1、甘肃省金昌市永昌县第四中学2019-2020学年高二化学下学期期末考试试题（含解析）可能用到的原子量：O-16 Mn-55 C-12 H-1第卷一、选择题(本题共25小题，每小题2分，共50分。)1. 生活中的一些问题常涉及到化学知识，下列叙述中正确的是氟氯代烷化学性质稳定，排放到大气中不会对环境造成危害；体积分数为75的酒精可用来消毒；苯酚有毒，所以日常所用的药皂中不可能掺入苯酚；各种水果之所以有果香味，是因为水果中含有酯类物质；2，4，6-三硝基甲苯又叫TNT，是一种烈性炸药，可用于开矿；福尔马林（甲醛水溶液）是混合物，可用来制作生物标本A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】【
2、详解】氟利昂能使臭氧转化为氧气，造成臭氧空洞，故错误；体积分数为75%的酒精可用来消毒，故正确；苯酚有毒，但苯酚的稀溶液可以做防腐剂和消毒剂，所以日常所用的药皂中可以掺入苯酚，故错误；水果中含有一定的酯类而有果香味，故正确；2，4，6-三硝基甲苯又叫TNT，是一种烈性炸药，可用于开矿，故正确；福尔马林是甲醛的水溶液，可以使蛋白质发生变性，可用来制作生物标本，故正确；故选D。2.下列现象中，不是因为发生化学反应而产生褪色现象的是A. 乙烯使KMnO4酸性溶液褪色B. 将苯滴入溴水中，振荡后水层接近无色C. 乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色D. 甲烷与氯气混合，光照一段时间后黄绿色消失【答案】B【解析】
3、【详解】A乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色，是由于发生氧化反应而褪色，A选项不满足题意；B将苯滴入溴水中，振荡后水层接近无色，是由于发生了萃取而褪色，是物理变化，B选项满足题意；C乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色是由于两者发生加成反应生成1，2-二溴乙烷而褪色，C选项不满足题意；D甲烷与氯气混合，光照一段时间后黄绿色消失，两者发生取代反应而颜色消失，D选项不满足题意；答案选B。3.在自然环境中，一次性使用的聚苯乙烯材料带来的“白色污染”甚为突出，这种材料难以分解，处理麻烦，最近研制出一种新型的材料能代替聚苯乙烯，它是由乳酸缩聚而生成的，这种材料可在乳酸菌作用下降解。下列关于聚乳酸(结构简式为)的说法正确的
4、是A. 聚乳酸是一种纯净物B. 其聚合方式与苯乙烯相似C. 其单体为 CH3CH2COOHD. 聚乳酸是一种线型高分子材料【答案】D【解析】【详解】A.从聚乳酸结构可知，聚乳酸是高分子化合物，因高分子化合物中的n值不定，故其为混合物，故A错误；B.根据聚乳酸的结构可知，该物质是乳酸中的羟基和羧基脱水的产物，属于缩聚反应，聚苯乙烯是由单体中的碳碳双键加聚而成，故B错误；C.为聚乳酸的单体，故C错误；D.聚乳酸是由羟基、羧基缩聚生成的高分子化合物，是一种线型高分子材料，具有线型高分子的性质，故D正确，答案选D。【点睛】乳酸为，含有羟基、羧基，发生缩聚反应生成为聚乳酸。4.下列将CH3CHO和CH3
