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2020届高考化学二轮复习冲刺精讲课件:第2讲化学常用计量 .ppt

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1、第一部分 必考部分专题一化学基本概念第2讲化学常用计量考纲要求1.了解物质的量(n)及其单位摩尔(mol)、摩尔质量(M)、气体摩尔体积(Vm)、物质的量浓度(c)、阿伏加德罗常数(NA)的含义。2.根据微粒(原子、分子、离子等)物质的量、数目、气体体积(标准状况下)、物质的量浓度之间的相互关系进行有关计算。学科素养1.宏观辨识与微观探析:能从元素和原子、分子水平认识物质的组成和构成微粒。2.平衡思想:能认识物质是变化的,并遵循质量守恒定律。3.证据推理:能基于证据对物质组成及其变化明确物质的量浓度的含义,掌握一定物质的量浓度溶液的配制及相关仪器的使用,掌握与阿伏加德罗常数相结合的有关计算和判

2、断。核心知识整合 H 构建体系强化重点网络构建核心强化1牢记“2个”数值(1)阿伏加德罗常数:6.021023 mol1。(2)气体摩尔体积(标准状况):22.4 Lmol1。2理解“3大”规律(1)质量守恒定律。化学反应前后,反应物和生成物的质量相等。稀释前后,溶质的物质的量不变。(2)阿伏加德罗定律。同温同压下,相同体积的任何气体都含有相同数目的分子。(3)电荷守恒规律。溶液中阳离子所带的正电荷总数等于阴离子所带的负电荷总数。3牢记“6个”基本公式(1)nN/NA(2)nm/M(3)nV/Vm(4)c(B)n/V(5)m溶质m溶液100%(6)c1000M(或 cM1000)4明确溶液配制

3、过程中的“4个数据”(1)记录质量或体积的数据小数点后保留一位数字。(2)选择合适规格的容量瓶,作答时要标明容量瓶规格。(3)转移溶液时要洗涤烧杯23次。(4)定容时液面距刻度线12 cm处,改用胶头滴管滴加。师生互动探究 S 高频考点点点突破考点一 阿伏加德罗常数的应用解析 氯化铁的摩尔质量为162.5 gmol1,16.25 g FeCl3的物质的量为0.1 mol,铁离子水解生成的氢氧化铁胶体粒子是大量氢氧化铁微粒的聚集体,故氢氧化铁胶体粒子数小于0.1NA,A错误;标准状况下,22.4 L氩气(氩气分子为单原子分子)的物质的量为1 mol,Ar是18号元素,1 mol氩气分子含有18

4、mol质子,即质子数为18NA,B正确;甘油的摩尔质量为92 gmol1,92.0 g甘油的物质的量为1 mol,甘油(丙三醇)的结构简式为CHCH2OHCH2OHOH,1个丙三醇分子中含有3个羟基,故92.0 g甘油中含有羟基数为3.0NA,C错误;甲烷与氯气在光照下反应生成的有机产物有一氯甲烷(CH3Cl)、二氯甲烷、三氯甲烷和四氯化碳,故1.0 mol CH4与氯气在光照下反应生成的CH3Cl分子数小于1.0NA,D错误。答案 B解答阿伏加德罗常数类题目的“3看”分点突破角度:有关NA的正误判断1(2018河北高阳中学月考)阿伏加德罗常数的值为NA,下列叙述中错误的是()标准状况下,2.

5、24 L水中含有0.1NA个水分子常温常压下,32 g SO2含有的分子数约为3.0110232 mol NaOH的摩尔质量为80 g/molH2的气体摩尔体积约为22.4 L/mol 标准状况下,22.4 L由N2和N2O组成的混合气体中,所含有的氮原子的物质的量为2 mol2 mol/L的CaCl2溶液中Cl的数目为4NA常温常压下,1 mol氦气含有的原子数为NA11.2 L氯气中含有NA个氯原子A BC D解析 中标准状况下,水不是气体,不能使用标准状况下的气体摩尔体积计算2.24 L水的物质的量,错误;中常温常压下,32 g SO2的物质的量为0.5 mol,含有的分子数约为3.01

