1、山东省临沂市2019-2020学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。第卷13页，第卷46页，共6页，满分100分，考试时间90分钟。注意事项:1.答第卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号座号用签字笔写在答题卡上。2.答第卷时，每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号，不能答在试题卷上。3.第卷答案须用签字笔答在答题卡上，考试结束后将答题卡交回。第卷（选择题 共40分）一、单项择题（共8小题，每小题3分，满分24分，每小题给出的四个选项中只有一项是正确的）1. 下面物理量属于矢量的是(
2、 )A. 路程B. 时间C. 质量D. 加速度【答案】D【解析】试题分析：既有大小又有方向是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量所以ABC都是标量，D为矢量考点：考查了矢量标量2. 我国在酒泉卫星发射中心于北京时间9月19日14时42分，用长征十一号运载火箭采取一箭五星的方式成功将“珠海一号”03组卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，任务获得圆满成功，发射图片如图所示。下列说法正确的是（）A. 在研究运载火箭姿态控制时，可以把火箭看作质点B. 研究卫星的运动必须选地球为参考系C. 火箭在向上加速的过程中，火箭对喷出气体的
3、作用力大小等于喷出气体对火箭的作用力大小D. 火箭在向上加速的过程中，火箭对喷出气体的作用力与火箭的重力都向下，且大小相等【答案】C【解析】【详解】A在研究运载火箭姿态控制时，火箭的大小和形状不能忽略，如果忽略则无法观察其姿态，所以不能将其看成质点，故A错误；B研究物体的运动时所选参考系可以任意选取，只要选取的参考系可使问题简单化即可，故B错误；C根据牛顿第三定律可知，火箭对喷出气体的作用力大小等于喷出气体对火箭的作用力大小，故C正确；D火箭对喷出气体的作用力与火箭的重力都向下，由牛顿第三定律可知，火箭对喷出气体的作用力大小等于喷出气体对火箭的作用力大小，由于火箭加速向上运动，则喷出气体对火箭
4、的作用力大于火箭的重力，所以火箭对喷出气体的作用力大于火箭的重力，故D错误。故选C。3. 2019年女排世界杯比赛中，中国队取得十一连胜的骄人成绩，成功卫冕世界杯冠军。为祖国70华诞献上了一份精彩的礼物。如图为比赛中球被击出后某瞬间的照片，此时排球受到的力有（）A. 推力B. 重力、推力C. 重力、空气对球的作用力D. 重力、推力、空气对球的作用力【答案】C【解析】【详解】排球被击出后，人对球没有力的作用，在空中的排球受到重力和空气对球的作用力，故ABD错误，C正确。故选C。4. 下列关于物体惯性的说法中，正确的是（）A. 被水平抛出小球，尽管速度的大小和方向都改变了，但惯性不变B. 汽车速度
5、越大，刹车后越难停下来，表明物体的速度越大，其惯性越大C. 汽车转弯后，前进方向发生了改变，表明物体速度方向改变，其惯性也随之改变D. 把手中的球由静止释放后，球能竖直加速下落说明力是改变物体惯性的原因【答案】A【解析】【详解】物体的惯性只与质量有关，质量越大，惯性越大，惯性的大小与物体的运动状态和受力情况都无关，力是改变物体运动状态的根本原因，故BCD错误，A正确。故选A。5. 如图所示，某同学坐在橡胶轮胎上从倾斜平滑雪道上由静止开始沿直线下滑。若橡胶轮胎和雪道间的动摩擦因数保持不变，不计空气阻力该同学和橡胶轮胎在下滑过程中（）A. 位移与时间成正比B. 位移与速度成正比C. 相等时间内下滑
6、位移相同D. 相邻的相等时间间隔内位移差不变【答案】D【解析】【详解】A橡胶轮胎和雪道间的动摩擦因数保持不变，不计空气阻力，同学和橡胶轮胎在下滑过程中受到重力、支持力和摩擦力，设斜面的倾角为，动摩擦因数为，根据牛顿第二定律可得解得保持不变，则位移为，所以位移与时间的平方成正比，故A错误；B由公式可知，位移与速度的平方成正比，故B错误；C由初速度为0的匀加速直线运动规律可知，相等时间内下滑位移逐渐增大，故C错误；D根据匀变速直线运动的规律可知x=aT2，相邻的相等时间间隔内位移差为一定值，故D正确。故选D。6. 如图所示,物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时,传送带突然启动,方向如图中箭头所
