1、温馨提示： 此题库为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调节合适的观看比例，关闭Word文档返回原板块。 考点7 化学反应速率和化学平衡一、选择题1.(2013安徽高考11)一定条件下,通过下列反应可以制备特种陶瓷的原料MgO:MgSO4(s)+CO(g)MgO(s)+CO2(g)+SO2(g) H0该反应在恒容的密闭容器中达到平衡后,若仅改变图中横坐标x的值,重新达到平衡后,纵坐标y随x变化趋势合理的是()选项xyA温度容器内混合气体的密度BCO的物质的量CO2与CO的物质的量之比CSO2的浓度平衡常数KDMgSO4的质量(忽略体积)CO的转化率【解题指南】解答本题时应注意该反应的特点
2、:正反应为气体体积增大的吸热反应,且有固体参加与生成。【解析】选A。该反应为正反应气体体积增大的吸热反应。升高温度,平衡正向移动,气体的质量增加,而容积不变,所以密度增大,A正确;增加CO的量,平衡正向移动,但压强增大,CO的转化率会减小,故CO2与CO的物质的量之比会减小,B错误;平衡常数只与温度有关,C错误;因MgSO4为固体,增加其量,对平衡没有影响,CO的转化率不变,D错误。2.(2013福建高考12)NaHSO3溶液在不同温度下均可被过量KIO3氧化,当NaHSO3完全消耗即有I2析出,依据I2析出所需时间可以求得NaHSO3的反应速率。将浓度均为0.020 molL-1的NaHSO
3、3溶液(含少量淀粉)10.0 mL、KIO3(过量)酸性溶液40.0 mL混合,记录1055间溶液变蓝时间,55时未观察到溶液变蓝,实验结果如图。据图分析,下列判断不正确的是()A.40之前与40之后溶液变蓝的时间随温度的变化趋势相反B.图中b、c两点对应的NaHSO3反应速率相等C.图中a点对应的NaHSO3反应速率为5.010-5molL-1s-1D.温度高于40时,淀粉不宜用作该实验的指示剂【解题指南】解答本题时应注意以下两点:(1)认真审题,找到解题依据:“NaHSO3溶液在不同温度下均可被过量KIO3氧化,当NaHSO3完全消耗即有I2析出。”(2)掌握化学反应速率的计算方法,尤其应
4、注意反应前后浓度的变化。【解析】选B。根据图像可以看出40之前温度越高变蓝的时间越短,40之后温度越高变蓝的时间越长,变化趋势相反,A项正确;化学反应一般温度越高化学反应速率越快,b点温度为25,c点温度为47,根据反应温度判断c点速率应该更快,但图像表明b点、c点溶液变蓝的时间相同,结合40之后温度越高变蓝的时间越长,55时未观察到溶液变蓝,说明高于40后淀粉已经不适合作该实验的指示剂了,所以尽管变蓝时间相同但c点速率更快,B项错误;D项正确;利用化学反应速率的计算公式v=c/t计算NaHSO3反应速率时应注意由于将0.020 molL-1的NaHSO3溶液10.0 mL与40.0 mL的K
5、IO3溶液混合后NaHSO3的浓度变成了0.004 molL-1,反应时间为80 s,所以速率为5.010-5molL-1s-1,C项正确。3.(2013北京高考11)下列实验事实不能用平衡移动原理解释的是()A.B.t/2550100Kw/10-141.015.4755.0C.D.c(氨水)/(molL-1)0.10.01pH11.110.6【解题指南】解答本题时应注意以下3点:(1)掌握平衡移动原理的具体内容;(2)弱电解质的稀释过程是一个电离程度增大的过程;(3)水的电离是吸热过程。【解析】选C。由于2NO2N2O4是放热过程,所以在冷水中相当于降低温度,平衡正向移动,气体颜色变浅,而在
6、热水中相当于升高温度,平衡逆向移动,气体颜色加深,所以A利用了平衡移动原理;由于水的电离是吸热的,所以加热有利于水的电离,所以水的离子积常数Kw逐渐变大,B也符合平衡移动原理;过氧化氢分解制取氧气在有催化剂存在的条件下分解速率加快只是说明了催化剂对反应速率的影响,但平衡未发生移动,C不能用平衡移动原理来解释;由于一水合氨是弱电解质,存在电离平衡,所以氨水的浓度减小的过程就是对氨水稀释的过程,稀释有利于电离平衡的正向移动,所以稀释10倍后,pH的变化小于1,所以D也可以用平衡移动原理来解释。4.(2013山东高考12)对于反应CO(g)+H2O(g)CO2(g)+H2(g)H0,在其他条件不变的