6、1023,正确;中2 mol NaOH的摩尔质量为40 g/mol,摩尔质量与物质的量无关,错误;中没有说明在标准状况下,H2的气体摩尔体积不一定为22.4 L/mol,错误;中在标准状况下,22.4 L由N2和N2O组成的混合气体的物质的量为1 mol,1 mol混合气体中含有2 mol氮原子,正确;中没有说明2 mol/L的CaCl2溶液的体积,无法计算溶液中氯离子的物质的量,错误;中常温常压下,1 mol氦气含有1 mol氦原子,含有的原子数为NA,正确;中没有说明在标准状况下,题中条件无法计算11.2 L氯气的物质的量,错误。答案 A2(2018山东桓台二中月考)设NA为阿伏加德罗常数

7、的数值,则下列说法中正确的是()A500 mL 1 mol/L MgCl2溶液中含有Cl数目为0.5NAB标准状况下,22.4 L H2O所含分子数为1 molC17 g NH3含有的电子数为10NAD36 g H2O与32 g CH4所含的氢原子数相等解析 A项,Cl数目为0.5 L1 mol/L2NANA,错误;B项,标准状况下,H2O为液态,错误;C项,17 g NH3为1 mol,含有的电子数为1(73)NA10NA,正确;D项,36 g H2O为2 mol,含有的氢原子为4 mol,32 g CH4为2 mol,含有的氢原子为8 mol,错误。答案 C3(2018福建厦门期末)阿伏加

8、德罗常数的值为NA,下列说法正确的是()A用惰性电极电解KOH溶液,若阳极产生5.6 L气体,则电路中通过0.5NA电子B常温常压下,4.6 g NO2气体所含的分子数为0.1NAC7.8 g Na2O2与足量的水(H182 O)反应生成的氧气所含的中子数为NAD100 g 46%甲酸(HCOOH)水溶液所含的氧原子数为5NA解析 A项,没有给出温度和压强,错误;B项,二氧化氮气体中存在着二氧化氮与四氧化二氮的可逆反应,错误;C项,7.8 g Na2O2与水反应生成0.05 mol氧气,生成的氧气中不含18O,因此生成的氧气所含中子的物质的量为0.8 mol,错误;D项,46 g甲酸的物质的量

9、为1 mol,含有2 mol氧原子,54 g水的物质的量为3 mol,含有3 mol氧原子,因此溶液中所含氧原子的物质的量为5 mol,正确。答案 D4(2018河北邢台质检)设NA为阿伏加德罗常数的数值。下列说法正确的是()A5.6 g Fe与过量稀硝酸反应,转移的电子数为0.3NAB标准状况下,2.24 L苯含CH键的数目为0.6NACK37ClO3与浓H35Cl反应制得7.1 g氯气,则生成的Cl2分子数为0.1NAD6.4 g Cu与40 mL 10 molL1浓硝酸充分反应,生成的NO2分子数为0.2NA解析 A项,铁与稀硝酸反应变为3价,故5.6 g铁即0.1 mol铁反应时失去0

10、.3 mol电子,正确;B项,标准状况下,苯不是气体,题中条件无法计算苯的物质的量,错误;C项,K37ClO3与浓H35Cl反应生成的7.1 g氯气,物质的量不为0.1 mol,分子数不为0.1NA,错误;D项,40 mL 10 molL1浓硝酸中含有硝酸的物质的量为0.4 mol,6.4 g铜的物质的量为0.1 mol,0.1 mol铜完全反应消耗浓硝酸的物质的量为0.4 mol,而浓硝酸随着反应的进行,逐渐变为稀硝酸,故硝酸的还原产物不仅有NO2,还有部分NO,错误。答案 A5设NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是()A1 mol NaCl中,所有Na的最外层电子总数为NAB含NA个

11、Na的Na2O溶解于1 L水中,Na的物质的量浓度为1 molL1C电解饱和食盐水,阳极产生22.4 L气体时,电路中通过的电子数目为2NAD向0.2 mol NH4Al(SO4)2溶液中滴加NaOH溶液至沉淀完全溶解,消耗NA个OH解析 NaCl中Na的最外层有8个电子,因此1 mol NaCl中,所有Na的最外层电子总数为8NA,A错误;所得溶液中含NA个Na,可得氢氧化钠的物质的量为1 mol,但这时候溶液不是1 L,所以物质的量浓度不是1 molL1,B错误;阳极反应式为2Cl2e=Cl2,没有指明标准状况,无法计算电子数目,C错误;向0.2 mol NH4Al(SO4)2溶液中滴加N