5、COOH分离的正确方法是（ ）A. 蒸馏B. 加入Na2CO3溶液后，通过萃取的方法分离C. 加入烧碱溶液后蒸馏出乙醛，再加入浓硫酸，蒸馏出乙酸D. 和Na反应后进行分离【答案】C【解析】【详解】A.二者均易挥发，蒸馏不能得到纯净物，A项错误；B.乙醛易溶于水，与Na2CO3溶液混溶，无法分离，B项错误；C.先加入烧碱溶液，乙酸与NaOH反应生成盐，增大与乙醛的沸点差异，先蒸馏出乙醛；再加入浓硫酸，与乙酸钠反应生成乙酸，然后蒸馏出乙酸，C项正确；D.尽管Na与CH3COOH反应生成盐，通过蒸馏可分离出CH3CHO，但无法分离出CH3COOH，D项错误；故选C。5.下列说法不正确的是()A. 某
6、有机物完全燃烧只生成CO2和H2O，两者物质的量之比为12，则该有机物为甲烷B. 甲苯分子的核磁共振氢谱中有4个不同的吸收峰C. 红外光谱可以帮助确定许多有机物的结构D. 通过质谱法可以确认有机化合物的相对分子质量【答案】A【解析】【详解】A生成CO2和H2O，两者的物质的量之比为12，说明C、H原子比值为14，该有机物可能为甲烷或甲醇，故A错误；B甲苯分子中含有4种H，核磁共振氢谱中有4个不同的吸收峰，故B正确；C红外光谱可测定有机物的共价键和官能团，可用于测定有机物的结构，故C正确；D质谱法用于测定有机物的质荷比，可以确认化合物的相对分子质量，故D正确；故选A。6.甲烷、乙烯和苯属于不同类
7、型的有机化合物，但它们之间也有共性，下列关于它们之间共同特点的说法正确的是()A. 都是平面结构B. 都能使酸性KMnO4溶液褪色C. 都能发生加成反应和取代反应D. 在氧气中完全燃烧后都生成CO2和H2O【答案】D【解析】【详解】A. 甲烷是正四面体结构、乙烯和苯都是平面结构，选项A错误；B. 甲烷和苯不能使酸性KMnO4溶液褪色，选项B错误；C. 甲烷不能发生加成反应，选项C错误；D. 甲烷、乙烯和苯都由C和H两种元素组成，在氧气中完全燃烧后都生成CO2和H2O，选项D正确；答案选D。7.下列叙述错误的是()A. 只用水就可以鉴别四氯化碳、苯和乙醇B. CCl4可由CH4制得，可萃取碘水中
8、的碘C. 苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，因此苯不能发生氧化反应D. 石油和天然气的主要成分都是碳氢化合物【答案】C【解析】【详解】A四氯化碳与水分层后有机层在下层、苯与水分层后有机层在上层、乙醇和水不分层，现象不同，可鉴别，故A正确；B甲烷与氯气发生取代反应可以生成四氯化碳，碘不易溶于水、易溶于四氯化碳，四氯化碳难溶于水，可用四氯化碳萃取碘水中的碘，故B正确；C苯分子中不存在碳碳双键，不能被酸性高锰酸钾溶液氧化，但苯可发生燃烧反应，燃烧反应为氧化反应，故C错误；D天然气的主要成分为甲烷，石油为烃类物质的混合物，主要成分均为碳氢化合物，故D正确；故选C。8.在C5H12的各种同分异构体中，所含甲
9、基数目和它的一氯取代物的数目与叙述相符的是()A. 2个CH3，能生成5种一氯代物B. 3个CH3，能生成3种一氯代物C. 3个CH3，能生成4种一氯代物D. 4个CH3，能生成2种一氯代物【答案】C【解析】【分析】分子式C5H12为戊烷，戊烷的同分异构体有：CH3-CH2-CH2-CH2-CH3、，然后根据等效氢原子数目分析判断。【详解】A含有2个-CH3的戊烷为正丁烷：CH3-CH2-CH2-CH2-CH3，正丁烷分子中含有3种等效H原子，所以其一氯代物有3种，故A错误；B含有3个-CH3的戊烷为异戊烷：，异戊烷分子中含有4种等效H原子，所以其一氯代物有4种，故B错误；C含有3个-CH3的