7、示顺时针转动,若传送带的速度大小也为v,则传送带启动后（ ）A. M受到的摩擦力不变B M沿传送带向上运动C. M相对地面静止在传送带上D. M下滑的速度减小【答案】A【解析】【详解】传送带突然转动前物块匀速下滑，对物块进行受力分析：物块受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力。传送带突然转动后，对物块进行受力分析，物块受重力、支持力，由于上面的传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到的摩擦力不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑。AM受到的摩擦力不变，与结论相符，选项A正确；BM沿传送带向上运动，与结论不相符，选项B错误；CM相对地面静止在传送带上，与结论不相符，选项C错误；DM下滑的速
8、度减小，与结论不相符，选项D错误；7. 甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方向做直线运动，位移-时间图象如图所示，则在0t1时间内A. 甲的速度总比乙大B. 甲、乙位移相同C. 甲经过的路程比乙小D. 甲、乙均做加速运动【答案】B【解析】【详解】A因x-t图像的斜率等于速度，可知在0t1时间内开始时甲的速度大于乙，后来乙的速度大于甲，选项A错误；B由图像可知在0t1时间内甲、乙位移相同，选项B正确；C甲乙均向同方向做直线运动，则甲乙的路程相同，选项C错误；D由斜率等于速度可知，甲做匀速运动，乙做加速运动，选项D错误8. 一个质量是50kg人站在升降机的水平地板上，升降机的顶部悬挂着一个弹簧
9、秤，弹簧秤下面挂着一个质量是1kg的物体。当升降机向上运动时，该人看到弹簧秤的示数为12N，当地的重力加速度g为10m/s2，则此时人对升降机地板的压力大小是（）A. 612NB. 600NC. 500ND. 400N【答案】B【解析】【详解】对物体进行受力分析，有解得可知人的加速度大小也为2m/s2，方向竖直向上。由牛顿第二定律得解得根据牛顿第三定律，有故ACD错误，B正确。故选B。二、多项选择题（共4小题，每小题4分，满分1分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是正确的，每小题全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得零分）9. 从物理学科学方法上说，下列说法正确的是（）A. 研
10、究小石块从静止开始下落的运动，可以忽略空气阻力的影响，将其视为自由落体运动，这是建立理想模型的思想B. 研究加速度与力、质量之间的关系时，应用了控制变量法的思想C. 重心及合力的概念的建立都用到了等效的思想D. 平均速度概念的建立运用了极限法的思想【答案】ABC【解析】【详解】A研究小石块从静止开始下落的运动，可以忽略空气阻力的影响，将其视为自由落体运动，这是建立理想模型的思想，选项A正确；B研究加速度与力、质量之间的关系时，应用了控制变量法的思想，选项B正确；C重心及合力的概念的建立都用到了等效的思想，选项C正确；D平均速度概念的建立运用了等效的思想，选项D错误。故选ABC。10. 有一条两
11、岸平直的河流，河水自西向东流速恒为v，一小船以相对静水恒为2v的速度渡河，去程（从南到北岸）时行驶路线与两河岸垂直，回程（从北岸再回到南岸）时船头指向始终与河岸垂直。下列说法正确的是（）A. 去程和回程小船路程之比为11B. 去程和回程小船位移大小之比为11C. 去程和回程小船时间之比为2D. 去程和回程小船相对河岸的速度大小之比为【答案】CD【解析】【详解】设河宽为d，则去程时的合速度去程的时间去程位移大小和路程均为x1=d回程时合速度回程的时间回程位移大小和路程均为则 A去程和回程小船路程之比，选项A错误；B去程和回程小船位移大小之比为，选项B错误；C去程和回程小船时间之比为t1t2=2，
