1、注意事项：山东省2023-2024高三年上学期适应性联考1物理试题本试卷共 6 页，18 题全卷满分 100 分，考试用时 90 分钟1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。3.回答非选择题时，将答案写在答题卡上写在本试卷上无效。4.考试结束后、将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。1秋天是收获的季节，劳动人民收完稻谷后，有时要把米粒和棣批分离。如图所示劳动情景，假设在恒定水平风力作用下，从同一高度由静止下落的米粒和棣
2、批落到地面不同位置，空气阻力忽略不计。下列说法正确的是-名;一一、A.从释放到落地的过程中，米粒和糖批重力做功相同B.从释放到落地的过程中，米粒的运动时间大千棣批的运动时间C.从释放到落地的过程中，米粒和棣批重力冲量大小相同D.落地时，米粒重力的瞬时功率大千糖批重力的瞬时功率2在2023年杭州第19届亚运会上，亚运会女子10米跳台决赛，全红女单凭借最后 一轮94.40的分数，逆转队友陈苹沙再次回到榜首，以2.55分的微弱优势夺得金牌。假设把运动员的空中运动简化为自由落体运动，把此过程视为过程I,进入水池直到速度为零的过程视为过程II,已知人的质量为m=34kg,跳台高度为H=lOm,重力加速度
3、为g=lOm/s2,运动员视为质点。以下说法正确的是A 整个过程运动员的机械能守恒B 过程II中运动员所受合力的冲量大千过程I中运动员所受合力的冲量c 整个过程重力所做的功大千克服水的阻力所做的功D 若从进入水池到速度为零总共经过的时间为t=2s,则受到水的平均作用力约为578 N 3.2023年诺贝尔物理学奖授予三位物理科学家，表彰他们对千超快激光和阿秒物理科学的开创性工作。阿秒激光脉冲(1阿秒1 o-1s秒）是目前人们所能控制的最短时间过程，可用来测量原子内绕核运动电子的动态行为等超快物理现象。其应用类似于频闪照相机，下面三幅图是同 一小球，在同 一地点，用同 一频闪照相仪得到的运动照片，
4、下列说法正确的是20 仁：-30。l斜上抛运动-20A.三种运动过程中，小球的加速度逐渐增大B.前两种运动小球处千完全失重状态，而斜上抛运动的小球上升过程处于超重状态C.三种运动过程中，相等时间内小球速度变化量相同D 三种运动过程中，相等时间内小球在竖直方向上位移相同4某创新实验小组制作一个半径为12.00cm的圆盘，将3个相同的弹簧的一端均匀胪定在圆环上，另外一端固定打结，结点恰好在圆心0处，如图所示，已知弹簧（质量不计）的自然长度均为9.00cm,弹簧的劲度系数k=32.5N/m。将圆盘水平放置，在结点0处悬挂一瓶矿泉水，缓慢释放直至平衡时测得结点下降了5.00cm,则矿泉水受到的重力大小
5、为A.0.5NB.1.3NC.1.5ND.3.9N5抖空竹是我国传统体育运动之一，在民间流行的历史至少在600年以上。如图所示，若抖空竹者保持一 只手不动，另 一只手沿图中的匹个方向缓慢移动，忽略空竹转动的影响，不计空竹和绳子间的摩擦力，且认为细线不可伸长。下列说法正确的是A i,C 勺A.沿虚线a向左移动时，细线的拉力将增大B.沿虚线b向上移动时，细线的拉力将减小C.沿虚线c斜向上移动时，细线的拉力将增大D.沿虚线d向右移动时，空竹所受的合力将增大6 质量为 m=2kg 的物体在未知星球的表面以坏 lOOJ 的初动能斜向上抛出，经过一段时间落到星球同 一水平面上，整个过程物体到抛出点的最大高
6、度为20m,物体从抛出到最高点的过程中，物体的动能Ek与物体到星球表面的高度h的图像如图所示，已知该 星球半径R=1600km,忽略 一切阻力，C sin37=0.6,cos37=0.8)，则下列说法正确的是A抛出时物体的初速度与水平方向的夹角为37B从抛出到回到星球表面所需时间为6sc星球表面的重力加速度大小为l.2m/s2 D该星球的第一宇宙速度大小为1600m/s7北京冬奥会后，冰雪运动越来越受人们关注，滑雪机也逐渐走进大众生活。滑雪机是利用电机带动100幻J36。20 him 雪毯向上运动，雪毯的质感完全仿真滑雪场的平坦硬雪，滑雪者相对雪毯向下滑行，以达到学习和锻炼的目的，并且通过调整