10、戊烷为异戊烷：，异戊烷分子中含有4种等效氢原子，所以其一氯代物有4种，故C正确；D含有4个甲基的戊烷为新戊烷：，新戊烷分子中只有1种氢原子，所以其一氯代物有1种，故D错误；故选C。9.下列化学反应的有机产物间不存在同分异构现象的是A. 乙烷与Cl2光照条件下的反应B. 甲苯与浓硝酸和浓硫酸的混合物在30时反应C. CH3CHBrCH2CH3与NaOH的乙醇溶液共热反应D. CH3CH2CH2Br在NaOH水溶液中加热反应【答案】D【解析】【详解】A乙烷与氯气光照条件下反应可以生成1,1-二氯乙烷、1,2-二乙烷等，存在同分异构现象，故A错误；B甲苯与浓硝酸和浓硫酸的混合物在30时反应硝基的取代
11、位置有邻、间、对三种，存在同分异构现象，故B错误；CCH3CHBrCH2CH3与NaOH的乙醇溶液共热发生消去反应，可生成CH2=CHCH2CH3或者CH3CH=CHCH3两种同分异构体，故C错误；DCH3CH2CH2Br与NaOH水溶液共热发生取代反应，OH取代Br原子，生成CH3CH2CH2OH，不存在同分异构体，故D正确；本题选D。10.下列有关化学用语的表示不正确的是A. 乙醇的分子式：C2H6OB. 的名称为：3，3二甲基-1-戊烯C. 乙烯的结构简式：CH2CH2D. 苯分子的比例模型图：【答案】C【解析】【详解】A乙醇为饱和一元醇，分子式为C2H6O，A正确，不选；B含有官能团的
12、物质命名时，编号时官能团的位次要小，则碳碳双键的编号为1，3号碳上连有2个甲基，则名称为3,3-二甲基-1-戊烯，B正确，不选；C乙烯的结构简式为CH2=CH2，C错误，符合题意；D苯分子的比例模型为，D正确，不选。答案选C。11.分子式为C5H10O2的酯共有(不考虑立体异构) ：A. 7种B. 8种C. 9种D. 10种【答案】C【解析】【详解】这些酯有：甲酸丁酯4种（丁基4种异构）、乙酸丙酯2种（丙基2种异构）、丙酸乙酯1种、丁酸甲酯2种（丁酸的烃基为丙基，丙基2种异构），共9种，故合理选项为C。12.某链烃最多能和发生加成反应，生成氯代烃，且该氯代烃能与，发生完全取代反应，生成只含有碳
13、氯两种元素的氯代烃，则该链烃可能是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】某链烃最多能和发生加成反应，说明该链烃分子中含有2个键或1个键；该氯代烃能和发生完全取代反应，说明该氯代烃分子中含有6个H原子，其中有2个H原子是发生加成反应时引入的，所以原链烃分子中含有4个H原子，答案选B。13.丁腈橡胶具有优良的耐油、耐高温性能，合成丁腈橡胶的单体是 A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】该高聚物链节主链不含杂原子，属于加聚反应生成的高聚物，链节主链上存在碳碳双键结构，有6个碳原子，其单体必为两种，按如图所示断开，在将双键中的1个CC打开，然后将半键闭合即可得该高聚物单体
14、为：、，故选：C。【点睛】解答此类题目，首先要根据高聚物的结构简式判断高聚物是加聚产物还是缩聚产物，然后根据推断单体的方法作出判断；加聚产物的单体推断方法为：（1）凡链节的主链上只有两个碳原子（无其它原子）的高聚物，其合成单体必为一种，将两半键闭合即可；（2）凡链节主链上只有四个碳原子（无其它原子）且链节无双键的高聚物，其单体必为两种，在中间画线断开，然后将四个半键闭合即可；（3）凡链节主链上只有碳原子并存在碳碳双键结构的高聚物，其规律是“见双键，四个碳，无双键，两个碳”画线断开，然后将半键闭合，即将单双键互换。14.以溴乙烷为原料制取1，2-二溴乙烷，下列转化方案中最合理的是()A. CH3