12、aOH溶液至沉淀完全溶解,消耗1 mol OH,D正确。答案 D阿伏加德罗常数常见考查的知识方向与速判技能考点二 溶液的配制及误差分析解析(1)配制Na2S2O3溶液还需要的玻璃仪器是用于量取一定体积蒸馏水的量筒;加热可以除去溶解的氧气,避免实验结果不准确。(2)用容量瓶配制溶液时,不能将所称量固体直接放入容量瓶中溶解。答案(1)量筒 氧气(2)错误溶液配制是一个重要的定量分析实验,在解答此种题型时,首先要关注配制过程中的注意事项:(1)计算所得数据所含的有效数字必须与量器的精确度一致,中学一般用托盘天平和量筒,所以必须保留到小数点后一位。(2)溶解过程中若有较大温度变化,转移前必须冷却到室温

13、。(3)洗涤时需要洗涤烧杯和玻璃棒,洗涤所得洗涤液必须转移到容量瓶中。(4)选取容量瓶时必须注明与所配溶液相对应的规格。(5)定容时必须平视,定容的操作是“先用小烧杯直接加水至离刻度线12 cm处,然后改用胶头滴管滴加至刻度线”。(6)判断配制终点的方法是“凹液面的最低点与视线水平相切”或“凹液面的最低点、刻度线和眼睛在同一水平线上”。其次要进行科学的误差分析:(1)误差分析的思维流程(2)视线引起误差的分析方法仰视刻度线(图 1),导致溶液体积偏大,结果偏低。俯视刻度线(图 2),导致溶液体积偏小,结果偏高。分点突破角度一:溶液的配制1配制一定物质的量浓度的溶液是一个重要的定量实验,下列有关

14、说法正确的是()A容量瓶用蒸馏水洗净后,可不经干燥直接用于配制溶液B配制一定物质的量浓度的稀盐酸时,用量筒量取9.82 mL浓盐酸C配制1 L 0.1 molL1的NaCl溶液时,用托盘天平称量5.85 g NaCl固体D定容时,为防止液滴飞溅,胶头滴管紧贴容量瓶内壁解析 量筒只能精确到0.1 mL,B错误。托盘天平只能精确到0.1 g,C错误。用胶头滴管定容时,滴管不能紧贴容量瓶内壁,以防蒸馏水附着在容量瓶刻度线以上的部分,引起误差,故D错误。答案 A2实验室要配制480 mL 0.2 molL1 NaCl溶液,实验室只有含少量硫酸钠的氯化钠固体,设计如下方案,请回答下列问题:样品操作1足量

15、试剂1足量试剂2操作2 固体A溶液A足量试剂3操作3纯净氯化钠(1)固体A的化学式为_。(2)试剂2的名称为_,判断试剂2是否过量的方法_,操作3的名称_。(3)加入试剂1、3发生反应的离子方程式分别为_、_。(4)配制过程中不需要使用的化学仪器有_(填选项的字母)。A烧杯 B500 mL容量瓶C漏斗 D胶头滴管(5)用托盘天平称取氯化钠,其质量为_g。(6)下列主要操作步骤的正确顺序是_(填序号)。称取一定质量的氯化钠,放入烧杯中,用适量蒸馏水溶解;加水至液面离容量瓶颈刻度线下12 cm时,改用胶头滴管滴加蒸馏水至凹液面与刻度线相切;待冷却至室温后,将溶液转移到500 mL容量瓶中;盖好瓶塞

16、,反复上下颠倒,摇匀;用少量的蒸馏水洗涤烧杯内壁和玻璃棒23次,洗涤液转移到容量瓶中。(7)如果实验过程中缺少步骤,会使配制出的NaCl溶液浓度_(填“偏高”、“偏低”或“不变”)。答案(1)BaSO4、BaCO3(2)碳酸钠 取上层清液滴加BaCl2溶液,无白色沉淀产生则未过量,反之过量 蒸发结晶(3)Ba2SO24=BaSO42HCO23=H2OCO2(4)C(5)5.9(6)(7)偏低角度二:误差分析3(1)用质量分数为98%的浓硫酸(密度为1.84 gcm3)配制250 mL浓度为0.5 molL1的硫酸溶液,选用到的仪器正确的是()(2)在容量瓶的使用方法中,下列操作中不正确的是_,