12、选项C正确；D去程和回程小船相对河岸的速度大小之比为v1v2=，选项D正确。故选CD。11. 在光滑墙壁上，用网兜把足球挂在A点，足球与墙壁的接触点为B。足球的质量为m，悬绳与墙壁的夹角为，网兜的重力不计，已知重力加速度为g。下列说法正确的是（）A. 悬绳对足球的拉力大小为 mgcosB. 墙壁对足球的支持力大小为mgtanC. 若缩短悬绳，则足球对墙壁的压力变大D. 若缩短悬绳，则悬绳的拉力变大【答案】BCD【解析】【详解】AB对足球进行受力分析，如图所示。小球处于静止状态，故由平衡条件可得N=Tsinmg=Tcos联立解得N=mgtan选项A错误，B正确；CD若缩短悬绳，则变大，则墙壁对足
13、球的支持力N变大，则足球对墙壁的压力N变大，悬绳的拉力T变大，选项CD正确；故选BCD。12. 钢球由静止开始做自由落体运动，不计空气阻力，落地时的速度大小为40m/s，g取10m/s2，下列说法正确的是（）A. 钢球下落的高度是80mB. 钢球在前2s内的平均速度大小是10m/sC. 钢球在最后1s内下落的高度是30mD. 钢球下落高度一半时的速度大小是20m/s【答案】AB【解析】【详解】A根据解得故A正确；B根据匀变速直线运动的规律，钢球在前2s内的平均速度大小等于钢球在1s末的瞬时速度大小，即故B正确；C设钢球下落的总时间为t，则解得钢球在最后1s内下落的高度为故C错误；D设钢球下落高
14、度一半时的速度大小为v1，代入数据解得故D错误。故选AB。第卷（非选择题 共60分）注意事项:1.第卷共6小题，其中1314题为实验题，1518题为计算题。2.第卷所有题目的答案考生须用黑色签字笔答在答题卡规定位置上，在试题卷上答题无效。三、实验题（本题共2小题，共16分。）13. 如图所示，某实验小组在做“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验时，在水平放置的木板上固定一张白纸，把橡皮条的一端固定在木板上的P点，另一端拴两轻细绳套。实验操作步骤如下：(1)用两支弹簧测力计分别钩住两细绳套，互成角度地拉橡皮条使之伸长，当结点到达某一位置O时，需记下O点的位置，同时需记下两弹簧测力计的示数和_。
15、(2)再用一支弹簧测力计钩住一细绳套把橡皮条拉长，使结点到达同一位置O，此时需要再记下弹簧测力计_。(3)在白纸上按同一标度画出用两弹簧测力计拉细绳套时力F1、F2的图示和用一支弹簧测力计拉细绳套时力F的图示。如图所示，若实验步骤(1)中左右两弹簧测力计的示数始终为1.20N，则在实验时使两细绳套方向的夹角从60逐渐变化到120的过程中，则步骤(2)中弹簧测力计的示数可能为_。A1.00N B1.50NC2.50N D3.50N【答案】 (1). 两细绳套的方向 (2). 示数及细绳套的方向 (3). B【解析】【详解】(1)1本实验为了研究合力与分力的大小和方向关系，所以同时需记下两弹簧测力
16、计的示数和两细绳套的方向。(2)2再用一支弹簧测力计钩住一细绳套把橡皮条拉长，使结点到达同一位置O，记下弹簧测力计示数及细绳套的方向，便于比较合力与分力的关系。(3)3由题可知步骤(2)中弹簧测力计的示数为F3，则其中解得故ACD错误，B正确。故选B。14. 某实验小组利用如图甲所示的实验装置测量学校所在地的重力加速度，已知打点计时器的打点周期为0.02s。(1)该同学开始实验时情形如图甲所示，接通电源，释放纸带。请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方：_；_(2)该同学经修改错误并正确操作后得到如图乙所示的纸带，打点2时重物的瞬时速度为_m/s，学校所在地的重力加速度约为_m