15、CH2BrCH2BrCH2BrB. CH3CH2BrCH2BrCH2BrC. CH3CH2BrCH2=CH2CH2BrCH3CH2BrCH2BrD. CH3CH2BrCH2=CH2CH2BrCH2Br【答案】D【解析】【详解】A溴乙烷在溴化氢溶液、加热条件下，不能反应生成1，2-二溴乙烷，原理错误，故A不选；B生成物太复杂，不能保证CH3CH2Br和Br2发生取代反应时只生成1，2-二溴乙烷，且生成物不易分离，故B不选；CCH2BrCH3与溴发生取代反应的生成物太复杂，不能保证CH2BrCH3和Br2发生取代反应时只生成1，2-二溴乙烷，且生成物不易分离，故C不选；D溴乙烷在氢氧化钠醇溶液、加
16、热条件下发生消去反应生成乙烯，乙烯与溴发生加成反应只能生成1，2-二溴乙烷，原理正确，不存在其它副产物，方案最合理，故D选；故选D。15.下列烃中，一氯代物的同分异构体的数目最多的是()A. B. C. (CH3)3CH2CH3D. 【答案】B【解析】【分析】根据分子中等效H原子判断一氯代物的同分异构体数目，分子中有几种H原子，其一氯代物就有几种同分异构体，据此分析判断。【详解】A分子中苯环上含有1种氢原子，甲基上含有1种H原子，则其一氯代物有2种同分异构体；B分子中含有4种氢原子，其一氯代物有4种同分异构体；C，分子中含有3种氢原子，其一氯代物有3种同分异构体；D分子中含有2种氢原子，其一氯
17、代物有2种同分异构体；一氯代物的同分异构体的数目最多的是， 故选B。16.下列实验装置、操作均正确的是A. 分离乙醇和乙酸B. 证明碳酸酸性强于苯酚C. 产生光亮的银镜D. 实验室制备乙稀【答案】D【解析】【详解】A、乙醇和乙酸互溶，不分层，不能用分液法分离，故A错误；B、醋酸具有挥发性，醋酸也能与苯酚钠溶液反应生成苯酚，故B错误；C、银镜反应需要水浴加热，故C错误；D、乙醇与浓硫酸的混合液加热到170发生消去反应生成乙烯，故D正确。17.有关天然产物水解的叙述不正确的是()A. 油脂水解可得到丙三醇B. 可用碘检验淀粉水解是否完全C. 蛋白质水解的最终产物均为氨基酸D. 纤维素水解与淀粉水解
18、得到最终产物不同【答案】D【解析】【详解】A. 油脂在酸性条件下水解可得到丙三醇和高级脂肪酸，A正确；B. 淀粉遇到碘，显蓝色，可用碘检验淀粉水解是否完全，B正确；C. 蛋白质水解的最终产物均为氨基酸，C正确；D. 纤维素水解与淀粉水解得到的最终产物均为葡萄糖，D错误；答案为D18.普伐他汀是一种调节血脂的药物，其结构如图所示。下列关于普伐他汀的性质描述不正确的是A. 该分子的不饱和度为6B. 不能与FeCl3溶液发生显色反应C. 1mol该物质最多可与1mol NaOH反应D. 能发生加成、取代、消去反应【答案】C【解析】【详解】A分子中含有2个C=O键、2个C=C键以及2个环，则该分子不饱