17、造成浓度偏大的为_。(填写标号)A使用容量瓶前检查它是否漏水B容量瓶用蒸馏水洗净后,再用待配溶液润洗C配制溶液时用量筒量取浓硫酸后用玻璃棒引流入容量瓶中,缓慢加入蒸馏水到接近刻度线12 cm处,用胶头滴管滴加蒸馏水直到凹液面的最低处和标线相平D定容后盖好瓶塞,用食指顶住瓶塞,用另一只手的手指托住瓶底,把容量瓶倒转和摇动多次解析(1)需要量取的浓硫酸体积V0.25 L0.5 molL198 gmol11.84 gcm398%6.8 mL,故不能选用100 mL量筒,应选用10 mL量简,A项错误;配制体积为250 mL的溶液只能选取250 mL规格的容量瓶,B项正确;该实验不需称量固体药品,C项

18、错误;配制溶液用不到锥形瓶,D项错误。(2)容量瓶用蒸馏水洗净后,不能再用待配溶液润洗,这样会使所配溶液的浓度偏大;用量筒量取的浓硫酸,应先在烧杯中稀释,冷却后再转移到容量瓶中,在容量瓶中稀释是错误的,会造成溶液温度高,所加水量小,浓度偏大。答案(1)B(2)BC BC考点三 以物质的量为核心的计算解析 注意混合液分成两等份,由Mg22OH=Mg(OH)2、Ba2SO24=BaSO4可知原溶液中n(Mg2)2a2 mola mol、n(SO24)2b mol,依据电荷守恒可知原溶液中n(K)2n(SO24)2n(Mg2)2(2ba)mol。答案 D以物质的量为核心进行计算的“一、二、三”分点突

19、破角度一:有关气体的计算1(2018上海静安区二模)同温同压下两个容积相等的贮气瓶,一个装有C2H4,另一个装有C2H2和C2H6的混合气体,两瓶气体一定具有相同的()A质量B密度C碳原子数D原子总数解析 根据阿伏加德罗定律,同温同压下,两个容积相等的贮气瓶中气体的物质的量相等,一个装有C2H4,另一个装有C2H2和C2H6的混合气体,两瓶气体中分子总数相等,每个分子含有的碳原子数相等,因此碳原子总数相等,故选C。由于不能确定第二个贮气瓶中C2H2和C2H6的比例,则无法确定氢原子数和原子总数,因此原子总数不一定相等,质量不一定相等,密度不一定相等。答案 C2(2018承德二模)如图所示装置,

20、室温下密闭容器内分别充入空气和H2、O2的混合气体在可移动的活塞两边,在标准状况下若将H2、O2的混合气体点燃引爆,活塞先左移,恢复原温度后,活塞右移并停留于容器的中央,则原来H2、O2的体积比最接近于()27 54 45 72ABCD解析 反应前左右压强相等,气体的物质的量之比等于体积之比,设空气的物质的量为1 mol,则开始时氢气、氧气的混合气体为3 mol。反应后恢复至原来的温度,活塞正好停留在容器的中央,说明反应后左右气体的物质的量相等,则右室中剩余气体为1 mol。若剩余的气体为氢气,参加反应的气体共2 mol,由2H2O2=点燃 2H2O可知,氧气为2 mol1323 mol,故氢

21、气为3 mol23 mol73 mol,故H2、O2的体积比为73 mol23 mol72。若剩余的气体为氧气,参加反应的气体共2 mol,由2H2O2=点燃 2H2O可知,氢气为2 mol2343 mol,故氧气为3 mol43 mol53 mol,故H2、O2的体积比为43 mol53 mol45,所以原来H2、O2的体积比最接近的为。答案 B解答有关气体体积的计算题,常根据公式nV/22.4 Lmol1(标准状况)或阿伏加德罗定律及其推论,把气体体积关系转化为物质的量的关系进行计算。灵活运用阿伏加德罗定律及其推论是解答该类题目的关键。角度二:有关浓度的计算3标准状况下,将42.3 L H

22、Cl完全溶解于蒸馏水中,得到1.0 L溶液。下列叙述正确的是()A得到的盐酸的物质的量浓度为42.3 L22.4 L/mol1.0 L1.89 mol/LB得到的盐酸的密度为42.3 L22.4 L/mol36.5 g/mol1000 g1000 mL1.07 g/cm3C得到的盐酸的质量分数为42.3 L22.4 L/mol36.5 g/mol42.3 L22.4 L/mol36.5 g/mol1000 g100%6.4%D缺少数据,不能计算出盐酸的物质的量浓度、密度及质量分数解析 根据标准状况下的气体体积及所得溶液体积可计算其物质的量浓度,A项正确、D项错误;1.0 L溶液中所含溶剂的体积

