1、高考资源网（） 您身边的高考专家第二篇|高考题型专项练一、选择题专项练选择题专项练(一)(建议用时：25分钟)一、单项选择题1已知Th的半衰期为24天.4 g Th经过72天还剩下()A0B0.5 gC1 g D1.5 g2如图所示，一定质量的理想气体，由状态a经状态b变化到状态c，下列说法不正确的是()A状态a的温度高于状态b的温度B由状态a到状态b的过程，外界对气体做正功C由状态b到状态c的过程，气体放出热量D状态a的温度低于状态c的温度3如图，轴上S1与S2是两个波源，产生的简谐波分别沿轴向右、向左传播，波速均为v0.4 m/s，振幅均为A2 cm，图示为t0时刻两列波的图象，此时分别传
2、播到P点和Q点，下列说法正确的是()A图示时刻质点P、Q都沿y轴正向运动Bt0.75 s时刻，质点P、Q都运动到M点Ct1 s时刻，x0.5 m处的质点M的位移为4 cmDt1.25 s时刻，x0.5 m处的质点M为振动减弱点4如图所示，电灯S发出的光先后经过偏振片A和B，人眼在P处迎着入射光方向，看不到光亮，则下列说法不正确的是()A图中a光不是偏振光B图中b光为偏振光C以SP为轴将B转过180后，在P处将看到光亮D以SP为轴将B转过90后，在P处将看到光亮5地球和木星绕太阳运行的轨道可以看做是圆形的，它们各自的卫星轨道也可看做是圆形的已知木星的公转轨道半径约为地球公转轨道半径的5倍，木星半
3、径约为地球半径的11倍，木星质量大于地球质量如图所示是地球和木星的不同卫星做圆周运动的半径r的立方与周期T的平方的关系图象，已知引力常量为G，地球的半径为R.下列说法正确的是()A木星与地球的质量之比为B木星与地球的线速度之比为15C地球密度为D木星密度为6如图所示，三条平行等间距的虚线表示电场中的三个等势面，电势值分别为10 V、20 V、30 V，实线是一带电粒子(不计重力)在该区域内的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，下列说法正确的是()A粒子在三点所受的电场力不相等B粒子在三点的电势能大小关系为EpcEpaEkaEkc7如图所示，竖直平面内固定的半圆弧轨道两端点M、N连线水平，将一
4、轻质小环套在轨道上，一细线穿过轻环，一端系在M点，另一端系一质量为m的小球，不计所有摩擦，重力加速度为g，小球恰好静止在图示位置，下列说法正确的是()A轨道对轻环的支持力大小为mgB细线对M点的拉力大小为C细线对轻环的作用力大小为DN点和轻环的连线与竖直方向的夹角为308如图所示为研究光电效应规律的实验电路，电源的两个电极分别与接线柱c、d连接，用一定频率的单色光a照射光电管时，灵敏电流计G的指针会发生偏转，而用另一频率的单色光b照射该光电管时，灵敏电流计G的指针不偏转下列说法不正确的是()Aa光的频率一定大于b光的频率B用b光照射光电管时，一定没有发生光电效应C电源正极可能与c接线柱连接D若
5、灵敏电流计的指针发生偏转，则电流方向一定是dGf二、多项选择题9A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前、后的位移随时间变化的图象，a、b分别为A、B两球碰前的位移随时间变化的图象，c为碰撞后两球共同运动的位移随时间变化的图象，若A球质量是m2 kg，则由图判断下列结论正确的是()A碰撞前、后A球的动量变化量为4 kgm/sB碰撞时A球对B球所施的冲量为4 NsCA、B两球碰撞前的总动量为3 kgm/sD碰撞中A、B两球组成的系统损失的动能为10 J10用同样的交流电源分别给图甲、乙两个电路中相同的四个灯泡供电，四个灯泡均正常发光，乙图中理想变压器原、副线圈的匝数比为31，则()