19、和度为6，故A正确；B结构中不含酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，故B正确；C能与氢氧化钠反应的为酯基和羧基，则1mol该物质最多可与2molNaOH反应，故C错误；D含-OH、-COOH可发生酯化反应，含-COOC-可发生水解反应，也属于取代反应，含双键可发生加成、氧化，羟基可发生消去反应，故D正确；故选C。19.百服宁口服液为解热镇痛药，主要用于治疗头痛、发烧等病症，其主要化学成分的结构简式如图所示。下列有关该有机物的叙述正确的是()A. 分子式为C8H10NO2B. 该有机物属于-氨基酸C. 该有机物为芳香化合物且同分异构体有3种D. 该有机物可与FeCl3溶液发生显色反应【答案
20、】D【解析】【详解】A由结构可知分子式为C8H9NO2，故A错误；B结构中不含-COOH、氨基，不是氨基酸，故B错误；C含有苯环，属于芳香化合物，苯环上含有的侧链可能为-CH(NH2)COOH；-OH、-NH2、-COCH3；-NH2、-CH2COOH等，同分异构体数目大于3种，故C错误；D含酚-OH，能够与FeCl3溶液发生显色反应，故D正确；故选D。20.如图装置可用于检验溴乙烷与氢氧化钠的醇溶液反应生成的乙烯，下列说法不正确的是()A. 该反应为消去反应B. 实验过程中可观察到酸性KMnO4溶液褪色C. 乙烯难溶于水，故此装置可以省去D. 可用溴水代替酸性KMnO4溶液【答案】C【解析】
21、【详解】A溴乙烷在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成乙烯，故A正确；B乙烯能被高锰酸钾氧化，使酸性KMnO4溶液褪色，故B正确；C因乙醇、乙烯均使酸性高锰酸钾溶液褪色，干扰乙烯的检验，装置是除去挥发出来的乙醇杂质的，不能省去，故C错误；D乙烯与溴水发生加成反应，可用溴水代替酸性KMnO4溶液来检验乙烯，故D正确；故选C。21.某化妆品的组分Z具有美白功效，原从杨树中提取，现可用如下反应制备：下列叙述错误的是A. X、Y和Z均能使溴水褪色B. X和Z均能与NaHCO3溶液反应放出CO2C. Y既能发生取代反应，也能发生加成反应D. Y可作加聚反应单体，X可作缩聚反应单体【答案】B【解析】【详
22、解】A. X、Z中有酚羟基，能与浓溴水发生取代反应，Y中有碳碳双键，能与溴水发生加成反应，它们均能使溴水褪色，A正确；B.酚羟基的酸性比碳酸弱，不能与NaHCO3溶液反应放出CO2，B错误；CY中有碳碳双键，能发生加成反应，有苯环，能发生取代反应，C正确；D.Y有碳碳双键，能发生类似聚乙烯的加聚反应，Y中也有酚羟基，能发生类似酚醛树脂的缩聚反应，D正确；答案选B22.以乙醇为原料，用下述6种类型的反应：氧化；消去；加成；酯化；水解加聚，来合成乙二酸乙二酯()的正确顺序是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】以乙醇为原料合成乙二酸乙二酯，需先合成乙二酸，然后利用乙二酸和乙二醇发
23、生酯化反应生成乙二酸乙二酯，因此经过以下几步：第一步：乙醇先发生消去反应生成乙烯，为消去反应；第二步：乙烯发生加成反应生成二卤代烃，为加成反应；第三步：水解生成乙二醇，为水解反应；第四步：乙二醇氧化生成乙二酸，为氧化反应；第五步：乙醇和乙酸发生酯化反应生成乙二酸乙二酯，为酯化反应，涉及的反应类型按反应顺序依次为，故选C。23.除去下列物质中所含少量杂质，所选用的试剂和分离方法能达到实验目的的是选项混合物(括号内为杂质)试剂(足量)分离方法A乙酸乙酯(乙酸)NaOH溶液分液B乙烷(乙烯)酸性KMnO4溶液洗气C苯(苯酚)Na2CO3溶液分液D乙酸(乙醛)新制Cu(OH)2悬浊液过滤A. AB.