7、情况下()A.加入催化剂,改变了反应的途径,反应的H也随之改变B.改变压强,平衡不发生移动,反应放出的热量不变C.升高温度,反应速率加快,反应放出的热量不变D.若在原电池中进行,反应放出的热量不变【解题指南】解答本题时应注意以下两点:(1)该反应的特点为反应物和产物均为气体,反应前后气体体积相等,该反应为放热反应。(2)外界条件对反应速率及平衡的影响。【解析】选B。反应的H与外界条件无关,A项错误;反应前后气体体积不变,改变压强平衡不移动,反应放出的热量不变,B项正确;升高温度,平衡左移,反应进行程度减小,放出的热量减少,C项错误;该反应若设计成原电池装置,反应产生的能量更多地转化为电能,释放
8、的热量减少,D项错误。5.（双选）(2013江苏高考15)一定条件下存在反应:CO(g)+H2O(g)CO2(g)+H2(g),其正反应放热。现有三个相同的2 L恒容绝热(与外界没有热量交换)密闭容器、,在中充入1 mol CO和1 mol H2O,在中充入1 mol CO2和1 mol H2,在中充入2 mol CO和2 mol H2O,700条件下开始反应。达到平衡时,下列说法正确的是()A.容器、中正反应速率相同B.容器、中反应的平衡常数相同C.容器中CO的物质的量比容器中的多D.容器中CO的转化率与容器中CO2的转化率之和小于1【解题指南】注意题干给出的绝热容器的含义,而不是等温容器,
9、所以要考虑反应过程中温度对平衡的影响。【解析】选C、D。因为容器绝热,给定反应的正反应为放热反应,容器的温度升高,容器的温度降低,故反应速率中快,A错误;由于容器中加入的反应物多,放出的热量多,容器内温度高,故平衡常数不同,B错误;因容器的温度高,故相当于平衡逆向移动,CO的转化率降低,C正确;如果容器和容器在温度相同的情况下达到平衡,CO、CO2转化率之和等于1,但容器的温度升高,平衡逆向移动,CO的转化率降低,容器温度降低,CO2的转化率也降低,D正确。6.(2013四川高考6)在一定温度下,将气体X和气体Y各0.16 mol充入10 L恒容密闭容器中,发生反应X(g)+Y(g)2Z(g)
10、Hv(正)C.该温度下此反应的平衡常数K=1.44D.其他条件不变,再充入0.2 mol Z,平衡时X的体积分数增大【解题指南】解答本题时应注意以下两点:(1)7 min时反应的状态为化学平衡状态。(2)对于反应前后气体的物质的量相同的化学反应来说,不管是在恒温恒容还是恒温恒压条件下,只要能“划归原比”,则达到平衡后与原平衡等效。【解析】选C。选项具体分析结论A前2 min,Y的反应速率为v(Y)=(0.16-0.12)mol/(10 L2 min)=2.010-3molL-1min-1,v(Z)=2v(Y)=4.010-3molL-1min-1错误BHv(逆)错误C由平衡常数公式可得K=1.
11、44正确D因反应前后化学计量数不变,达到等效平衡,X体积分数不变错误7.(2013重庆高考7)将E和F加入密闭容器中,在一定条件下发生反应:E(g)+F(s)2G(g),忽略固体体积,平衡时G的体积分数(%)随温度和压强的变化如下表所示:压强/MPa体积分数/%温度/1.02.03.081054.0ab915c75.0d1000ef83.0b0K(1 000)K(810)上述中正确的有()A.4个B.3个C.2个D.1个【解题指南】解答本题时应按照以下流程:(1)该反应为气体的物质的量增大的反应,增大压强,平衡逆向移动。(2)增大压强,同时升高温度时G的体积分数增大,说明该反应为吸热反应。【解
12、析】选A。从所给反应E(g)+F(s)2G(g)可知,该反应是一个体积增大的反应,即S0,正确;结合表中数据“54.0”“75.0”“83.0”,这个过程是压强增大(平衡向逆反应方向移动,G的体积分数减小)和温度升高的过程,所以温度升高平衡一定向正反应方向移动,正反应是吸热反应,即温度升高,化学平衡常数增大,正确;根据以上分析,b小于54.0,f大于83.0,所以bf,即正确;设915、2.0 MPa时E的转化率为x,由E(g)+F(s)2G(g)起始(molL-1) 1 0转化(molL-1) x 2x平衡(molL-1) 1-x 2x则有100%=75.0%,解得x=0.6,即E的转化率为