7、雪毯的速度或坡度，还可以模拟在滑雪场以各种速度在各种坡度的雪道滑行，如图为一小型滑雪机展品。已知某滑雪机坡道长L=6m,倾角0=37 在某次训练中。一开始雪毯静止未开启，一质量，n=50kg（含装备）的滑雪者没有做任何助力动作，恰能够沿雪毯匀速下滑。现开启雪毯，使雪毯始终以速度v。=6m/s向下运动，滑雪者没有做任何助力动作，从坡道顶端由静止滑到底端，关千该过程下列说法正确的是（已知重力加速度g=I Om/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8,不计空气阻力）A滑雪板与滑雪毯间的动摩擦因数为0.5 B滑雪者从坡道顶端由静止滑到底端所需时间为lsc整个下滑过程滑雪板与雪毯之间由千摩擦而
8、产生热量为450JD 整个过程中摩擦力对滑雪板一直做正功8 星闪技术是新一代近距离无线连接技术，具有更低功耗、更快速度、更低时延等优势，将为智能手机、智能汽车等场景带来体验变革。智能手机通过星闪连接进行数据交换，已经配对过的两手机，当距离小于某一值时，会自动连接；一旦超过该值时，星闪信号便会立即中断，无法正常通讯。如图所示，甲、乙两位同学在两个平行的直跑道进行测试，跑道间距离d=Sm。已知星闪设备在13m以内时能够实现通信。t=O时刻，甲、乙两人刚好位千图示位置，此时甲同学的速度为9m/s,乙同学的速度为2m/s。从该时刻起甲同学以2m/s2 的加速度做匀减速直线运动直至停下，乙同学保持原有速
9、度做匀速直线运动。（忽略信号传递时间），从计时起，甲、乙两人能利用星闪通信的时间为1人袄于1;0公乙雇吉一dA.3sB.9.125sC.12.125sD.15.125s二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。9.如图所示，真空中的正三棱柱ABC-ABC，在 A点固定 一个电荷量为Q的点电荷，C点固定 一个电荷量为Q的点电荷，已知 AC=AA=L，静电力常量为K，选取无穷远处电势为0。则下列说法正确的是A.将一负试探电荷从A点移到C点，其电势能 一直增大B.将 一正试探电荷沿直线从B点移到B
10、点，电场力做正功C.A、B两点的电势差大于B、C两点的电势差Ac B 3D.B点的电场强度大小为丈已g4L2 10 某兴趣小组利用手机上的传感器测量手机运动的加速度，带塑胶软壳的手机从一定高度由静止释放，落到地面上，手机传感器记录了手机运动的加速度a随时间t变化的关系，如图所示，g为当地的重力加速度，忽略空气阻力。下列说法正确的是1 Og T-0飞A.释放时，手机离地面的高度为gtl22 B.t2 时刻手机速度最 大C.手机第 一次与地面碰撞中所受最大弹力为自身重力的10倍D.0至t2 内图线与横坐标围成的面积中，时间轴下方与上方的面积大小相等11如图1,在矩形肌的区域中有平行千闯方向的匀强电
11、场，电场强度为Eo,一电荷量为q,质量为m带电粒子以 V。的初速度从M点沿MN方向进入匀强电场，刚好从Q点射出。MN=PQ=2L,MP=QN=L。现保持电场强度的大小不变，使匀强电场的方向按图2做周期性变化。使带电粒子仍以Vo的初速度从M点沿肋V方向进入，粒子刚好能从QN边界平行PQ方向射出。不计粒子重力，取图1中方向为电场正方向。则下列说法正确的是QN、,，ii，,i1嘈-gi-1 一1石 -皇-图-云-丁j2mvoo邵PM E。为、lJ大度强场电A E E。o-,：|乌TT。当t2,0 2;o-E。-_ 图2B.电场强度大小为E 竺也。2qL 3 C.电场变化的周期可能为TL。5v。D.电