24、BC. CD. D【答案】C【解析】【详解】A在NaOH溶液中，乙酸乙酯发生水解，水解产物溶解在水溶液中，A不合题意；B酸性KMnO4溶液能将乙烯氧化为CO2，混在乙烷中，B不合题意；C苯与Na2CO3溶液不反应，浮在上层，苯酚能与Na2CO3溶液反应生成苯酚钠和碳酸氢钠，苯酚钠和碳酸氢钠溶解在水中，用分液法可分离，C符合题意；D乙酸能与新制Cu(OH)2悬浊液反应，不能达到除杂质的目的，D不合题意；故选C。【点睛】除杂质时，所选择的除杂试剂应能有效去除杂质，且与待保留物质分离，若除杂试剂与杂质反应的产物混在待除杂物质中，或待除杂物质与除杂试剂发生反应生成新物质，都不能达到除杂的目的。24.迄
25、今为止科学家在星云中已发现180多种星际分子，近年来发现的星际分子乙醇醛分子模型如图所示。有关乙醇醛说法不正确的是A. 有2种含氧官能团B. 能发生银镜反应C. 与乙醛互为同系物D. 与乙酸互为同分异构体【答案】C【解析】【分析】根据成键结构知，黑色球表示表示C原子、红色球表示O原子、灰色球表示H原子，则乙醇醛的结构简式为HOCH2CHO，含有醇羟基和醛基，具有醇和醛的性质，能发生氧化反应、加成反应、还原反应、取代反应，据此分析解答。【详解】A含有醇羟基和醛基两种含氧官能团，故A正确；B含有醛基，所以能发生银镜反应，故B正确；C该分子中含有醇羟基和醛基两种含氧官能团，乙醛只含1个醛基，所以二者
26、不是同系物，故C错误；D与乙酸分子式相同、结构不同，所以与乙酸互为同分异构体，故D正确；答案选C。【点睛】本题考查有机物结构和性质及基本概念，正确判断该物质结构简式是解本题关键，把握官能团及其性质关系，易错选项是C。25.某有机物A是农药生产中的一种中间体，其结构简式如下图所示。下列叙述正确的是A. 有机物A可与溴水发生加成反应B. 1mol有机物A能消耗2molNaOHC. 有机物A不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D. 有机物A分子中所有碳原子可能在同一平面上【答案】B【解析】【分析】由可知含有的官能团有酚羟基，醇羟基和氯原子，据此判断。【详解】A. 根据有机物A中的官能团可知不可与溴水发生加成反
27、应，可发生取代反应，故A错误；B. 1mol有机物A含有一个酚羟基、一个氯原子，能消耗2molNaOH，故B正确；C. 因为含有酚羟基、醇羟基，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，所以C错误；D. 有机物A分子中含有结构，所以所有碳原子不可能在同一平面上，故D错误；答案：B。第卷二、填空题(本题共5小题，每空2分，共50分。)26.有机物具有广泛的用途现有下列有机物：乙烯 1，3丁二烯 甲醛 油脂请将相应的序号填入空格内（1）能用于制备肥皂的是_；（2）能用于制备聚乙烯塑料的是_；（3）能用于制备顺丁橡胶的是_；（4）能用于制备酚醛树脂的是_【答案】 (1). (2). (3). (4). 【解析】【详
28、解】(1)肥皂的主要成分为高级脂肪酸盐，则油脂在碱性溶液中水解可制备肥皂，故答案为；(2)乙烯中含双键，可发生加聚反应可制备聚乙烯塑料，故答案为；(3)1，3丁二烯中含双键，可发生加聚反应制备顺丁橡胶，故答案为；(4)酚醛树脂为缩聚产物，苯酚与甲醛发生缩聚反应制备酚醛树脂，故答案为。27.某烃类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢原子。（1）A的结构简式为_；（2）A的名称为_；（3）A中的碳原子是否都处于同一平面？_(填“是”或者“否”)；（4）A是否存在顺反异构体？_(填“是”或者“否”)。【答案】 (1). (2
