D四个选项都不符合故选D.12(2019衡阳市高三第一次联考)若函数f(x)的图象上存在两个不同点A,B关于原点对称,则称A,B两点为一对“优美点”,记作(A,B),规定(A,B)和(B,A)是同一对“优美点”已知f(x)则函数f(x)的图象上共存在“优美点”()A14对 B3对 C5对 D7对答案D解析与ylg (

8、x)的图象关于原点对称的函数是ylg x,函数f(x)的图象上的优美点的对数,即方程|cosx|lg x(x0)的解的个数,也是函数y|cosx|与ylg x的图象的交点个数,如图,作函数y|cosx|与ylg x的图象,由图可知,共有7个交点,函数f(x)的图象上存在“优美点”共有7对故选D.第卷(非选择题,共40分)二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13(2019漳州质量监测)已知函数yf(x1)2是奇函数,g(x),且f(x)与g(x)的图象的交点为(x1,y1),(x2,y2),(xn,yn),则x1x2x6y1y2y6_.答案18解析因为函数yf(x1)2为奇函数,所

9、以函数f(x)的图象关于点(1,2)对称,g(x)2关于点(1,2)对称,所以两个函数图象的交点也关于点(1,2)对称,则(x1x2x6)(y1y2y6)234318.14(2019四川省一诊)已知函数f(x)则f(2)f(1)_.答案0解析函数f(x)f(2)2,f(1)112,f(2)f(1)220.15(2019江苏省镇江市期末)已知函数f(x)2x,则满足f(x25x)f(6)0的实数x的取值范围是_答案(2,3)解析根据题意,函数f(x)2x,f(x)2xf(x),即函数f(x)为奇函数,又由y在R上为减函数,y2x在R上为减函数,则函数f(x)在R上为减函数,则f(x25x)f(6

10、)0f(x25x)f(6)f(x25x)f(6)x25x6,解得2x4时,由f(x)30,得3,得x9,若a,b,c互不相等,不妨设abc,因为f(a)f(b)f(c),所以由图象可知0a2b4c9,由f(a)f(b),得1log2alog2b1,即log2alog2b2,即log2(ab)2,则ab4,所以abc4c,因为4c9,所以164c36,即16abc36,所以abc的取值范围是(16,36)三、解答题(本大题共2小题,共20分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)17(本小题满分10分)(2019宁夏育才中学月考)已知函数f(x)x24xa3,aR.(1)若函数f(x)在(,)上

11、至少有一个零点,求实数a的取值范围;(2)若函数f(x)在a,a1上的最大值为3,求a的值解(1)由164(a3)0,得a1.故实数a的取值范围是(,1(2)f(x)(x2)2a1.当a12,即a1时,f(x)maxf(a)a23a33,解得a0,a3(舍去);当1a时,f(x)maxf(a)3,解得a0或a3(均舍去);当2时,f(x)maxf(a1)a2a3,解得a,a(舍去)综上,a0或a.18(本小题满分10分)(2019潍坊月考)中国“一带一路”战略构思提出后,某科技企业为抓住“一带一路”带来的机遇,决定开发生产一款大型电子设备生产这种设备的年固定成本为500万元,每生产x台,需另投

12、入成本c(x)(万元),当年产量不足80台时,c(x)x240x(万元);当年产量不小于80台时,c(x)101x2180(万元)若每台设备售价为100万元,通过市场分析,该企业生产的电子设备能全部售完(1)求年利润y(万元)关于年产量x(台)的函数关系式;(2)年产量为多少台时,该企业在这一电子设备的生产中所获利润最大?解(1)当0x80时,y100x500x260x500;当x80时,y100x5001680.y(2)当0x80时,y(x60)21300,当x60时,y取得最大值,最大值为1300万元;当x80时,y1680168021500,当且仅当x,即x90时,y取得最大值,最大值为1500万元综上,当年产量为90台时,该企业在这一电子设备的生产中所获利润最大,最大利润为1500万元

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