1、理综选择题提速练(一)(满分：126 分 时间：45 分钟)一、选择题(本题共 13 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。)1下列有关生物膜的叙述，不正确的是()A细胞膜使细胞具有一个相对稳定的内部环境B细胞内许多重要的化学反应都是在生物膜上进行的C生物膜把细胞器分隔开，保证细胞生命活动高效、有序地进行D生物膜是指具有膜结构的细胞器，核膜不属于生物膜解析：选 D 细胞膜将细胞与外界环境分隔开来，使细胞具有一个相对稳定的内部环境；细胞内广阔的膜面积为酶提供了大量的附着位点，为各种化学反应的顺利进行创造了有利条件；各种生物膜把细胞分隔成一个个小区室，使得细胞内
2、能够同时进行多种化学反应，不会相互干扰，保证了细胞生命活动高效、有序地进行；核膜属于生物膜。2下列关于细胞内有机化合物的叙述，正确的是()A胆固醇和磷脂属于脂肪，都是细胞膜的组成成分B癌细胞代谢旺盛的原因是因为细胞膜上糖蛋白数量增多C葡萄糖是构成麦芽糖、纤维素、淀粉和糖原的基本单位DDNA 和 RNA 属于核酸，都是细胞内的遗传物质解析：选 C 脂质包括脂肪、固醇和磷脂，胆固醇和磷脂是组成细胞膜的成分；癌细胞表面的糖蛋白减少，黏着性降低，容易发生分散转移；麦芽糖、纤维素、淀粉和糖原的基本单位都是葡萄糖；DNA 和 RNA 属于核酸，但细胞内的遗传物质只能是 DNA。3科学家在研究某种鸟的进化时
3、发现，在繁殖季节有的雄鸟能够吸引多只雌鸟来到它的领地筑巢，有的雄鸟却“魅力不足”而其领地中鸟巢的数量很少。经观察，研究者认为雄鸟能否吸引雌鸟到它的领地筑巢，与雄鸟尾羽的长短有关。观察结果如下图，下列说法错误的是()A为鸟的种群进化提供原始材料的是基因突变和基因重组B长尾羽的雄鸟更能吸引雌鸟到它的领地筑巢C若该种群中对羽虱具有抵抗力的个体 AA 和 Aa 分别占 20%和 40%，则 a 基因的基因频率为 60%D种群进化时，基因频率总是变化的解析：选 A 现代生物进化理论认为，突变包括基因突变和染色体变异，它们和基因重组产生生物进化的原材料；由示意图可以看出，长尾羽雄鸟对应的巢数是最多的；若该
4、种群中对羽虱具有抵抗力的个体 AA 和 Aa 分别占 20%和 40%，则 a 基因的基因频率为 60%；种群进化时，基因频率总是变化的。4下列有关生物变异的叙述，正确的是()A受精过程中进行了基因重组，亲子代之间的差异主要是由基因突变造成的B在细胞分裂过程中，如果染色体数目发生了变化，则说明发生了染色体变异C在减数分裂过程中，如果同源染色体之间发生了交叉互换，则说明发生了基因重组D染色体变异一定会改变基因的数量解析：选 C 基因重组发生在减数第一次分裂过程中，受精过程中不会发生基因重组，亲子代之间的差异主要是由基因重组造成的；有丝分裂后期，染色体数目加倍，但不属于染色体变异；在减数分裂过程中
5、同源染色体之间发生了交叉互换，属于基因重组；染色体变异不一定会改变基因的数量，例如染色体结构变异中的倒位。5沙漠中的啮齿动物和蚂蚁都以植物种子为食。啮齿动物喜欢取食大粒种子，蚂蚁偏爱小粒种子。在该生态系统中，大粒种子植物在与小粒种子植物的竞争中处于优势。科研人员在某一实验区域内进行了啮齿动物的有无对蚂蚁数量影响的相关研究。下列有关分析正确的是()A在该生态系统中，蚂蚁和啮齿动物之间没有竞争关系B在该生态系统中，蚂蚁和啮齿动物分别属于第二、三营养级C移走全部啮齿动物后，蚂蚁的数量会先增加然后维持相对稳定D啮齿动物可通过影响植物间的竞争对蚂蚁的数量产生影响解析：选 D 根据题意，在该生态系统中，啮
