1、第五章 机械能及其守恒定律 (时间90分钟，满分100分)命 题 设 计难度 题号目标 较易中等稍难功、动能定理1、614能量守恒2、5机械能守恒3、4、76、8、9、10、13实验1112一、选择题(本大题共10个小题，共50分，每小题至少有一个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1物体沿直线运动的vt关系如图1所示，已知在第1秒内合外力对物体做的功为W， 则()图1A从第1秒末到第3秒末合外力做功为4WB从第3秒末到第5秒末合外力做功为2WC从第5秒末到第7秒末合外力做功为WD从第3秒末到第4秒末合外力做功为0.75W解析：由题图知，第1秒末速度、第3秒末速度、
2、第7秒速度大小关系：v1v3v7，由题知Wmv120，则由动能定理知第1秒末到第3秒末合外力做功W2mv32mv120，故A错第3秒末到第5秒末合外力做功W30mv32W，故B错第5秒末到第7秒末合外力做功W4mv720W，故C正确第3秒末到第4秒末合外力做功W5mv42mv32；因v4v3，所以W50.75 W故D正确 答案：CD2带电荷量为q、质量为m的滑块，沿固定的斜面匀速下滑，现加上一竖直向上的匀强电场(如图2所示)，电场强度为E，且qEmg，对物体在斜面上的运动，以下说法正确的是()A滑块将沿斜面减速下滑B滑块仍沿斜面匀速下滑C加电场后，重力势能和电势能之和不变D加电场后，重力势能和
3、电势能之和减小解析：没加电场时，滑块匀速下滑，有：mgsinmgcos，加上电场后，因(mgEq)sin(mgEq)cos，故滑块仍匀速下滑，B正确加电场后，因重力做正功比电场力做负功多，所以重力势能减少得多，电势能增加得少，重力势能和电势能之和减小，C错误，D正确答案：BD3.(2010重庆模拟)半径为R的圆桶固定在小车上，有一光滑小球静止在圆桶的最低点，如图3所示小车以速度v向右匀速运动，当小车遇到障碍物突然停止时，小球在圆桶中上升的高度不可能的是()A等于B大于C小于 D等于2R解析：小球沿圆桶上滑机械能守恒，由机械能守恒分析知A、C、D是可能的答案：B4.在竖直平面内，有根光滑金属杆弯
4、成如图4所示形状，相应的曲线方程为yAcosx，将一个光滑小环套在该金属杆上，并从x0、yA处以某一初速度沿杆向x方向运动运动过程中()A小环在D点的加速度为零B小环在B点和D点的加速度相同C小环在C点的速度最大D小环在C点和E点的加速度方向相同解析：小环在D点和B点的加速度是由环的重力沿杆切向分力产生的，由对称性可知，小环在两点的加速度的大小相同，方向不同，故A、B均错误；因C点最低，小环的重力势能最小，由机械能守恒知，小环在C点的速度最大，C正确；小环在C点和E点的加速度均为向心加速度，故方向相反，D错误 答案：C5.(2009山东高考)如图5所示为某探究活动小组设计的节能运动系统，斜面轨
5、道倾角为30，质量为M的木箱与轨道的动摩擦因数为.木箱在轨道顶端时，自动装货装置将质量为m的货物装入木箱，然后木箱载着货物沿轨道无初速滑下，当轻弹簧被压缩至最短时，自动卸货装置立刻将货物卸下，然后木箱恰好被弹回到轨道顶端，再重复上述过程下列选项正确的是 ()AmMBm2MC木箱不与弹簧接触时，上滑的加速度大于下滑的加速度D在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能全部转化为弹簧的弹 性势能解析：自木箱下滑至弹簧压缩到最短的过程中，由能量守恒有：(mM)gh(mM)gcos30E弹在木箱反弹到轨道顶端的过程中，由能量守恒有：E弹Mgcos30Mgh联立得：m2M，A错误，B正确下滑过程
6、中：(Mm)gsin(Mm)gcos(Mm)a1上滑过程中：MgsinMgcosMa2解之得：a2g(sincos)a1g(sincos)，故C正确在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能和内能，所以D错误答案：BC6如图6甲所示，足够长的固定光滑细杆与地面成一定倾角，在杆上套有一个光滑小环，沿杆方向给环施加一个拉力F，使环由静止开始运动，已知拉力F及小环速度v随时间t变化的规律如图乙所示，重力加速度g取10 m/s2.则以下判断正确的是()图6A小环的质量是1 kgB细杆与地面间的倾角是30C前3 s内拉力F的最大功率是2.25 WD前3 s内小环机械能的增加