29、). 2,3-二甲基-2-丁烯 (3). 是 (4). 否【解析】（1）分子中含有碳碳双键，确定属于烯烃，其相对分子质量为84，根据烯烃的通式CnH2n，可以得出n=6，即为己烯，分子内所有氢原子都处于相同的化学环境，所有的氢原子是完全对称等效的，即结构简式为：，正确答案：。（2）由结构简式可以知道名称为2，3-二甲基-2-丁烯；正确答案是：2，3-二甲基-2-丁烯。（3）根据乙烯中所有的原子均是共面的，中的非双键碳原子可以等效为乙烯中的四个氢原子，所以所有的碳原子均是共面的；正确答案：是。（4）因为连接双键的碳原子连接相同的原子团，不具有顺反异构；正确答案：否。点睛：顺反异构体产生的条件：
30、分子不能自由旋转（否则将变成另外一种分子）； 双键上同一碳上不能有相同的基团。28.核磁共振氢谱(PMR)是研究有机物分子结构的一种重要方法。已知有机化合物中处于同一位置的氢原子在PMR中为同一组信号峰，谱中峰的强度与分子中给定类型的氢原子数成正比。(1)甘氨酸(H2N-CH2-COOH)在PMR中可能有_组信号峰，甘油在PMR中峰的强度之比为_。(2)在常温下测得某芳香烃C8H10的PMR谱，观察到两种氢原子给出的信号，其强度之比为23，试确定该烃的结构简式为_。【答案】 (1). 3 (2). 4211 (3). 【解析】【分析】(1)根据等效H原子，分析判断甘氨酸在PMR中的信号峰；峰的
31、强度与每种类型氢原子的数目成正比，根据甘油的结构简式为CH2OHCH(OH)CH2OH分析解答；(2)芳香烃中含有苯环，分子式为C8H10的芳香烃有4种同分异构体，结合核磁共振氢谱有2组信号峰，且强度之比为23分析解答。【详解】(1)甘氨酸(H2N-CH2-COOH)分子中含有3种等效氢原子，则其核磁共振氢谱中有3组信号峰；甘油的结构简式为：CH2OHCH(OH)CH2OH，其分子中含有4种等效H原子，其数目之比为：4211，则甘油在PMR中峰的强度之比为：4211，故答案为：3；4211；(2)在常温下测得某芳香烃C8H10的PMR谱，观察到两种氢原子给出的信号，其强度之比为23，则该芳香烃
32、分子中含有2种等效H原子，所以其结构对称，只能为对二甲苯：，且满足两种氢原子给出的信号强度之比为23，故答案为：。【点睛】本题的易错点为(2)，关键是要知道芳香烃C8H10的常见同分异构体的结构，再根据PMR谱有两种氢原子给出的信号判断。29.有机物F(C9H10O2)是一种有茉莉花香味的酯。用下图所示的方法可以合成F。其中A 是相对分子质量为28的烃，其产量常作为衡量石油化工发展水平的标志。E是只含碳、氢、氧的芳香族化合物，且苯环上只有一个侧链。回答下列问题：(1)A的分子式是_；(2)B的结构简式是_；(3)为检验C中的官能团，可选用的试剂是_；(4)反应的化学方程式是_。【答案】 (1)
33、. C2H4 (2). CH3CH2OH (3). 银氨溶液或新制Cu(OH)2悬浊液 (4). CH3COOH+H2O【解析】【详解】（1）A是相对分子质量为28的烃，且其产量作为衡量石油化工发展水平的标志，则A为乙烯，A的结构简式为CH2=CH2，分子式为C2H4；（2）F的分子式为C9H10O2，F属于酯，F是由一元醇和一元酸通过酯化反应生成的，根据转化关系，ABCD应为C2H4CH3CH2OHCH3CHOCH3COOH，因此B的结构简式为CH3CH2OH，C的结构简式为CH3CHO，D的结构简式为CH3COOH；（3）C为乙醛，检验醛基选用银氨溶液或新制Cu(OH)2悬浊液；（4）E是
34、只含碳、氢、氧的芳香族化合物，且苯环上只有一个侧链，根据F的分子式和D的结构简式，结合原子守恒，则E的结构简式为，反应的化学反应方程式为：CH3COOH+H2O。30.有机物 A 是最常用的食用油抗氧化剂，分子式为C10H12O5，可发生如下转化：已知B 的相对分子质量为 60，分子中只含一个甲基。C 的结构可表示为：请回答下列问题： （1） B 的结构简式为_C 中含有的官能团-X 的名称为_（2）反应的反应类型为_（3）反应的化学方程式为 _（4）从分子结构上看，A 作为食用油抗氧化剂的主要原因是（ ）a.含有苯环 b.含有羰基 c.含有酚羟基【答案】 (1). CH3CH2CH2OH (