23、小于1 L,即水的质量小于1000 g,B、C项错误。答案 A4V L Fe2(SO4)3的溶液中含有a g SO24,取此溶液0.5V L,用水稀释至2V L,则稀释后溶液中Fe3的物质的量浓度为()A.a576V molL1B.125a36V molL1C.250a36V molL1D.125a48V molL1解析 a g SO24 的物质的量为 a96 mol,因此V L Fe2(SO4)3溶液中Fe3的物质的量为 23 a96 mol a144 mol,从中取出0.5VL后n(Fe3)a144 mol 12 a288 mol,即稀释到2V L后溶液中Fe3的物质的量浓度为a288 m

24、ol2V La576V molL1。答案 A角度三:化学反应中的计算问题5 已 知 硫 酸 铝 铵 晶 体 的 化 学 式 可 表 示 为Al2(NH4)2(SO4)424H2O,其受热易分解,400 时硫酸铝铵能够稳定存在。取 4.53 g 硫酸铝铵晶体,加热过程中所得固体质量与温度的变化关系如图所示。根据图中数据的变化,推断下列说法中不正确的是()A硫酸铝铵晶体在50 下不易分解B硫酸铝铵晶体加热到400时会分解生成Al2(NH4)2(SO4)4C物质C的化学式为Al2(SO4)3D物质D的化学式为Al2O3解析 根据图示可知,约100 时硫酸铝铵晶体开始分解,所以在50 下硫酸铝铵晶体可

25、以稳定存在,A项说法正确。4.53 g硫酸铝铵晶体的物质的量nAl2(NH4)2(SO4)424H2O4.53 g906 gmol10.005 mol,该晶体中含有结晶水的物质的量为0.005 mol240.12 mol;受热分解过程中,固体中一定含有铝元素,根据信息,400 时硫酸铝铵未分解,所以A转化为B的过程中,固体质量的减少量是结晶水的质量,减少的结晶水的物质的量为(4.53 g2.46 g)18 gmol10.115 mol;固体中剩余结晶水的物质的量为0.12 mol0.115 mol0.005 mol,所以物质B的化学式为Al2(NH4)2(SO4)4H2O,B项说法错误。根据A

26、l元素质量守恒,可以推出物质C为Al2(SO4)3,物质D为Al2O3,C、D项正确。答案 B6葡萄酒常用Na2S2O5作抗氧化剂。测定某葡萄酒中抗氧化剂的残留量(以游离SO2计算)的方案如下:(已知:滴定时反应的化学方程式为SO2I22H2O=H2SO42HI)按上述方案实验,消耗标准I2溶液25.00 mL,该次实验测得样品中抗氧化剂的残留量(以游离SO2计算)为_ gL1。解析 根据滴定反应的化学方程式:SO2I22H2O=H2SO42HI,可计算葡萄酒中抗氧化剂的残留量,即SO2的含量为0.01000 molL10.02500 L64 gmol10.1000 L0.16 gL1。答案

27、0.16高考真题追踪1(2019课标全国,8)已知NA是阿伏加德罗常数的值,下列说法错误的是()A.3g 3He含有的中子数为1NAB.1 L 0.1 molL1磷酸钠溶液含有的数目为0.1NAC.1 mol K2Cr2O7被还原为Cr3+转移的电子数为6NAD.48 g正丁烷和10 g异丁烷的混合物中共价键数目为13NA34PO解析 A.的中子数为3-2=1,则3g的中子数为=NA,A项正确;B.磷酸钠为强碱弱酸盐,磷酸根离子在水溶液中会发生水解,则1L 0.1mol/L的磷酸钠溶液中磷酸根离子的个数小于1L0.1mol/LNA mol-1=0.1NA,B项错误;C.重铬酸钾被还原为铬离子时

28、,铬元素从+6降低到+3,1mol重铬酸钾转移的电子数为3mol2NA mol-1=6NA,C项正确;D.正丁烷与异丁烷的分子式相同,1个分子内所含共价键数目均为13个,则48g正丁烷与10g异丁烷所得的混合物中共价键数目为13NA mol-1=NA,D项正确;答案 B 3He3He3g3g/molAN48g+10g58g/mol2(2019课标全国,11)设NA为阿伏加德罗常数值。关于常温下pH=2的H3PO4溶液,下列说法正确的是()A.每升溶液中的H+数目为0.02NAB.c(H+)=c()+2c()+3c()+c(OH)C.加水稀释使电离度增大,溶液pH减小D.加入NaH2PO4固体,