6、齿动物和蚂蚁在食物上没有竞争关系，但二者生活区域相同，在生存空间上存在竞争关系；因为二者都直接以植物为食，故二者都属于第二营养级；由于啮齿动物喜食大粒种子，而大粒种子植物和小粒种子植物在竞争中处于优势，故移走全部啮齿动物后，大粒种子植物因没有捕食者及在与小粒种子植物的竞争中占据优势而数量剧增，小粒种子植物占据劣势，进而导致蚂蚁数量减少；啮齿动物可通过影响植物间的竞争对蚂蚁的数量产生影响。6关于信号分子的相关叙述，不正确的是()A向含有促使血糖降低的信号分子的溶液加入双缩脲试剂后溶液呈紫色B有的信号分子合成后可以通过自由扩散的方式运出细胞外C.细胞间传递信号的分子都是由细胞内的核糖体合成的D信号
7、分子在完成信息传递后数量和性质发生改变解析：选 C 促使血糖降低的信号分子是胰岛素，它是蛋白质，遇双缩脲试剂呈紫色。只有蛋白质或多肽类信号分子才在核糖体上合成，象性激素、绝大多数神经递质等信号分子都不是蛋白质或多肽。性激素是以自由扩散的方式运出细胞的。激素等信号分子发挥作用后会立即失活。7化学与生产、生活密切相关，下列说法不正确的是()A石油的分馏、石油的裂解过程中都发生了化学变化B玻璃、陶瓷、水泥都是硅酸盐产品，属于无机非金属材料C用纯碱溶液清洗油污时，加热可以提高去污能力D高纯硅广泛应用于太阳能电池、计算机芯片解析：选 A A 项，石油的分馏是物理变化，石油的裂解过程发生了化学变化，错误；
8、B 项，玻璃、陶瓷、水泥都是含有硅酸盐的物质，因此都属于硅酸盐产品，属于无机非金属材料，正确；C 项，纯碱是强碱弱酸盐，水解使溶液显碱性，升高温度，促进盐的水解，使溶液的碱性增强，而油脂在碱性条件下发生水解反应产生可溶性的物质，所以用纯碱溶液清洗油污时，加热可以提高去污能力，正确；D 项正确。8已知甲苯的一氯代物有 4 种，则甲苯与氢气完全加成后产物的一氯代物的种类数是()A2 种 B4 种C5 种D7 种解析：选 C 甲苯的一氯代物有 4 种，这说明分子中有 4 类等效氢原子。甲苯与氢气完全加成后产物是 1-甲基环己烷，氢原子有 5 类，所以一氯代物的种类数是 5 种。9设 NA 为阿伏加德
9、罗常数的值，下列说法中正确的是()A在密闭容器中加入 1 mol N2 和 3 mol H2，充分反应生成的 NH3 分子数为 2NAB标准状况下，22.4 L 的 CCl4 分子中含有共价键数为 4NAC常温常压下，1 mol NaHSO4 晶体中含有 2NA 个离子D电解饱和食盐水，当阴极产生 2.24 L H2 时，转移的电子数一定为 0.2NA解析：选 C 可逆反应不能完全转化，充分反应生成 NH3 的分子数小于 2NA，A 错误；标准状况下 CCl4 是液态 22.4 L CCl4 的物质的量远大于 1 mol，B 错误；1 mol NaHSO4 晶体中含有 2NA 个离子，分别是钠
10、离子和硫酸氢根离子，C 正确；未说明是标准状况下，无法判断，D 错误。10下图是部分短周期元素原子序数与最外层电子数之间的关系图，下列说法中正确的是()A元素对应的离子半径：ZMRWB简单氢化物的沸点：WRYXCM、N、R、W 的简单离子均能促进水的电离DZ、X、R、W 的最高价氧化物对应的水化物均能与 N 的单质反应解析：选 D 根据图示信息，X 为 N、Y 为 O、Z 为 Na、M 为 Mg、N 为 Al、R 为 S、W 为 Cl。元素对应的离子半径：S2ClNaMg2，A 项错误；由于 H2O 和 NH3 分子中有氢键，简单氢化物的沸点：H2ONH3HClH2S，B 项错误；Cl不能促进
11、水的电离，C 项错误；NaOH、HNO3、H2SO4、HClO4 均能与 Al 反应，D 项正确。11下列实验能达到实验目的的是()A检验 NH4 时，往试样中加入的 NaOH 溶液，微热，用湿润的蓝色石蕊试纸检验逸出的气体B向做完蔗糖水解后的溶液中直接加入新制的 Cu(OH)2 并加热，以检验蔗糖是否水解C将混有 HCl 的 CO2 通入饱和 Na2CO3 溶液中除去 HClD将 Al2(SO4)3 溶液蒸干制备 Al2(SO4)3 固体解析：选 D A 项，检验铵根离子需用湿润的红色石蕊试纸，若试纸变蓝色，证明有氨气生成，从而证明溶液中存在铵根离子，错误；B 项，蔗糖发生水解的条件是用稀硫