13、60%,正确。8. （双选）(2013上海高考20)某恒温密闭容器中,可逆反应A(s)B+C(g)-Q达到平衡。缩小容器体积,重新达到平衡时,C(g)的浓度与缩小体积前的平衡浓度相等。以下分析正确的是()A.产物B的状态只能为固态或液态B.平衡时,单位时间内n(A)消耗n(C)消耗=11C.保持体积不变,向平衡体系中加入B,平衡可能向逆反应方向移动D.若开始时向容器中加入1 mol B和1 mol C,达到平衡时放出热量Q【解题指南】解答本题的关键是考虑A为固体,不受压强的影响。【解析】选B、C。因A为固体,不受压强影响,当缩小体积,压强增大,平衡逆向移动,达到新平衡时,C(g)恢复到原平衡时
14、的浓度,与B的状态无关,A错误;根据反应中的化学计量数,平衡时单位时间内消耗的A和C的物质的量相等,B正确;恒容条件下,加入B,若B是气体,则平衡逆向移动,若B是固体或液体,则平衡不发生移动,C正确;若开始向容器中加入1 mol B和1 mol C,由于B和C不能完全转化,因此达到平衡时放出热量小于Q,D错误。二、非选择题9.(2013海南高考14)溴及其化合物广泛应用于医药、农药、纤维、塑料阻燃剂等,回答下列问题:(1)海水提溴过程中,向浓缩的海水中通入,将其中的Br-氧化,再用空气吹出溴;然后用碳酸钠溶液吸收溴,溴歧化为Br-和Br,其离子方程式为 。(2)溴与氯能以共价键结合形成BrCl
15、。BrCl分子中,显正电性。BrCl与水发生反应的化学方程式为 。(3)CuBr2分解的热化学方程式为:2CuBr2(s)2CuBr(s)+Br2(g) H=+105.4 kJmol-1在密闭容器中将过量CuBr2于487 K下加热分解,平衡时p(Br2)为4.66103Pa。如反应体系的体积不变,提高反应温度,则p(Br2)将会(填“增大”“不变”或“减小”)。如反应温度不变,将反应体系的体积增加一倍,则p(Br2)的变化范围为。【解题指南】解答本题时应明确以下3点:(1)用得失电子守恒、质量守恒和电荷守恒来配平离子反应方程式。(2)非金属性的强弱决定了共用电子对的偏移方向。(3)注意外界条
16、件对化学平衡状态的影响。【解析】(1)海水提溴时应加入氧化剂将Br-氧化成溴单质,常用的氧化剂为氯气。用碳酸钠溶液吸收溴时涉及的反应可利用得失电子守恒、原子守恒、电荷守恒等规律来配平,离子方程式为3Br2+6C+3H2O5Br-+Br+6HC。(2)溴的非金属性比氯弱,BrCl中的共用电子对偏向氯元素,Br显正价,与水反应时方程式为BrCl+H2OHCl+HBrO。(3)CuBr2的分解反应是吸热反应,升高温度平衡向右移动使n(Br2)增大,同时由于体积不变,温度升高,所以p(Br2)增大。如果平衡不移动,当温度不变反应体系体积增加一倍时,p(Br2)变为原来的一半,但由于增大体积时平衡会向正
17、反应方向移动使n(Br2)增大,所以p(Br2)大于原来的一半,由于CuBr2是固体,所以改变体积后压强小于或等于原来的压强。答案:(1)Cl23Br2+6C+3H2O5Br-+Br+6HC(2)BrBrCl+H2OHCl+HBrO(3)增大2.33103Pa0来源:学科网ZXXK若1 mol空气含0.8 mol N2和0.2 mol O2,1 300时在密闭容器内反应达到平衡,测得NO为810-4mol。计算该温度下的平衡常数K= 。汽车启动后,汽缸温度越高,单位时间内NO排放量越大,原因是 。汽车燃油不完全燃烧时产生CO,有人设想按下列反应除去CO:2CO(g)2C(s)+O2(g)已知该
18、反应的H0,简述该设想能否实现的依据: _。目前,在汽车尾气系统中装置催化转化器可减少CO和NO的污染,其化学反应方程式为 。【解题指南】解答本题时应注意以下3点:(1)利用电荷守恒计算出氢离子的浓度并计算出溶液的pH。(2)书写热化学方程式时注意标明物质的状态和焓变。(3)计算平衡常数时注意代入的是物质的浓度,并利用外界条件的改变判断平衡的移动和结果。【解析】该题综合考查化学反应原理的基础知识。涉及离子的水解、pH的计算、盖斯定律的应用、化学平衡常数的计算、自由能的应用等。(1)观察表格中数据发现N水解显酸性,PM2.5的酸碱性为酸性。试样的pH根据溶液中电荷守恒计算H+浓度为10-4mol
19、L-1,pH为4。(2)焦炭与水蒸气反应的热化学方程式:C(s)+H2O(g)CO(g)+H2(g)H=+131.3 kJmol-1洗涤含SO2的烟气,根据酸性氧化物的性质选a.Ca(OH)2,b.Na2CO3。(3)计算平衡常数时,先计算物质的平衡量N2为(0.8-410-4)mol,O2为(0.2-410-4)mol,NO为810-4mol,代入平衡常数表达式即可,得K=410-6。汽缸温度越高,单位时间内NO排放量越大,原因是温度升高,反应速率加快,平衡右移。2CO(g)2C(s)+O2(g),该反应是焓增、熵减的反应。根据G=H-TS,G0,不能实现。汽车尾气系统中装置催化转化器,发生