12、场变化的周期可能为T=-2L。5v。12 如图所示，质量为M=3kg的长木板置于光滑水平地面上，质量为m=lkg的小物块（可视为质点）放在长木板的右端，在木板右侧固定着一个竖直弹性挡板，挡板的下沿略高千木板。现使木板和物块以v1=8m/s的速度 一起向右匀速运动，物块与挡板发生弹性碰撞。已知物块与木板间的动摩擦因数=O.3，木板足够长，重力加速度g=lOm/s气，则下列说法正确的是二板兑mm刀：叨叨叨A 物块与挡板第一次碰撞到第二次碰撞所经历的时间为4sB 物块与挡板第二次碰撞过程，挡板对物块的冲量大小为8N s c物块与挡板第n次碰撞前的速度大小为v,=24-m Is 128 D若整个过程中
13、物块不会从长木板上滑落，长木板的最小长度为m三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。13.(6分）阿特伍德机是英国数学家和物理学家阿特伍德创制的一种著名力学实验装置，某物理兴趣小组现用来验证牛顿第二定律，如图所示，已知重力加速度为g。仇片(1)实验时，该同学进行了如下操作：(D将质量均为M(A的含挡光片，B的含挂钩）的重物用轻质细绳连接后，跨放在定滑轮上，处千静4 止状态，测量出（填“A的上表面”“A的下表面”或“遮光片中心”)到光电门中心的竖直距离h;在B的下端挂上质量为m的物块C,让系统（重物A、B以及物块C)由静止开始运动，光电门记录挡光片遮光的时间为At;为了验证牛顿第二定律，还
14、需要测量的物理量有A遮光片的宽度dB重物A的厚度L(2)满足的关系式，即可验证牛顿第二定律。(3)不断增大物块C的质量m,重物B的加速度a也将不断增大，m不断增大时，a会趋近于 一个恒量，该恒量为14.(8分）心脏除颤器通过一个充电的电容器对心颤患者皮肤上的两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，使心脏完全停止跳动，再刺激心颤患者的心脏恢复正常跳动。现用图甲所示电路观察心脏除颤器中电容器的充、放电过程。电路中的电流传感器可以捕捉瞬时的电流变化，它与计算机相连，可显示电流随时间的变化。图甲直流电源电动势E=8V、内阻不计，充电前电容器带电量为零。先使S与“l端相连，电源向电容器充电。充电结束后，使
15、S与“2“端相连，直至放电完毕。计算机记录的电流随时间变化的I-t曲线如图乙所示。计 贵s 勹图甲2 1 电流(mA)时间(s)图乙(1)在电容器充电与放电过程中，通过电阻R。的电流方向（选填”相同”或“相反”)；(2)图像阴影为I-t曲线图像与对应时间轴所围成的面积，乙图中阴影部分的面积s1s2（选填”、“”或“）。15.(8分）2023年6月4日6时33分，神舟十五号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图所示，返回舱在距离地表约10km的高度打开降落伞，速度减至8m/s后保持匀速向下运动。在距离地面的高度约lm时，返回舱底部配备的4台着陆反推发动机开始点火竖直向下喷气，使返回舱的速度在0
16、.2s内由8m/s降到2m/s。假设反推发动机工作时主伞与返回舱之间的绳索处千松弛状态，此过程返回舱的质量变化和受到的空气阻力均忽略不计。返回舱的总质量为3 X 10 3kg,g取lOm/s勹(1)反推发动机工作过程中返回舱受到的平均推力大小N;(2)若已知反推发动机喷气过程中返回舱受到的平均推力大小为F,喷出气体的密度为p,4台发动机喷气口的直径均为D,喷出气体的重力忽略不计，喷出气体的速度远大千返回舱运动的速度。求喷出气体的速度大小。矗16.C 12分）华为Mate 60 Pro通过中国自主研制的天通一号卫星通信系统实现了卫星电话功能，天通一号卫星是地球同步卫星。天通一号卫星发射首先利用火