12、酸作催化剂，直接向做完蔗糖水解后的溶液中加入新制的 Cu(OH)2 并加热，未中和溶液中的硫酸，则不能发生醛基的氧化反应，无砖红色沉淀产生，不能检验蔗糖是否发生水解，错误；C 项，氯化氢和二氧化碳都与碳酸钠溶液反应，所以不能用碳酸钠溶液除去二氧化碳中的氯化氢，应用饱和的碳酸氢钠溶液，错误；D 项，硫酸铝溶液中，铝离子水解生成的酸是高沸点的硫酸，水解反应很微弱，最终蒸干溶液得到的仍是硫酸铝晶体，正确。12科技工作者提出用铝粉处理含亚硝酸盐废水的思路：调节亚硝酸盐废水酸碱性，使其 pH12，然后加入适量的铝粉、搅拌，从而实现预期目的。下列判断错误的是()A废水处理时铝单质转化为 Al3B废水处理中
13、，亚硝酸盐被还原C废水处理过程中，OH参与了反应D铝粉颗粒大小影响废水处理的速率解析：选 A pH12，溶液呈碱性，铝与 OH反应生成 AlO2，A 项错误；铝和亚硝酸盐发生氧化还原反应，铝被氧化，则亚硝酸盐被还原，B 项正确；废水处理过程中，OH与 Al、NO2 反应，生成 N2、AlO2 和 H2O，OH参与了反应，C 项正确；铝粉颗粒度越小，表面积越大，反应速率越大，所以铝粉颗粒大小影响废水处理的速率，D 项正确。13气体的自动化检测中常常应用原电池原理的传感器。下图为电池的工作示意图：气体扩散进入传感器，在敏感电极上发生反应，传感器就会接收到电信号。下表列出了待测气体及敏感电极上部分反
14、应产物。则下列说法中正确的是()待测气体部分电极反应产物NO2NOCl2HClCOCO2H2SH2SO4A.上述气体检测时，敏感电极均作电池正极B检测 Cl2 气体时，敏感电极的电极反应为 Cl22e=2ClC检测 H2S 气体时，对电极充入空气，其电极反应式为 O22H2O4e=4OHD检测 H2S 和 CO 体积分数相同的两份空气样本时，传感器上产生的电流大小相同解析：选 B A 项，CO 转化为二氧化碳，C 元素的化合价升高，发生氧化反应，敏感电极作电池的负极，错误；B 项，氯气为待测气体，生成 HCl，氯元素的化合价降低，得电子发生还原反应，正确；C 项，硫化氢的电极反应产物是硫酸，所
15、以对电极上的电极反应为氧气得电子与氢离子结合生成水，错误；D 项，产生的电流大小与失电子多少有关，检测H2S 和 CO 体积分数相同的两份空气样本时，硫化氢失去电子数大于 CO，所以产生电流大小不同，错误。二、选择题(本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。)14.重力为 G 的圆柱体 A 被平板 B 夹在板与墙壁之间，平板 B与底座 C 右端的铰链相连，左端由液压器调节高度，以改变平板 B与水平底座 C 间的夹角，B、C 及 D 总重
16、力也为 G，底座 C 与水平地面间动摩擦因数为(0.51)，平板 B 的上表面及墙壁是光滑的。底座 C 与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是()AC 与地面间的摩擦力总等于 2G 不变B 角增大时，地面对 C 的摩擦力总增大C要保持底座 C 静止不动，应满足 tan 2D若保持 45不变，圆柱体的重力增大 G，仍要保持底座 C 静止，则 G 的最大值 Gm211 G解析：选 D 对 A、B、C、D 整体受力分析如图(a)所示，当系统静止不动时，由平衡条件可知墙壁对圆柱体的压力 F1与地面对 C 的摩擦力 Ff 相等，即 F1Ff，地面支持力 FN2G，因此 C 与地面间最大