17、/s2。（本题计算结果均保留3位有效数字）(3)若该同学通过实验测得的重力加速度值比公认值偏小，可能的原因是_。A电源电压变低了B电源电压变高了C该同学采用了先打点后让纸带下落的操作D纸带与打点计时器限位孔之间有摩擦【答案】 (1). 打点计时器接了直流电源 (2). 重物离打点计时器太远 (3). 0.385 (4). 9.50 (5). D【解析】【详解】(1)该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方是：1打点计时器接了直流电源；2重物离打点计时器太远。(2) 3打点2时重物的瞬时速度为4学校所在地的重力加速度约为 (3)5电源电压变低了或者变高了，以及该同学采用了先打点后让纸带下
18、落的操作等对实验误差无影响；当纸带与打点计时器限位孔之间有摩擦时，测得的重力加速度值会偏小，故选D。四、计算题（本题包括4小题，共44分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，案中必须明确写出数值和单位。）15. 如图所示，三根细绳系于O点，一个质量m=10kg的重物用细绳OC悬挂于结点O，两细绳OM、ON的另一端固定在天花板上，细绳OM、ON与天花板的夹角分别是和，重物处于静止状态，重力加速度g取10m/s2，细绳OC、OM和ON上的拉力大小。【答案】FOC=100N；FON=50N；FOM=50N【解析】【详解】对重物受力分析如图根据平衡条件
19、得:FOC=G又G=mg解得FOC=100N对结点O受力分析，并建立直角坐标系如图在x轴方向FONsin=FOMsin在y轴方向FOMcos+FON cos=FOC联立解得FON=50，FOM=50N16. 女子跳台滑雪如图所示，运动员踏着专用滑雪板，不带雪杖在助滑路上（未画出）获得一定速度后水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆这项运动非常惊险。设一位运动员由斜坡顶的A点沿水平方向飞出的速度v0=20m/s，落点在斜坡上的B点，斜坡倾角=37，斜坡可以看成一斜面，空气阻力忽略不计。（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求:(1)运动员在空中飞行的时间t；(2)A、B间的距
20、离s。【答案】(1)3s；(2)75m【解析】【详解】(1)运动员由A点到B点做平抛运动，水平方向的位移x=v0t竖直方向的位移又=tan37联立解得 (2)由题意知解得A、B间的距离17. 如图所示，在水平地面上有一个质量为5kg的物体，当它受到大小为F=25N与水平方向成=角斜向上的拉力作用时，恰好做匀速直线运动，已知g=10m/s2，sin=0.8，cos=0.6。求：(1)物体与地面的动摩擦因数；(2)当拉力的方向保持不变，大小变为F1=50N时，物体由静止开始运动前2s内物体的位移大小。【答案】(1)=0.5；(2)【解析】【详解】(1)由题意知，物体受力如图甲所示，由平衡条件可得:
21、水平方向Fcos=Ff1竖直方向FN+Fsin=mg其中Ff1=FN，联立解得=0.5(2)当拉力F1=50N时，物体受力如图乙所示，由牛顿第二定律得:F1cosFf2=maFN+F1sinmg=0其中Ff2=FN联立解得2s内位移18. 如图所示，在倾角37足够长的斜面上有一个质量为1kg的物块（可视为质点），开始时物块到斜面底端的距离L=1.95m，物块与斜面之间的动摩擦因数为0.3。物块在拉力F的作用下由静止开始运动，F的大小为10.5N，方向沿斜面向上，经过t1=2s时间后撤去F，物块在斜面上继续运动。取g=10m/s2，（sin37=0.6，cos37=0.8），求：(1)物块在斜面
22、上运动的各个阶段的加速度；(2)物块在斜面上运动的总时间。【答案】(1)a1=2.1m/s2，方向沿斜面向上；a2=8.4m/s2，方向沿斜面向下；a3=3.6m/s2，方向沿斜面向下；(2)t=4.5s【解析】【详解】(1)撤去F前，设物块加速度大小a1，由牛顿第二定律得解得a1=2.1m/s2，方向沿斜面向上；撤去F后，物块上滑过程中，设其加速度大小a2，由牛顿第二定律得解得a2=8.4m/s2，方向沿斜面向下；物块在斜面上下滑过程中，设其加速度大小为a3，由牛顿第二定律得解得a3=3.6m/s2，方向沿斜面向下(2)物块向上加速过程物块向上减速过程物块向下加速过程的总位移由解得所求总时间