17、箭将卫星运载至地球附近圆形轨道1，通过多次变轨最终进入地球同步轨道3。其变轨简化示意图如图所示，轨道1离地面高度为h。已知天通一号卫星质量为m,地球自转周期为To,地球半径为R,地球表面的重力加速度为g,0为地球中心，引力常量为G。如果规定距地球无限远处为地球引力零势能点，地球附近物体的引力势能可表示为GMm 片，其中M（未知）为地球质量，m为物体质量，r为物体到地心距离。求：Cl)“天通一号“卫星在轨道l的运行周期T;(2)假设在变轨点P和Q通过两次发动机加速，“天通一号“卫星正好进入地球同步轨道3,则发动机至少做多少功？轨道3I，I，夕，夕、0-，”,h1 1、,，I、，I、，、，一，,2
18、、-，、道i1-、轨一道一轨i，、Q,，也Ip-？、-17.Cll分）如图所示的装置由加速器、辐向电场和平移器组成，平移器由两对水平放置、相距l的相同平行金属板构成，极板长度为l、间距为d,两对极板间偏转电压大小相等、电场方向相反。如图所示，一 比荷为K的带正电粒子由静止经加速电压丛加速后，垂直进入辐向电场（电场强度方向指向圆心），沿着半径为R的圆弧虚线（等势线）运动，之后水平射入偏转电压为亿的平移器，最终离开时打在荧光屏上的A点。不同区域内电场互不影响，不计粒子的重力。求：(1)粒子射出加速器时的速度大小炉(2)圆弧虚线处电场强度E大小；(3)粒子从进入平移器到打在A点，求竖直总位移y。1
19、_J_ i+q l,U。18.(15分）如图所示，左侧为固定在水平地面上足够大、表面光滑、倾角为30 的斜面体，长L=m2 的细绳一端固定在斜面体上C点，另 一端悬挂一质量m=lkg的小球，小球静止在斜面体底部A点，细绳AC中点处紧靠细绳右侧有一颗钉子（图中未画出）。在水平地面B点处静置着质量m1=2kg的物块P和质量m2=lkg的物块Q,二者间压缩着一轻质弹簧并锁定（物块与弹簧不连接），物块P、Q可视6为质点。距B处足够远处停放着质量m3=3kg的小车，其上表面EF段粗糙，与AB等高，长度LEF=1.2m;FD段为半径R=l.8m的1/4光滑圆弧轨道。P,Q与地面、小车与地面间的摩擦力忽略不
20、计，Q与EF间的动摩擦因数均为=0.5。现解除弹簧锁定，物块 P、Q由静止被弹出(p、Q脱离弹簧后立即撤走弹簧），之后物块Q滑上小车，而物块P与小球发生弹性碰撞，碰后小球在斜面上转一周且细绳始终处千拉直状态，碰到钉子后细绳恰好被拉断。已知细绳能承受的最大拉力F;=165N。不计物块经过AB面与斜面体连接点、AB面与小车连接点时的机械能损失。取g=lOm/s2,不计空气阻力，(1)求小球碰后到达最高点时细绳上的拉力大小F2;(2)求轻质弹簧锁定时的弹性势能E(3)求物块Q冲出小车后离开D点的最大高度；(4)撤去斜面体及其上小球，若弹簧解除锁定后，物块Q向右滑上小车后能通过F点，并且后续运动过程始
21、终不滑离小车，求被锁定弹簧的弹性势能取值范围。o-D 物理试题参考答案一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.D.解析A、米粒和棣批的区别是质量不同，由于从同一高度h释放，由叽mgh可知，米粒和棵批重力做功不同故A错误；BC、空气阻力忽略不计，米粒和粮秪在竖直方向都做自由落体运动，由h=丿gt22 可知，运动时间相同故B错。由I=mgt可知，重力对米粒冲輩大于重力对棣批冲量，故C错；D、空气阻力忽略不计，米粒和棣秪在竖直方向都做自由落体运动，由v2=2gh可知，落地时竖直方向的速度大小相同，而P=mgv,由于米粒质量大，落地时，米粒重
22、力的瞬时功率大于棣秪重力的瞬时功率，故D正确。2.D解析：A.过程II中，运动员所受外力除了重力还有阻力，其机械能不守恒，故A错误；整个过程冲量为零，过程II中运动员所受合力的冲量大小等于过程I中运动员所受合力的冲量大小，方向相反，故B错误；C重力做正功，阻力做负功，根据动能定理可知WG-W克 0-0 即咒 W克。故 C错误。D.运动员落入水面前的瞬间速度为 V。=豆了 10五mis，规定竖直向上为正方向，由动量定理得，F-mg)t=0-(-ml。)代入数据解得F：了8N故D正确；厂）3.C解析：AB.三种运动小球均只受重力，小球处千完全失重状态，且加速度为重力加速度，保持不变，故A、B错误；