6、A滑动变阻器接入电路的阻值与灯泡正常发光时的阻值相等B滑动变阻器接入电路的阻值与灯泡正常发光时的阻值之比为21C甲、乙两个电路中的电功率之比为32D甲、乙两个电路中的电功率之比为2111如图所示，长为L的轻质细杆一端拴在天花板上的O点，另一端拴一质量为m的小球刚开始细杆处于水平位置，现将小球由静止释放，细杆从水平位置运动到竖直位置，在此过程中小球沿圆弧从A点运动到B点，不计空气阻力和O点阻力，则()A小球下摆过程中，重力对小球做功的平均功率为0B小球下落高度为0.5L时，细杆对小球的拉力为1.5mgC小球经过B点时，细杆对小球的拉力为2mgD小球下摆过程中，重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小
7、12如图所示，线圈ABCD匝数n10，面积S0.4 m2，边界MN(与线圈的AB边重合)右侧存在磁感应强度B T的匀强磁场，若线圈从图示位置开始绕AB边以10 rad/s 的角速度匀速转动则以下说法正确的是()A线圈产生的是正弦交流电B线圈在转动过程中产生的最大感应电动势为80 VC线圈转动 s时瞬时感应电动势为40 VD线圈产生的电动势的有效值为40 V第二篇高考题型专项练一、选择题专项练选择题专项练(一)1解析：选B.由衰变公式mm，知m4g4g0.5 g，故B正确2解析：选C.由状态a到状态b的过程，压强不变，体积减小，根据C可知温度降低，故A正确；由状态a到状态b的过程，体积减小，外界
8、对气体做正功，故B正确；由状态b到状态c的过程，体积不变，外界对气体不做功，压强增大，根据C可知温度升高，气体分子的平均动能增大，内能增大，根据热力学第一定律UQW可知，气体吸收热量，故C错误；根据理想气体状态方程可得，则有TcTa，故D正确3解析：选C.两列简谐横波分别沿x轴正方向和负方向传播，则质点P、Q均沿y轴负方向运动，故A错误；质点不随波迁移，所以质点P、Q都不会运动到M点，故B错误；波的周期T s1 s，两列波从P、Q两点传到M的时间为T，当t1 s时刻，两波的波谷恰好传到质点M，所以位移为4 cm，故C正确；经t1.25 sT时，两波的平衡位置恰好传到质点M，根据“上下坡”法，可
9、知两波此时在质点M处的运动方向都沿y轴正方向，即M点为振动加强点，故D错误4解析：选C.自然光沿各个方向发散是均匀分布的，通过偏振片后，透射光是只沿着某一特定方向振动的光从电灯直接发出的光为自然光，选项A对；它通过A偏振片后，即变为偏振光，选项B对；设通过A的光沿竖直方向振动，P点无光亮，则B偏振片只能通过沿水平方向振动的偏振光，将B转过180后，P处仍无光亮，选项C错；若将B转过90，则该偏振片将变为能通过竖直方向上振动的光的偏振片，则偏振光能通过B，即在P处有光亮，选项D对5解析：选C.根据Gmr得，r3，可知图线的斜率k，由于木星的质量大于地球的质量，可知图线斜率较大的是绕木星做圆周运动
10、的卫星的轨道半径和周期的关系图线，图线斜率较小的是绕地球做圆周运动的卫星的半径和周期的关系图线对于地球，k，解得地球的质量M地，则地球的密度地.对于木星，k，解得木星的质量M木，则木星的密度木，则木星与地球的质量之比为，故A、D错误，C正确根据v可知木星与地球的线速度之比为，故B错误6解析：选B.图中表示电场中三个等势面平行且等间距，相邻等势面间的电势差相等，由此可判断电场是匀强电场，所以带电粒子在电场中各点受到的电场力相等，故A错误；根据电场线与等势面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面，可知电场的方向向上，带电粒子受到向下的电场力作用，粒子无论是依次沿a、b、c运动，还是依次沿c、b
