1、2016-2017学年广东省佛山市高明一中高一（下）第4周周练物理试卷一、单项选择题（每小题8分共72分）1在蹦床比赛中，运动员在空中作竖直上抛运动的时间为2s，则运动员跳离蹦床最高的高度为（g取10m/s2）（）A5mB10mC15 mD20m2有A、B两小球，B的质量为A的两倍现将它们以相同速率沿同一方向抛出，不计空气阻力图中为A的运动轨迹，则B的运动轨迹是（）ABCD3斜抛运动与平抛运动相比较，相同的是（）A都是匀变速曲线运动B平抛是匀变速曲线运动，而斜抛是非匀变速曲线运动C都是加速度逐渐增大的曲线运动D平抛运动是速度一直增大的运动，而斜抛是速度一直减小的曲线运动4斜向上方抛出一物体，在
2、物体运动到最高点时，物体的速度（）A最小且为零B不为零，方向竖直向上C不为零，方向沿水平方向D不为零，方向竖直向下5在同一高处有两个小球同时开始运动，一个以水平抛出，另一个自由落下，在它们运动过程中的每一时刻，有（）A加速度不同，速度相同B加速度不同，速度不同C下落的高度相同，位移不同D下落的高度不同，位移不同6如图所示，B为竖直圆轨道的左端点，它和圆心O的连线与竖直方向的夹角为一小球在圆轨道左侧的A点以速度v0平抛，恰好沿B点的切线方向进入圆轨道已知重力加速度为g，则AB之间的水平距离为（）ABCD7将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间间隔为2s，他们运动的v
3、t图象分别如直线甲、乙所示则（）At=2s时，两球的高度差一定为40mBt=4s时，两球相对于各自抛出点的位移相等C两球从抛出至落地到地面所用的时间间隔相等D甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的不相等8如图所示，光滑斜面固定在水平面上，顶端O有一小球，从静止释放，运动到底端B的时间是t1；若给小球不同的水平初速度，使小球分别落到斜面上的A点，经过的时间是t2；落到斜面底端B点，经过的时间是t3；落到水平面上的C点，经过的时间是t4，则（）At1t4Bt2t1Ct4t3Dt2t39如图所示的光滑斜面长为l，宽为b，倾角为，一物块（可看成质点）沿斜面左上方顶点P以初速度v0水平射入，恰好从底端
4、Q点离开斜面，则（）A物块由P点运动到Q点所用的时间t=B初速度v0=bC初速度v0=bDQ点速度vQ=二、计算题10水上滑梯可简化成如图所示的模型，斜槽AB和水平槽BC平滑连接，斜槽AB的竖直高度H=6.0m，倾角=37水平槽BC长d=2.0m，BC面与水面的距离h=0.80m，人与AB、BC间的动摩擦因数均为=0.10取重力加速度g=10m/s2，cos37=0.8，sin37=0.6一小朋友从滑梯顶端A点无初速地自由滑下，求：（1）小朋友沿斜槽AB下滑时加速度的大小a；（2）小朋友滑到C点时速度的大小；（3）在从C点滑出至落到水面的过程中，小朋友在水平方向位移的大小x二、附加题11如图所
5、示，倾角为37的斜面长l=1.9m，在斜面底端正上方的O点将一小球以速度v0=3m/s的速度水平抛出，与此同时静止释放在顶端的滑块，经过一段时间后将小球恰好能够以垂直斜面的方向击中滑块（小球和滑块均视为质点，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8），求：（1）小球从抛出到达斜面所用时间；（2）抛出点O离斜面底端的高度；（3）滑块与斜面间的动摩擦因数2016-2017学年广东省佛山市高明一中高一（下）第4周周练物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题8分共72分）1在蹦床比赛中，运动员在空中作竖直上抛运动的时间为2s，则运动员跳离蹦床最高的高度为（g取10m/
6、s2）（）A5mB10mC15 mD20m【考点】1N：竖直上抛运动【分析】根据竖直上抛运动的对称性特点可知，运动员竖直上抛或自由下落的时间为空中时间的一半，据此可求出运动员跃起是最大高度【解答】解：竖直上抛运动的对称性特点，可知运动员在空中的最长时间为：t=1s故运动员跳离蹦床最高的高度为： =5m故选：A2有A、B两小球，B的质量为A的两倍现将它们以相同速率沿同一方向抛出，不计空气阻力图中为A的运动轨迹，则B的运动轨迹是（）ABCD【考点】1O：抛体运动【分析】明确抛体运动的轨迹取决于物体的初速度和加速度，明确加速度均为重力加速度，即可分析小球B的运动轨迹【解答】解：两球初速度大小和方向均