23、C.平抛运动和斜抛运动水平方向分运动是匀速直线运动，水平分速度不变，只是竖直分速度变化，根据Av1,gAt可知，在相等时间内速度变化量相同，故C正确；D.自由落体运动和平抛运动，相等时间内在竖直方向上的位移相同，但斜上抛运动与前两种运动相等时间内位移不同，故D错误。4.c解析：如图所示卜A 12.00cm m屾oc一、,I 0e3d 6 爹由几何关系可知平衡时每根弹簧的长度均为J12.00气5.0()2cm=13.00cm 每根弹簧的伸长量均为4.00cm,每根弹簧的弹力小均为F=k心1.3N根据竖直方向受力平衡可得文具盒受到的重力大小G=3Fcos0=3xl.3x2-N=l.5N 13 1
24、5.C解析：A.空竹受力如图所示：A 久30;fB由平衡条件有2Fsin0=mg,若设绳长为L,由几何关系可知cos0=,d 当右手B沿虚线a缓慢向左移动时，d减小，cos0减小，sin0增大，F将减小，A错误；B.当当沿虚线b向上移动时，d不变，cos0不变，sin0不变，F不变，B错误；C.当沿虚线c斜向上移动时，d增大，cos0增大，sin0减小，F将增大，C正确。D.缓慢移动空竹时，其合力大小始终为零，故D错。故选C。6.D解析根据动能定义式：抛出时比mvi,可得抛出时物体的速度V。=IOm/s2 最高占时及mv。36J，水平方向分速度Vxo=V。cos0=6m/s,可得cs0=0.6
25、,可见0=53。故A2 错。根据动能定理：mgh=Ek-Eko,当Ek=361时，h。20m,可知 g=I.6m/s 2。竖直方向分速度汽o=V。sin53=8m/s,根据队。g上，从抛出 到回到星球表面所需时间为t=I Os,故B、C错。根据2 V mg=m一可得v=I600m Is,故D正确。R 7.C解析设雪毯静止时，滑雪者匀速下滑，可知：mgsin 0=mgcos0得=0.75，故A错。开启雪毯，滑雪者 从静止加速下滑时，右mgsin 0-mg cos0=ma,可得a=12m/s 2,达到与雪毯共速所需时间t=丘=0.5s，这0.5s内雪毯的位移x1=v。t=3m,滑雪者运动位移x2=
26、L矿l5m，二者相对滑动的a 2 位移凶X,-X=1.5m，之后二者相对静止一起匀速下滑，到达底端还需时间t 上二五0.75s 总v1 共用时t=l.25s,故B错。在相对滑动过程中因摩擦生热Q=mgcos 0&=4501,故C正确。从开始下滑的OO.5s内，滑动摩擦力对滑雪者做正功，0.5s 1.25s内静摩擦力对滑雪者做负功，故D错。8.D解析：假设经过t。，两入的速度相等，此时相距最远vLI at。=v乙，解得t。=3.5s。此时两入在前进方向上的最大距离为/:umax=（瑁。沪。2)-v心12.25m。根据几何知识可知，当甲在乙前方且直线距离为13m时，由勾股定理可推断二者位移关系有x
27、甲 X乙12m,根据运动学公式有研v甲t-at2,2 乙 也，解得11=3s,t2=4s。当0I 3s 时，二者直线距离小于13m;当3s t 4s时，二者直线距离大千13m。12=4s时，甲车的速度为v甲1=v申 at2=1mlsv乙 o t=4s之后，甲、乙两人的距离不断减小，且甲能够继续行驶的距离为环兰上0.25mC 根据几何关系可知，从t2=4s开始到乙运动至甲前方2a 12m的过程中，二者直线距离小于13m,这段过程经历的时间为f=2x12m+0.25m=12.125sv乙所以甲、乙两人能利用星闪通信的时间为伍3s+12.125s=15.125s,故选D。二、多项选择题：本题共 4