29、溶液酸性增强24H PO24HPO34PO解析 A、常温下pH2,则溶液中氢离子浓度是0.01mol/L,因此每升溶液中H数目为0.01NA,A错误;B、根据电荷守恒可知选项B正确;C、加水稀释促进电离,电离度增大,但氢离子浓度减小,pH增大,C错误;D、加入NaH2PO4固体,H2PO4浓度增大,抑制磷酸的电离,溶液的酸性减弱,D错误;答案 B 3(2018课标全国,11)NA代表阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是()A常温常压下,124 g P4中所含PP键数目为4NA B100 mL 1 molL1 FeCl3溶液中所含Fe3的数目为0.1NA C标准状况下,11.2 L甲烷和乙烯混合

30、物中含氢原子数目为2NA D密闭容器中,2 mol SO2和1 mol O2催化反应后分子总数为2NA 解析 每个P4分子中含6个PP键,124 g P4的物质的量为1 mol,含6 mol PP键,A项错误;该溶液中虽然含0.1 mol FeCl3,但由于Fe3部分水解,即溶液中Fe3数目小于0.1NA,B项错误;标准状况下,11.2 L甲烷和乙烯的混合气体为0.5 mol,根据1 mol CH4和1 mol C2H4均含4 mol H原子可知,0.5 mol混合气体中含2 mol H原子,C项正确;SO2和O2的反应为可逆反应,即反应后容器中同时含有SO2、O2和SO3,分子总数大于2NA

31、,D项错误。答案 C 4(2018课标全国,8)下列叙述正确的是()A24 g镁与27 g铝中,含有相同的质子数 B同等质量的氧气和臭氧中,电子数相同 C1 mol重水与1 mol水中,中子数比为21 D1 mol乙烷和1 mol乙烯中,化学键数相同 解析24 g 镁与 27 g 铝的物质的量均为 1 mol,但 Mg、Al 的质子数分别为 12、13,A 项错误;1 mol O2含有 16 mol 电子,1 mol O3含有 24 mol 电子,质量相同(设为 m g)的 O2、O3含有的电子的物质的量分别为m3216 molm2 mol、m4824 molm2 mol,B项正确;1 mol

32、 D2O 含有 10 mol 中子,1 mol H2O 含有 8 mol 中子,C 项错误;1 molCH3CH3含有 7 mol 共价键,1 mol CH2=CH2 含有 5 mol 共价键,D 项错误。答案 B 解析A 项,因铵根离子水解,其数量小于 0.1NA,错误;B 项,2.4 g Mg 为 0.1 mol,与硫酸完全反应后转移的电子数为 0.2NA,错误;C 项,标准状况下,2.24 L 任何气体所含有的分子数都为 0.1NA,错误;D 项,H2(g)I2(g)2HI(g),反应前后气体物质的量不变,正确。5(2017课标全国,8)阿伏加德罗常数的值为NA。下列说法正确的是()A1

33、 L 0.1 molL1NH4Cl溶液中,NH的数量为0.1NA B2.4 g Mg与H2SO4完全反应,转移的电子数为0.1NA C标准状况下,2.24 L N2和O2的混合气体中分子数为0.2NA D0.1 mol H2和0.1 mol I2于密闭容器中充分反应后,其分子总数为0.2NA 答案 D 6(2017课标全国,10)NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是()A0.1 mol的11B中,含有0.6NA个中子 BpH1的H3PO4溶液中,含有0.1NA个H C2.24 L(标准状况)苯在O2中完全燃烧,得到0.6NA个CO2分子 D密闭容器中1 mol PCl3与1 mol Cl2反应制备PCl5(g),增加2NA个PCl键 解析A 项,硼原子的质子数为 5,11B 的中子数为 6,故 0.1 mol 的 11B 中含有中子数为 0.6NA,正确;B 项,未指明溶液体积,无法计算 H 的个数,错误;C 项,标准状况下苯为液体,故 2.24 L(标准状况)苯的物质的量不为 0.1 mol,生成的 CO2分子也不是 0.6NA,错误;D 项,PCl3 Cl2PCl5,这是一个可逆反应,1mol PCl3与 1mol Cl2不可能完全反应生成 1 mol PCl5,故增加的 PCl 键数目小于 2NA,错误。答案 A

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