17、静摩擦力 Ffm2G。对圆柱体 A，受力分析如图(b)所示，平衡时有 F1F2sin，F2cos G，解得 F1Gtan，因此系统静止不动时，地面摩擦力 FfF1Gtan，随 的增大而增大，A 错误。当 F1Gtan 2G 时，底座 C 将在地面上滑动，圆柱体落地前滑动摩擦力保持 Ff2G 不变，B 错误。要保持底座 C 静止不动，应满足 Gtan 2G，即 tan 2，C 项错误。若保持 45不变，圆柱体的重力增大 G，则有(GG)tan(2GG)，解得 G 的最大值 Gm211 G，D 项正确。15如图所示为游乐场中过山车的一段轨道，P 点是这段轨道的最高点，A、B、C 三处分别是过山车的
18、车头、中点和车尾。假设这段轨道是圆轨道，各节车厢的质量相等，过山车在运行过程中不受牵引力，所受阻力可忽略。那么，过山车在通过 P 点的过程中，下列说法正确的是()A车头 A 通过 P 点时的速度最小B车的中点 B 通过 P 点时的速度最小C车尾 C 通过 P 点时的速度最小DA、B、C 通过 P 点时的速度一样大解析：选 B 将整列过山车看成一个整体，其中心 B 点可视为重心，过山车在通过 P点的过程中，车头 A 和车尾 C 通过 P 点时，不是整体过最高点，经过时速度不是最小；而车的中点 B 通过 P 点时，如某质点过最高点，要能过最高点，其中点 B 通过 P 点时的速度最小，故 B 正确，
19、A、C、D 错误。16下列所给的图像中能反映作直线运动物体不会回到初始位置的是()解析：选 B x-t 图像中的纵坐标表示物体的位置，v-t 图像中图像与时间轴围成的面积表示物体的位移，分析各图像中的运动过程可得出正确结果。由 A 选项图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为 0，说明物体又回到了初始位置，故 A 错误；由 B 选项图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故无法回到初始位置，故 B 正确；C 选项中物体第 1 s 内的位移沿正方向，大小为 2 m，第 2 s 内位移为 2 m，沿负方向，故 2 s 末物体回到初始位置，故 C 错误；同理 D 错误。17右图为两颗人造卫星绕地球运动的
20、轨道示意图，为圆轨道，为椭圆轨道，AB 为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内，C、D 为两轨道交点。已知轨道上的卫星运动到 C 点时速度方向与AB 平行，则下列说法正确的是()A两个轨道上的卫星运动到 C 点时的加速度不相同B两个轨道上的卫星运动到 C 点时的向心加速度大小相等C若卫星在轨道的速率为 v1，卫星在轨道 B 点的速率为 v2，则 v1v2，故 C 错误；根据几何关系知，椭圆的半长轴与圆轨道的半径相同，根据开普勒第三定律知，两颗卫星的运动周期相等，故 D 正确。18如图所示，光滑绝缘细管与水平面成 30角，在管的右上方 P 点固定一个点电荷Q，P 点与细管在同一竖直平面内，管的
21、顶端 A 与 P 点连线水平，图中PB 垂直 AC，B 是 AC 的中点。带电荷量为q 的小球(小球直径略小于细管的内径)从管中 A 处由静止开始沿管向下运动，它在 A 处时的加速度为 a，不考虑小球电荷量对Q 形成的电场的影响。则在电场中()AA 点的电势高于 B 点的电势BB 点的电场强度大小是 A 点的 2 倍C小球运动到 C 处的加速度为g2aD小球从 A 到 C 的过程中电势能先减小后增大解析：选 D 正点电荷的电场线呈发散型，由于沿着电场线方向，电势降低，因此 A点的电势低于 B 点的电势，故 A 错误；结合几何关系：PA2PB，由点电荷电场强度公式EkQr2，可知，电场强度的大小