7、相同，同时因抛出后两物体均只受重力，故加速度相同，因此二者具有相同的运动状态，故B的运动轨迹也是；选项A正确，BCD错误故选：A3斜抛运动与平抛运动相比较，相同的是（）A都是匀变速曲线运动B平抛是匀变速曲线运动，而斜抛是非匀变速曲线运动C都是加速度逐渐增大的曲线运动D平抛运动是速度一直增大的运动，而斜抛是速度一直减小的曲线运动【考点】1O：抛体运动【分析】平抛运动与斜抛运动都是只受重力的曲线运动，加速度相同，斜抛运动做的是速度先减小后增大的曲线运动；【解答】解：A、斜抛和平抛都做曲线运动且只受重力，产生的加速度为g，故均为匀变速曲线运动，故A正确，BC错误；D、平抛运动是速度一直增大的运动，而
8、斜抛是速度先减小后增大的曲线运，故D错误故选：A4斜向上方抛出一物体，在物体运动到最高点时，物体的速度（）A最小且为零B不为零，方向竖直向上C不为零，方向沿水平方向D不为零，方向竖直向下【考点】1O：抛体运动【分析】物体做斜上抛运动，可以将物体的运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的竖直上抛运动进行分析，根据受力情况明确速度的变化情况，从而确定物体到达最高点时的速度情况【解答】解：A、物体做斜上抛运动，因水平方向不受外力，所以水平方向做匀速直线运动而竖直分速度先减小后增大；故物体的合速度先减小后增大，到达最高点时速度最小，由于有水平速度，所以最高点的速度不为零，方向沿水平方向；故ABD错
9、误，C正确；故选：C5在同一高处有两个小球同时开始运动，一个以水平抛出，另一个自由落下，在它们运动过程中的每一时刻，有（）A加速度不同，速度相同B加速度不同，速度不同C下落的高度相同，位移不同D下落的高度不同，位移不同【考点】43：平抛运动；17：速度；1J：自由落体运动【分析】水平抛出的小球做的是平抛运动，解决平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向匀速运动和竖直方向自由落体运动去研究自由落下的做的是自由落体运动根据运动特点解决问题【解答】解：一个水平抛出，另一个自由落下，在同一高度有两个小球同时开始运动，平抛运动可看成水平方向做匀速运动与竖直方向做自由落体运动，由于它们均只受重力作用，所以
10、它们的加速度相同，下落的高度相同由于一个有水平初速度，所以它们的速度与位移不同故ABD错误；C正确；故选：C6如图所示，B为竖直圆轨道的左端点，它和圆心O的连线与竖直方向的夹角为一小球在圆轨道左侧的A点以速度v0平抛，恰好沿B点的切线方向进入圆轨道已知重力加速度为g，则AB之间的水平距离为（）ABCD【考点】43：平抛运动【分析】根据小球恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道，说明小球的末速度应该沿着B点切线方向，再由圆的半径和角度的关系，可以求出B点切线的方向，即平抛末速度的方向，从而可以求得竖直方向分速度，进而求出运动的时间，根据水平方向上的运动规律求出AB间的水平距离【解答】解：根据平行四边
11、形定则知，小球通过B点时竖直方向上的分速度vy=v0tan则运动的时间t=则AB间的水平距离x=故A正确，B、C、D错误故选A7将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间间隔为2s，他们运动的vt图象分别如直线甲、乙所示则（）At=2s时，两球的高度差一定为40mBt=4s时，两球相对于各自抛出点的位移相等C两球从抛出至落地到地面所用的时间间隔相等D甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的不相等【考点】1N：竖直上抛运动；1I：匀变速直线运动的图像【分析】速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示质点的位移，但不能反映物体初始的位置由图直接读出物体运动的时间【解答】解：A
12、、根据速度时间图象与时间轴所围的“面积”表示质点的位移，知t=2s时，甲球通过的位移为x甲=40m，乙的位移为零，两球位移之差等于40m，但两球初始的高度未知，故t=2s时两球的高度相差不一定为40m故A错误B、t=4s时，甲球相对于抛出点的位移为=40m，乙球相对于抛出点的位移为）2m=40m，故两球相对于各自的抛出点的位移相等故B正确C、两球从不同的高度以同样的速度竖直向上抛出，根据竖直上抛运动的规律x=h=，h是抛出点距地面的高度，可知两球从抛出至落到地面所用的时间间隔t不相等故C错误D、由图知，甲球从抛出至到达最高点的时间间隔与乙球相等，都是3s故D错误故选：B8如图所示，光滑斜面固定
13、在水平面上，顶端O有一小球，从静止释放，运动到底端B的时间是t1；若给小球不同的水平初速度，使小球分别落到斜面上的A点，经过的时间是t2；落到斜面底端B点，经过的时间是t3；落到水平面上的C点，经过的时间是t4，则（）At1t4Bt2t1Ct4t3Dt2t3【考点】37：牛顿第二定律；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】落到A、B、C三点过程中，小球均作平抛运动，可以根据平抛运动特点判断运动时间长短，物体从斜面下滑时，做初速度为零的匀加速直线运动，利用其规律求出时间进行比较即可【解答】解：A、小球沿斜面下滑时：，由于ag，lh，所以沿斜面下滑时间大于平抛运动到C点的时间，故A正确；B