28、小题，每小题 4 分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。9.AD.1 L A-、，-.,5L r-）L 0（E,卜，句B E=KO(5L)：解析：A.一负试探电荷从A点移到C点，电场力做负功，电势能增加，故A正确。因为B点和B点在等量异种电荷的中垂面上，中垂面为零等势面，电荷沿直线从B点移到B点，电场力不做功，故选项B错误。A点和C点关于等量异种电荷的中垂面对称，故A、B两点的电势差等千B、C两点的电势差，故C错误。根据场强叠加原理，如图所示，B 场强大小为义2Q，故D正确。4L2 10.AD解析：A.由图可知，t1时刻
29、手机开始接触地面，则Ot1 内做自由落体运动，释放时，手机离地面的高度为h=gt12故A正确；B.手机接触地面时，先向下做加速度减小的变加速运动，可知手机速度2 最大时，加速度为0,根据图像可知，手机速度最大的时刻在t1 与2 两时刻之间，故B错误；C.由图可知，t2 时刻手机的加速度最大，且方向竖直向上，根据牛顿第二定律可得F-mg=mIOg可得F=l lmg,手机第一次与地面碰撞中所受最大弹力为自身重力的11倍，故C错误；D.由图可知，l2时刻手机的加速度最大，此时手机受到地面的弹力最大，手机处于最低点，手机的速度为零，则ot时间内手机的速度变化量为零，根据a-t图像与横轴围成的面积表示速
30、度变化量，可知0至t2 内图线与横坐标围成的面积中，时间轴下方与上方的面积大小相等，故D正确。11.BD解析AB 对粒子分析，粒子沿叭力向做匀速直线运动，电场力方向匀加速直线运动2L=v从，L压皇2求得乌竺i所以A错误，B正确；2 m 2qL CD.当场强方向周期性变化时，沿电场方向先做初速度为0的匀加速后再做匀减速到0的直线运动，此过程重复n次，n取正整数，根据2l=nv。飞，解得飞2仁(n=l,2,3 )，故C错误，D正确。故nv。选BD。12.BCD解析:A小物块第一次与挡板碰撞后，先向左匀减速直线运动，再向右做匀加速直线运动，根据牛顿第一正律有pmg=ma解得加速度大小a=pg=3m/
31、s 2。小物块第一次与墙碰撞后，小物块与木板相互作用直到有共同速度V1,由动量守恒定律得Mv1一？1v1=(M+m)v2,解得V2=4m/s。小物块与木板共速时的位移和所用时间分别为x,=8m,t.=21-（立4s,小物块和木板一起向右匀速运动的2a 时间为ll 立2s,木板与墙壁第一次碰撞到第二次碰撞所经历的时间为t1=/1+t1 =6s,故订昔。BC小物块第一次与墙碰撞后，小物块与木板相百作用直到有共同速度 V2 由动最守恒定律得Jvfv1-mv1=(M+m凡解得v2=JvJ-m_V。小物块第了次与墙碰撞后，小物块与木板相互作用直到有M+m 共同速度V2由动晕守恒定律得Jvlv mv、=（
32、m+m认，)v3 解得v=M-m M-m 2 V2=（）v1，以此类推可M+m M+m 得v,=(M-m)”-I V,=24-m Is。物块与挡板第二次碰撞前速度大小为v=JvJ-m v.=4m Is,碰后原速M+m M+m 率反弹，规定水平向左为正方向，对物块应用动撞定理，可得I=mv1(-mv2)=8Ns,可见B、C正3确。D木板在与小物块发生相对滑动过程时，一直相对向右做匀减速运动，最终两个物体全部静止，根据能量守恒定律得I 1 1 pmglmin=mv+M对，解得l加11 巴盓。故D正确。2 2 3 三、非选择题(60分）13.(6分）0(1分）遮光片中心（1分）A d2()(2分）A
33、t=mg(2分）g 2h 2M+m 解析：（1)光电门可以测出重物A的瞬时速度，为验证机械能守恒，还需刷量重物A上升的高度，即d 遮光片中心到光电门中心的竖直距离忙重物A的瞬时速度为v=-，可知要得到重物A的瞬时速度，At 还需测量的物理量是遮光片的宽度d。故选A。mg d 2(2)根据牛顿第二定律可得mg=(m+2M)a,整理得a=，由运动学公式()2ah 2M+mAt d()联立可得：At=mg2h 2M+m(3)根据a=mg=g,m不断增大时，式子的分母趋近于I,则a会趋于g。2M+m 2M +114.(8分。每空2分）相反3.0 x 10-4 F 解析：（1)由图甲可知，电容器充电时，