11、、a运动，都会得到如图的轨迹，所以不能确定带电粒子的运动方向，故C错误；由上分析知，粒子带负电，带电粒子在电场中运动时，存在电势能与动能之间的相互转化，b点的电势最低，由Epq知，带电粒子在b点时的电势能最大，在c点的电势能最小，由能量守恒定律知粒子在c点的动能最大，在b点的动能最小，即有：EkbEkaEkc，EpcEpaEpb，故B正确，D错误7解析：选D.对轻环受力分析，因轻环两边细线的拉力相等，可知两边细线拉力与圆弧对轻环的支持力方向的夹角相等，设为，由几何关系可知，OMAMAO，则390，30；则轨道对轻环的支持力大小为FN2mgcos 30mg，选项A错误；细线对M点的拉力大小为FT
12、mg，选项B错误；细线对轻环的作用力大小为FNFNmg，选项C错误；由几何关系可知，N点和轻环的连线与竖直方向的夹角为30，选项D正确8解析：选B.由于电源的接法不知道，所以有两种情况：c接负极，d接正极；a光照射阴极K时，电流计G的指针发生偏转，b光照射时，电流计G的指针不发生偏转，a光的频率一定大于b光的频率c接正极，d接负极：a光照射光电管阴极K，电流计G的指针发生偏转，a光产生的光电子能到达负极d端，b光照射时，指针不发生偏转，b光产生的光电子不能到达负极d端，所以a光产生的光电子的最大初动能大，所以a光的频率一定大于b光的频率，A、C正确，B错误；电流的方向与负电荷定向移动的方向相反
13、，若灵敏电流计的指针发生偏转，则电流方向一定是dGf，D正确9解析：选ABD.根据题图可知，碰前A球的速度vA3 m/s，碰前B球的速度vB2 m/s，碰后A、B两球共同的速度v1 m/s，故碰撞前、后A球的动量变化量为pAmvmvA4 kgm/s，选项A正确；A球的动量变化量为4 kgm/s，碰撞过程中动量守恒，B球的动量变化为4 kgm/s，根据动量定理，碰撞过程中A球对B球所施的冲量为4 Ns，选项B正确；由于碰撞过程中动量守恒，有mvAmBvB(mmB)v，解得mB kg，故碰撞过程中A、B两球组成的系统损失的动能为EkmvmBv(mmB)v210 J，选项D正确；A、B两球碰撞前的总
14、动量为pmvAmBvB(mmB)v kgm/s，选项C错误10解析：选AC.设灯泡的额定电流为I，电阻为R；在题图乙中，副线圈的电压U2IR，根据理想变压器原、副线圈的匝数比为31，得原线圈两端电压为UU13U23IR；在题图甲中，滑动变阻器两端电压为UR1U2IRIR，流过的电流为I，则滑动变阻器接入电路的阻值为R1R，故A正确，B错误；在题图甲电路中，电功率为P1UI3I2R，在题图乙中，电功率为P22I2R，则P1P232，故C正确，D错误11解析：选BD.小球下摆过程中，重力做的功WmgL，则重力的平均功率，不为零，故A错误；小球下落高度为0.5L 时到达C点，设细杆与水平方向夹角为角
15、，其受力情况如图所示由几何关系得：sin ，解得30；下降0.5L，只有重力做功，细杆的拉力不做功，由机械能守恒定律得：mg0.5Lmv，在C点有：FTmgsin m，联立解得：FT1.5mg，故B正确；从A点到B点，由机械能守恒定律得：mgLmv，在B点有：FTmgm，联立解得：FT3mg，故C错误；小球下摆过程中，竖直方向的分速度先变到最大再减小到0，由PGmgvy知，重力对小球做功的瞬时功率先增大后减小，故D正确12解析：选BD.线圈在有界磁场中将产生正弦半波脉动电流，故A错误；电动势最大值EmnBS80 V，故B正确；线圈转动 s、转过角度，瞬时感应电动势为eEmsin 40 V，故C错误；在一个周期时间内，只有半个周期产生感应电动势，根据有效值的定义有()2R()2RT，可得电动势有效值E40 V，故D正确- 7 - 版权所有高考资源网