14、、小球做平抛运动时：，因此下落高度大的时间长故有t2t3=t4，由A分析可知，t1t2，故B错误；C、平抛至B和C小球在竖直方向下落的距离相同，故小球运动时间相同，故C错误；D、由B分析知，小球落在A点在竖直方向下落的高度小于落在B点时在竖直方向下落的高度，故D错误故选：A9如图所示的光滑斜面长为l，宽为b，倾角为，一物块（可看成质点）沿斜面左上方顶点P以初速度v0水平射入，恰好从底端Q点离开斜面，则（）A物块由P点运动到Q点所用的时间t=B初速度v0=bC初速度v0=bDQ点速度vQ=【考点】44：运动的合成和分解【分析】小球在光滑斜面有水平初速度，做类平抛运动，根据牛顿第二定律求出物体下滑
15、的加速度；根据沿斜面向下方向的位移，结合位移时间公式求出运动的时间；根据水平位移和时间求出入射的初速度；根据平行四边形定则，由分速度合成合速度【解答】解：A、根据牛顿第二定律得，物体的加速度为：a=gsin根据l=at2，有：t=，故A错误；BC、根据b=v0t，有：v0=b，故B错误，C正确；D、在Q点的平行斜面方向的分速度为：vQy=at=gsin=故物块离开Q点时速度的大小：v=，故D错误；故选：C二、计算题10水上滑梯可简化成如图所示的模型，斜槽AB和水平槽BC平滑连接，斜槽AB的竖直高度H=6.0m，倾角=37水平槽BC长d=2.0m，BC面与水面的距离h=0.80m，人与AB、BC
16、间的动摩擦因数均为=0.10取重力加速度g=10m/s2，cos37=0.8，sin37=0.6一小朋友从滑梯顶端A点无初速地自由滑下，求：（1）小朋友沿斜槽AB下滑时加速度的大小a；（2）小朋友滑到C点时速度的大小；（3）在从C点滑出至落到水面的过程中，小朋友在水平方向位移的大小x【考点】37：牛顿第二定律；43：平抛运动；65：动能定理【分析】（1）对小朋友进行受力分析，根据牛顿第二定律可求出下滑时的加速度；（2）选取小朋友从A滑到C的过程，可以根据动能定理求出C点的速度；（3）从C点滑出时，小朋友做平抛运动，可以根据高度求出运动的时间，再根据水平方向做匀速直线运动求出水平位移【解答】解：
17、（1）小朋友沿AB下滑时，受力情况如图所示，根据牛顿第二定律得： 又 Ff=FN，FN=mgcos 得小朋友沿AB下滑时加速度的大小为：a=gsingcos=5.2 m/s2 （2）小朋友从A滑到C的过程中，根据动能定理得： 得小朋友滑到C点时速度的大小 v=10 m/s （3）在从C点滑出至落到水面的过程中，小朋友做平抛运动，设此过程经历的时间为t， 小孩在水平方向的位移x=vt解得：x=4.0m答：（1）小朋友沿AB下滑时加速度的大小为5.2 m/s2；（2）小朋友滑到C点时速度的大小为10 m/s； （3）从C点滑出至落到水面的过程中，小朋友在水平方向位移的大小为4m二、附加题11如图所
18、示，倾角为37的斜面长l=1.9m，在斜面底端正上方的O点将一小球以速度v0=3m/s的速度水平抛出，与此同时静止释放在顶端的滑块，经过一段时间后将小球恰好能够以垂直斜面的方向击中滑块（小球和滑块均视为质点，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8），求：（1）小球从抛出到达斜面所用时间；（2）抛出点O离斜面底端的高度；（3）滑块与斜面间的动摩擦因数【考点】37：牛顿第二定律；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；43：平抛运动【分析】（1）小球垂直撞在斜面上的滑块，速度与斜面垂直，将该速度进行分解，根据水平分速度和角度关系求出竖直分速度，再根据vy=gt求出小球在
19、空中的飞行时间（2）根据，及几何关系求出抛出点O离斜面底端的高度；（3）滑块做匀加速直线运动，由位移时间公式求出加速度，再由牛顿第二定律求解动摩擦因素【解答】解：（1）设小球击中滑块时的速度为v，竖直速度为由几何关系得：设小球下落的时间为t，小球竖直方向解得：t=0.4s（2）竖直位移为y，水平位移为x，由平抛规律得 设抛出点到斜面最低点的距离为h，由几何关系得h=y+xtan37由以上各式得h=1.7m（3）在时间t内，滑块的位移为s，由几何关系得：设滑块的加速度为a，由运动学公式得：对滑块，由牛顿第二定律得：mgsin37mgcos37=ma由以上各式得=0.125答：（1）小球从抛出到达斜面所用时间为0.4s；（2）抛出点O离斜面底端的高度1.7m；（3）滑块与斜面间的动摩擦因数为0.1252017年6月17日