22、与间距的平方成反比，则 B 点的电场强度大小是 A 点的 4倍，故 B 错误；在 A 处时小球的加速度为 a，对 A 点受力分析，电场力、重力与支持力，由力的合成法则可知，合外力由重力与电场力沿着细管方向的分力之和提供的；当在 C 处时，小球仍受到重力、电场力与支持力，合外力是由重力与电场力沿着细管方向的分力之差提供的，由 A 处可知：Fcos 30mgsin 30ma 而在 C 处，则有：mgsin 30Fcos 30ma，解得：aga。故 C 错误；根据电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加，可知：小球带负电，从 A 到 C 的过程中，电场力先做正功，后做负功，则电势能先减小后
23、增大，故 D 正确。19右图是汽车运送圆柱形工件的示意图。图中 P、Q、N 是固定在车体上的压力传感器，假设圆柱形工件表面光滑，汽车静止不动时 Q 传感器示数为零，P、N 传感器示数不为零。当汽车向左匀加速启动过程中，P 传感器示数为零而 Q、N 传感器示数不为零。已知 sin 150.26，cos 150.97，tan 150.27，g10 m/s2。则汽车向左匀加速启动的加速度可能为()A4 m/s2 B3 m/s2C2 m/s2 D1 m/s2解析：选 AB 当汽车向左匀加速启动过程中，P 传感器示数为零而Q、N 传感器示数不为零，受力分析如图知：FQmgFNcos 15F 合FNsin
24、 15ma由知：aFQmgmtan 15FQm 0.27100.270.27FQm 2.72.7 m/s故可能的为 A、B 选项。20导体导电是导体中自由电荷定向移动的结果，这些可以定向移动的电荷又叫载流子，例如金属导体中的载流子就是电子。现代广泛应用的半导体材料分为两大类：一类是 N 型半导体，其载流子是电子，另一类是 P 型半导体，其载流子称为“空穴”，相当于带正电的粒子。如果把某种导电材料制成长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与长方体的前后侧面垂直，当长方体中通有向右的电流 I 时，测得长方体的上下表面的电势分别为 上和 下，则()A长方体如果是 N 型半导体，必有 上 下B长方
25、体如果是 P 型半导体，必有 上 下C长方体如果是 P 型半导体，必有 上 下D长方体如果是金属导体，必有 上 下解析：选 AC 如果是 P 型半导体，载流子是正电荷，如果是 N 型半导体，载流子为电子。抓住电荷在洛伦兹力作用下发生偏转，在上下表面产生电势差，从而确定电势的高低。如果是 N 型半导体，载流子是负电荷，根据左手定则，负电荷向下偏，则下表面带负电，则 上 下。故 A 正确。如果是 P 型半导体，载流子是正电荷，根据左手定则，正电荷向下偏，则下表面带正电，则 上 下。故 B 错误，C 正确。如果是金属导体，则移动的是自由电子，根据左手定则，负电荷向下偏，则下表面带负电，则 上 下。故
26、 D 错误。21如图 7 所示的竖直平面内，水平条形区域和内有方向垂直竖直面向里的匀强磁场，其宽度均为 d，和之间有一宽度为 h 的无磁场区域，hd。一质量为 m、边长为 d的正方形线框由距区域上边界某一高度处静止释放，在穿过两磁场区域的过程中，通过线框的电流及其变化情况相同。重力加速度为 g，空气阻力忽略不计，则下列说法正确的是()图 7A线框进入区域时与离开区域时的电流方向相同B线框进入区域时与离开区域时所受安培力的方向相同C线框有可能匀速通过磁场区域D线框通过区域和区域产生的总热量为 Q2mg(dh)解析：选 BD 线框从区域上方开始做自由落体运动，进入区域时，根据右手定则，线框中的电流方向为逆时针方向，离开区域时，电流方向为顺时针方向，故 A 错误；根据楞次定律，线框进入区域与离开区域时的安培力方向都向上，故 B 正确；由于线框在穿过两段磁场区域的过程中的电流及其变化情况相同，说明线框进入两区域的速度相等，由于无磁区域内线框会加速，所以穿过区域的过程速度减小，可能一直减速，可能先减速后匀速，但不可能一直匀速，故 C 错误；由能量守恒定律得，线框通过区域和区域产生的总热量为：Q2mg(dh)，故 D 正确。