7、量是5.75 J解析：设小环的质量为m，细杆与地面间的倾角为，由题图乙知，小环在第1 s内的加速度a m/s20.5 m/s2，由牛顿第二定律得：5mgsinma，又4.5mgsin，得m1 kg，A正确；sin0.45，B错误；分析可得前3 s内拉力F的最大功率以1 s末为最大，PmFv50.5 W2.5 W，C错误；前3 s内小环沿杆上升的位移x1 m0.52 m1.25 m，前3 s内小环机械能的增加量Emv2mgxsin5.75 J，故D正确答案：AD7.静止在粗糙水平面上的物块A受方向始终水平向右、大小先后为F1、F2、F3的拉力作用做直线运动，t4 s时停下，其vt图象如图7所示，
8、已知物块A与水平面间的动摩擦因数处处相同，下列判断正确的是 ()A全过程中拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功B全过程拉力做的功等于零C一定有F1F32F2D有可能F1F32F2解析：由动能定理知A正确，B错误第1 s内F1mgma,1 s末至3 s末，F2mg，第4 s内，mgF3ma，所以F1F32F2，故C、D错误答案：A8.如图8所示，一物体m在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止从底端沿光滑的斜面向上做匀加速直线运动，经时间t力F做功为60 J，此后撤去恒力F，物体又经时间t回到出发点，若以地面为零势能点，则下列说法正确的是()A物体回到出发点时的动能是60 JB开始时物体所受的恒力F2m
9、gsinC撤去力F时，物体的重力势能是45 JD动能与势能相同的位置在撤去力F之前的某位置解析：由功能关系可知，前一个时间t内，力F做的功等于此过程中物体机械能的增量，也等于前一个时间t末时刻物体的机械能；撤去外力F后，物体的机械能守恒，故物体回到出发点时的动能是60 J，A正确；设前一个时间t末时刻物体速度为v1，后一个时间t末时刻物体速度为v2，由tt(两段时间内物体位移大小相等)得：v22v1，由mv2260 J知，mv1215 J，因此撤去F时，物体的重力势能为60 J15 J45 J，C正确；动能和势能相同时，重力势能为30 J，故它们相同的位置一定在撤去力F之前的某位置，D正确；由
10、，可得：Fmgsin，故B错误 答案：ACD9(2009上海高考)小球由地面竖直上抛，上升的最大高度为H，设所受阻力大小恒定，地面为零势能面在上升至离地高度h处，小球的动能是势能的2倍，在下落至离地高度h处，小球的势能是动能的2倍，则h等于 ()A. B.C. D.解析：设小球上升至离地面高度h时，速度为v1，由地面上抛时速度为v0，下落至离地面高度h处速度为v2，空气阻力为f.上升阶段：mgHfHmv02mghfhmv12mv022mghmv12下降阶段：mg(Hh)f(Hh)mv22mgh2mv22由以上各式联立得：hH.故选D.答案：D10.光滑斜面上有一个小球自高为h的A处由静止开始滚
11、下，抵达光滑的水平面上的B点时的速度大小为v0.光滑水平面上每隔相等的距离设置了一个与小球运动方向垂直的活动阻挡条，如图9所示，小球越过n条活动挡条后停下来若让小球从h高处以初速度v0滚下，则小球能越过的活动阻挡条的条数是(设小球每次越过活动阻挡条时损失的动能相等)()AnB2nC3n D4n解析：设每条阻挡条对小球做的功为W，当小球在水平面上滚动时，由动能定理有0mv02nW，对第二次有0mv220(mv02mgh)NW，又因为mv02mgh，联立以上三式解得N2n.答案：B二、实验题(本大题共2个小题，共10分)11(5分)为了探究恒力作用时的动能定理，某同学做了如下实验，他让滑块在某一水
12、平面上滑行，利用速度采集器获取其初速度v，并测量出不同初速度的最大滑行距离x，得到下表所示几组数据：数据组123456v/(ms1)00.160.190.240.300.49x/m00.0450.0750.1110.1630.442(1)该同学根据表中数据，作出xv图象如图10甲所示观察该图象，该同学作出如下推理：根据xv图象大致是一条抛物线，可以猜想，x可能与v2成正比请在图乙所示坐标纸上选择适当的坐标轴作出图线验证该同学的猜想图10(2)根据你所作的图象，你认为滑块滑行的最大距离x与滑块初速度平方v2的关系是_ 解析：(1)作出xv2图线如图所示(2)xv2图线是过原点的直线，所以，滑块滑