35、2). 羧基 (3). 加聚反应 (4). +4NaOH +CH3CH2CH2OH+3H2O (5). c【解析】【分析】A在氢氧化钠水溶液条件下发生水解反应，并酸化得到B与C，则A中含有酯基，其中B的相对分子质量为60，分子中只含一个甲基，能在浓硫酸的作用下发生消去反应，则B为CH3CH2CH2OH，发生消去反应得到D为CH3CHCH2，D发生加聚反应得到高分子化合物E为，C能与碳酸氢钠溶液反应得到气体，则C含有-COOH，能与氯化铁溶液发生显色反应，则C中含有酚羟基，C的结构可表示为（其中：-X、-Y均为官能团），则C为，可推知A为，据此解答【详解】（1）由上述分析可知，B 的结构简式为C
36、H3CH2CH2OH，C的结构简式为，由可推知，官能团-X 的名称为羧基；答案为CH3CH2CH2OH，羧基。（2）D的结构简式为CH3CHCH2，E的结构简式为，反应是由D生成E，即D发生加聚反应得到高分子化合物E，反应类型为加聚反应；答案为加聚反应。（3）反应的化学方程式为+4NaOH +CH3CH2CH2OH+3H2O；答案为+4NaOH+CH3CH2CH2OH+3H2O。（4）由于苯酚在空气中易被氧化，A具有抗氧化作用的主要原因是分子中有酚羟基；答案为c。31.苯甲酸广泛应用于制药和化工行业。I.用甲苯的氧化反应制备苯甲酸的反应原理如下：+2KMnO4 +KOH+2MnO2+H2O+H
37、Cl+KCl资料甲苯被高锰酸钾氧化过程中可能出现苯甲醇，苯甲醛等副产物。甲苯的沸点为110.6，苯甲醇的沸点为205.7，苯甲醛的沸点为179。苯甲酸在25和95时溶解度分别为0.3g和6.9g。II.制备及分离出苯甲酸、回收未反应的甲苯的流程如图所示。(1)操作I、操作II的名称分别是_、_。(2)滤液的成分是_。(3)白色固体B是_。(4)为得到无色液体A，需进行的具体操作是_。【答案】 (1). 过滤 (2). 分液 (3). 苯甲酸钾、甲苯、KOH、(苯甲醇、苯甲醛) (4). 苯甲酸 (5). 蒸馏，控制温度在110.6到179之间，收集馏分【解析】【分析】一定量的甲苯和适量的KMn
38、O4溶液在100反应一段时间后停止反应，按如图流程分离出苯甲酸和回收未反应的甲苯，苯甲酸钾能溶于水，甲苯不溶于水，用分液的方法分离二者，得到有机相和水相，有机相中含有甲苯、水相中含有苯甲酸钾，有机相中的甲苯可以采用蒸馏方法分离，得到无色液体A，A是甲苯；将水相用盐酸酸化再蒸发浓缩，冷却过滤，根据苯甲酸的溶解度知，得到的固体B是苯甲酸，据此分析解答。【详解】(1) 甲苯和适量的KMnO4溶液在100反应一段时间后停止反应，反应后混合液中含有二氧化锰沉淀，经过操作得到滤液，因此操作是分离难溶固体和溶液，为过滤操作，操作分离得到有机相和水相，为分液操作，故答案为：过滤；分液；(2)一定量的甲苯和适量的KMnO4溶液在100条件下反应，过滤后，滤液中可能混有苯甲酸钾、甲苯、KOH，根据资料可知，还可能有少量的苯甲醇、苯甲醛等，故答案为：苯甲酸钾、甲苯、KOH、(苯甲醇、苯甲醛)；(3)由以上分析可知无色液体A是甲苯，白色固体B是苯甲酸，故答案为：苯甲酸；(4)由表中数据可知甲苯的沸点为110.6，苯甲醇的沸点为205.7，苯甲醛的沸点为179，为得到甲苯，则应选用蒸馏法分离，需要控制温度在110.6到179，收集馏分，故答案为：蒸馏，控制温度在110.6到179，收集馏分。【点睛】本题的易错点为流程图中无色液体A、白色固体B的判断，要注意根据水相酸化、表格数据和反应的方程式判断。