20、反应的化学方程式为2CO+2NO2CO2+N2。答案:(1)酸性4(2)C(s)+H2O(g)CO(g)+H2(g) H=+131.3 kJmol-1a、b(3)410-6 温度升高,反应速率加快,平衡右移该反应是焓增、熵减的反应,任何温度下均不自发进行2CO+2NO2CO2+N214.(2013海南高考15)反应A(g)B(g)+C(g)在容积为1.0 L的密闭容器中进行,A的初始浓度为0.050 molL-1。温度T1和T2下A的浓度与时间关系如图所示。回答下列问题: (1)上述反应的温度T1T2,平衡常数K(T1)K(T2)。(填“大于”“小于”或“等于”)(2)若温度T2时,5 min
21、后反应达到平衡,A的转化率为70%,则:平衡时体系总的物质的量为 。反应的平衡常数K= 。反应在05 min区间的平均反应速率v(A)= 。【解题指南】解答本题时应明确以下3点:(1)应注意外界条件对化学平衡和化学反应速率的影响。(2)吸热反应的平衡常数随温度的升高逐渐变大。(3)利用“三段式”法进行涉及化学反应速率和化学平衡的计算。【解析】(1)温度越高反应速率越快,到达平衡的时间越短,根据图像可知T1小于T2。由图像看出温度越高,到达平衡时c(A)越小,说明升高温度平衡向着正反应方向移动,即正反应为吸热反应,K(T1)小于K(T2)。(2) A(g) B(g )+ C(g)初始浓度 0.0
22、50 molL-1 0 0改变量0.05070% molL-10.05070% molL-10.05070% molL-1平衡浓度 0.015 molL-1 0.035 molL-1 0.035 molL-1平衡时体系总的物质的量为(0.015+0.035+0.035)molL-11.0 L=0.085 mol。反应的平衡常数K=0.082。v(A)=0.007 molL-1min-1。答案:(1)小于小于(2)0.085 mol0.0820.007 molL-1min-115.(2013上海高考31-34)镍具有优良的物理和化学特性,是许多领域尤其是高技术产业的重要原料。羰基法提纯粗镍涉及的
23、两步反应依次为:(1)Ni(s)+4CO(g)Ni(CO)4(g)+Q(2)Ni(CO)4(g)Ni(s)+4CO(g)完成下列填空:(1)在温度不变的情况下,要提高反应(1)中Ni(CO)4的产率,可采取的措施有 、 。(2)已知在一定条件下的2 L密闭容器中制备Ni(CO)4,粗镍(纯度98.5%,所含杂质不与CO反应)剩余质量和反应时间的关系如图所示。Ni(CO)4在010 min的平均反应速率为 。(3)若反应(2)达到平衡后,保持其他条件不变,降低温度,重新达到平衡时 。a.平衡常数K增大b.CO的浓度减小c.Ni的质量减小d.v逆Ni(CO)4增大(4)简述羰基法提纯粗镍的操作过程
24、。【解题指南】解答本题注意以下两点:来源:Z+xx+k.Com(1)正确从图像中获取信息。(2)正确理解温度对反应速率和化学平衡的影响。【解析】(1)要提高反应(1)中Ni(CO)4的产率,应使反应正向移动,可采用取出Ni(CO)4、增大压强、增大CO浓度等方法。(2)根据图像,010 min反应的Ni的质量为100 g-41 g=59 g,n(Ni)=1 mol,则生成Ni(CO)4=1 mol。vNi(CO)4=0.05 molL-1min-1。(3)反应(1)为放热反应,则反应(2):Ni(CO)4(g)Ni(s)+4CO(g)为吸热反应,降低温度,平衡逆向移动,则平衡常数K减小,a错误;CO的浓度减小,b正确;Ni的质量减小,c正确;降低温度正逆反应速率均减小,d错误。(4)把粗镍与CO放于水平放置的玻璃容器,在50时反应生成Ni(CO)4,一段时间后在容器的另一端升温至230使Ni(CO)4受热分解。答案:(1)取出Ni(CO)4增大压强 增大CO浓度(任写两个即可)(2)0.05 molL-1min-1(3)b、c(4)把粗镍与CO放于水平放置的玻璃容器中,在50时反应生成Ni(CO)4,一段时间后在容器的另一端升温至230使Ni(CO)4受热分解关闭Word文档返回原板块。