34、通过电阻岛的电流方向向左，放电时通过岛的电流方向向右，故在电容器充电与放电过程中，通过电阻岛的电流方向相反；(2)1-t曲线图像与对应时间轴所围成的面积表示电荷皇，充电和放电电荷量相等，所以乙图中阴影部分的面积S1=S,(3)由千电源内阻不计，可知电容器两端电压等千电源电动势，则该电容器的电容值为0 S,2.41 x 10-3 A-s C=-=3.0 x 10-F V E 8V(4)由图乙可知，充电时的最大电流大千放电时的最大电流，则可知凡4,.,又心:；上对4台发动机喷出的气体，由动量定理可得FM=4mv-O解得v=阅卷标准：每式2分，其余各1分16.(12分）G Mm 4冗2解析：（1)根
35、据牛顿第二定律有2=m R+h(R+h)2-T2（）Mm 物体在地球表面时，有G=mgR2 解得t=,I丘(R+h)gR Mm v2(2)根据牛顿第二定律有 G(R+h)2 成决h2 在轨道l速度v=三R+h CD l 2 轨道距地面高度为h时，空间站的动能为Ekl=mv=2-mgR 2 2(R+h)轨道距地面高度为h时，空间站的势能为EmgR Pl R+h Mm 4户地球自转周期为飞，则G-丁=m rr T。2解得r汁gR方4冗22 1,2兀，l2兀在同步轨道3,动能 Ek2=-:-m(r 一）m(gR2 一）32飞2飞G 势能 EP2=3三 m(gR眢4兀2 l 2兀2 2 发动机做的功等
36、千增加的机械能 W=E+EmgR k2+EP2-(Ek!+EPI)m(gR)3+2 T。2(R+h).阅卷标准：每式各1分17.(lr分）解析：其中：(1)设粒子射出加速器的速度为v。，粒子的电荷量为q质量为m。由动能定理得q=k(2)在辐向电场中运动，1 qU。=-m2 得V1=五万2 有qE=m 立R 解得E=2V。(3)在第一个偏转电场中，设粒子的运动时间为t,加速度的大小a处五 md 在离升时，竖直分速度 V_v=at 4竖直位移Y,=at2 l=-at 水平位移l=vlt粒子在两偏转电场间做匀速直线运动，经历时间也为t。竖直位移：y2=vt 由题惫知，粒子竖直总位移y=2y1+Y2e
37、 g解得y立U。d阅卷标准：各式l分 18.(15分）解析：（1)滑块P与小球发生弹性碰撞，设碰撞后小球速度为v1 之后与钉子碰前后速度不变，则有V.2 F;-mg sin 0=m _I_ L e 2 设小球运动到最高点时速度为计，绳子拉力为Fl 根据牛顿第二定律有根据机械能守恒定律得V,2 F2+mg sin 0=m _J_l l-mv:-mv厂2mgL sin 02 2 联立解得=55N 阅卷标准：每式1分(2)设滑块P与小球发生弹性碰撞前速度为）p 碰撞后速度为V;，根据动量守恒定律和能量守恒可 v lll十,p v 叽 I，l 叽曰守41 l.，l,1-m.v.=.:_ m.v.2+.
38、:.mv2 2 l l2 I I2 1 解得 VI 画mis(1)5 设解除锁定后滑块Q的速度为VQ根据动量守恒定律有m1vp=m2vQ 解得vQ=2加沁 1 轻质弹簧锁定时的弹性势能E=-mv2+1 2 IP 2 叩；90J 通）阅卷标准：共1分，共1分，1分(3)对Q与小车构成的系统，在水平方向，根据动噩守恒定律有叩Q=(m2+m3)vx根据能盘守恒定律有上mv2=Lm v2,l 2 Q 2 2 2(.V;)+m因m2 gR+m2 gLEF 2 解得Vy=5m/s 之后，物块Q左斜抛运动，在竖直方向上上为竖直上抛运动，根据逆向思维，物块Q冲出小车后离开D点的最大高度h=-2g 解得 h=2.lm阅卷标准：共2分，共1分(4)物块被弹开过程有m心m2v01=0,l l Ermin=m沁 m岛2.2 当物块Q向右滑上小车后恰好到达F点与小车共速时，弹簧弹性势能最小，此时，对物块Q与小车有m2vo1=(m2+m3)v3 l勹l:;-m2 v1=m2 glF+:;-(m2+m3)寸2 2 E 解得Pmin=12J