13、行的最大距离x与滑块初速度平方v2成正比答案：(1)见解析图(2)xv212(5分)某兴趣小组为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下实验：用天平测出电动小车的质量为0.4 kg；将电动小车、纸带和打点计时器按如图11所示安装；图11接通打点计时器(其打点周期为0.02 s)；使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源待小车静止时再关闭打点计时器(设在整个过程中小车所受的阻力恒定)在上述过程中，打点计时器在纸带上所打的点迹如图12(甲)、(乙)所示，图中O点是打点计时器打的第一个点图12请你分析纸带数据，回答下列问题：(1)该电动小车运动的最大速度为_m/s；(2)该电动
14、小车运动过程中所受的阻力大小为_ N；(3)该电动小车的额定功率为_W.解析：(1)速度恒定时v m/s1.50 m/s.(2)匀减速运动阶段a4.00 m/s2Ffma1.60 N(3)FFf电动小车的额定功率PFv1.601.50 W2.40 W.答案：(1)1.50(2)1.60(3)2.40三、计算题(本大题共4个小题，共40分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)13(8分)如图13所示，质量为m的物体从倾角为的斜面上的A点以速度v0沿斜面上滑，由于mgcosmgsin，所以它滑到最高点后又滑下来，当它下滑到B点时，速度大小恰好也是v0，设物体与斜面
15、间的动摩擦因数为，求AB间的距离解析：设物体m从A点到最高点的位移为x，对此过程由动能定理得：(mgsinmgcos)x0mv02 对全过程由动能定理得：mgsinxABmgcos(2xxAB)0 由得：xAB.答案：14(10分) (2010连云港模拟)一劲度系数k800 N/m的轻质弹簧两端分别连接着质量均为12 kg的物体A、B，将它们竖直静止放在水平面上，如图14所示现将一竖直向上的变力F作用在A上，使A开始向上做匀加速运动，经0.40 s物体B刚要离开地面g10.0 m/s2，试求：(1)物体B刚要离开地面时，A物体的速度vA；(2)物体A重力势能的改变量；(3)弹簧的弹性势能公式：
16、Epkx2，x为弹簧的形变量，则此过程中拉力F做的功为多少？解析：(1)开始时mAgkx1当物体B刚要离地面时kx2mBg可得：x1x20.15 m由x1x2at2vAat得：vA1.5 m/s.(2)物体A重力势能增大，EpAmAg(x1x2)36 J.(3)因开始时弹簧的压缩量与末时刻弹簧的伸长量相等，对应弹性势能相等，由功能关系可得：WFEpAmAvA249.5 J.答案：(1)1.5 m/s(2)36 J(3)49.5 J15(10分)(2009浙江高考)某校物理兴趣小组决定举行遥控赛车比赛比赛路径如图15所示，赛车从起点A出发，沿水平直线轨道运动L后，由B点进入半径为R的光滑竖直圆轨
17、道，离开竖直圆轨道后继续在光滑平直轨道上运动到C点，并能越过壕沟已知赛车质量m0.1 kg，通电后以额定功率P1.5 W工作，进入竖直轨道前受到阻力恒为0.3 N，随后在运动中受到的阻力均可不计图中L10.00 m，R0.32 m，h1.25 m，x1.50 m问：要使赛车完成比赛，电动机至少工作多长时间？(取g10 m/s2)图15解析：设赛车越过壕沟需要的最小速度为v1，由平抛运动的规律xv1thgt2解得v1x3 m/s设赛车恰好通过圆轨道，对应圆轨道最高点的速度为v2，最低点的速度为v3，由牛顿第二定律及机械能守恒定律mgmmv32mv22mg(2R)解得v34 m/s通过分析比较，赛
18、车要完成比赛，在进入圆轨道前的速度最小应该是vmin4 m/s设电动机工作时间至少为t，根据功能关系PtFfLmvmin2由此可得t2.53 s.答案：2.53 s16(12分)如图16甲所示，水平传送带的长度L6 m，皮带轮以速度v顺时针匀速转动，现在一质量为1 kg的小物块(可视为质点)以水平速度v0从A点滑上传送带，越过B点后做平抛运动，其水平位移为x，保持物块的初速度v0不变，多次改变皮带轮的速度v依次测量水平位移x，得到如图16乙所示的xv图象图16(1)当0v1 m/s时，物块在A、B之间做什么运动？当v7 m/s时，物块在A、B之间做什么运动？(2)物块的初速度v0多大？解析：(1)由于0v1 m/s时传送带速度增加而物体的平抛初速度不变，所以物体在A、B之间做匀减速直线运动由于v7 m/s时传送带速度增加而物体的平抛初速度不变，所以物体在A、B之间做匀加速直线运动(2)由图象可知在传送带速度v带1 m/s时，物体做匀减速运动则平抛初速度为v11 m/s，由动能定理得：mgLmv12mv02在v带7 m/s时，物体做匀加速运动，则平抛初速度为v27 m/s，由动能定理得：mgLmv22mv02解得v0 5 m/s.答案：(1)匀减速直线运动匀加速直线运动(2)5 m/s
