1、民乐一中20142015学年第一学期高（二）年级期中考试 物理试卷（特部） 命题人：尚东升一选择题（本题共12小题，每小题4分。1-9是单项选择题，10-12是多项选择题）1下列有关物理学家和他们的贡献叙述正确的是()A伽利略最早指出力是维持物体运动的原因B牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量C库仑发现了点电荷的相互作用规律并测出了静电力常量D密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值2根据磁感应强度的定义式BF/(IL)，下列说法中正确的是()A在磁场中某确定位置，B与F成正比，与I、L的乘积成反比B一小段通电直导线在空间某处受磁场力F0，那么该处的B一定为零C磁场中某处B的方向跟电流在该处受磁
2、场力F的方向相同D一小段通电直导线放在B为零的位置，那么它受到的磁场力F也一定为零3.如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，这两条曲线把第一象限分为、三个区域现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R.下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域的说法正确的是( )A伏安特性曲线在区域，P1P2 B伏安特性曲线在区域，P1P2 D伏安特性曲线在区域，P1P24.如图所示，电源电动势为6 V，当开关接通时，灯泡L1和L2都不亮，用电压表测得各部分电压是Uad0、Ucd6 V、Uab6 V，由此可以断定( )AL1和L2的灯丝都断了 BL1的灯
3、丝断了 CL2的灯丝断了 D变阻器R断路5如图所示，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q0)的固定点电荷已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为(k为静电力常量)()Ak Bk Ck Dk6.用控制变量法，可以研究影响平行板电容带电容的因素(如图所示)设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为实验中；极板所带电荷量不变，若( )A.保持S不变，增大d,则变大B.保持S不变，增大d,则变小C.保持d不变，减小S,则变小D.保持d不变，减小S,则不变7如图所示
4、，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离 （ ）A.带点油滴将沿竖直方向向上运动 B.P点的电势将降低C.带点油滴的电势将减少 D.若电容器的电容减小，则极板带电量将增大8 如图所示，一价氢离子(H)和二价氦离子(He)的混合体，经同一加速电场加速后，垂直射入同一偏转电场中，偏转后，打在同一荧光屏上，则它们( )A同时到达屏上同一点 B先后到达屏上同一点C同时到达屏上不同点 D先后到达屏上不同点9.在如下左图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定
5、值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表。在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是( )A电压表示数变小 B电流表示数变小 C电容器C所带电荷量增多 Da点的电势降低10.如图所示，通电导体棒静止于水平导轨上，棒的质量为m，长为L，通过的电流大小为I且垂直纸面向里，匀强磁场的磁感应强度B的方向与导轨平面成角，则导体棒受到的( )A安培力大小为BIL B安培力大小为BILsin C摩擦力大小为BILsin D支持力大小为mgBILcos 11.三条在同一平面(纸面)内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图1所示a、b和c
6、三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3，下列说法正确的是( )AB1B2B3 BB1B2B3Ca和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里Da处磁场方向垂直于纸面向外，b和c处磁场方向垂直于纸面向里12如上右图所示，A板的电势UA0，B板的电势UB随时间的变化规律如图所示。电子只受电场力的作用，且初速度为零，则( )A若电子在t0时刻进入的，它将一直向B板运动B若电子在t0时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上C若电子在tT/8时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后
7、打在B板上D若电子是在tT/4时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动二实验题(共16分)13.（3分） 用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示该金属丝的直径是_ mm.14（共13分）为了精确测量某待测电阻Rx的阻值(约为30)有以下一些器材可供选择电流表：A1(量程050mA，内阻约12) A2(量程03A，内阻约0.12)电压表：V1(量程03V，内阻很大) V2(量程015V，内阻很大)电源：E(电动势约为3V，内阻约为0.2) 定值电阻：R(30，允许最大电流2.0A)滑动变阻器：R1(010，允许最大电流2.0A)滑动变阻器：R2(01k，允许最大电流0.5A)单刀单掷开关S
8、一个，导线若干(1)（每空2分）电流表应选_，电压表应选_，滑动变阻器应选_(填字母代号)(2)（4分）请在方框中画出测量电阻Rx的实验电路图(要求测量值的范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出)(3)（3分）某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则计算待测电阻阻值的表达式为Rx_.三计算题（共46分，要求写出必要的文字说明，方程和重要的演算步骤，只写出最后答案不得分。）15（8分）一台小型电动机在3 V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4 N的物体时，通过它的电流是0.2 A。在30 s内可使该物体被匀速提升3 m。若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：(1)电动机的输入功
9、率； (2)在提升重物的30 s内，电动机线圈所产生的热量；(3)线圈的电阻。16.（12分）如图所示，水平轨道与直径为d=0.8m的半圆轨道相接，半圆轨道的两端点A、B连线是一条竖直线，整个装置处于方向水平向右，大小为103V/m的匀强电场中，一小球质量m=0.5kg,带有q=510-3C电量的正电荷，在电场力作用下由静止开始运动，不计一切摩擦，g=10m/s2，（1）若它运动的起点离A为L，它恰能到达轨道最高点B，求小球在B点的速度和L的值（2）若它运动起点离A为L=2.6m，且它运动到B点时电场消失，它继续运动直到落地，求落地点与B点的距离17.（12分）质量为m=1.0kg、带电量q=
10、+2.5104C的小滑块(可视为质点)放在质量为M=2.0kg的绝缘长木板的左端，木板放在光滑水平面上，滑块与木板之间的动摩擦因数为=0.2，木板长L=1.5m，开始时两者都处于静止状态，所在空间加有一个方向竖直向下强度为E=4.0104N/C的匀强电场，如图所示.取g=10m/s2，试求:(1)用水平力F0拉小滑块，要使小滑块与木板以相同的速度一起运动，力F0应满足什么条件？(2)用水平恒力F拉小滑块向木板的右端运动，在1.0s末使滑块从木板右端滑出，力F应为多大？FMEmL(3)按第(2)问的力F作用，在小滑块刚刚从木板右端滑出时，系统的内能增加了多少？(设m与M之间最大静摩擦力与它们之间
11、的滑动摩擦力大小相等，滑块在运动中带电量不变)18.（14分）如图所示,A为有光滑曲面的固定轨道,轨道底端的切线方向是水平的.质量M=40 kg的小车B静止于轨道右侧,其上表面与轨道底端在同一水平面上.一个质量m=20 kg的物体C以2.0 m/s的初速度从轨道顶端滑下,冲上小车B后经一段时间与小车相对静止并一起运动.若轨道顶端与底端的高度差h=1.6 m.物体与小车板面间的动摩擦因数=0.40,小车与水平面间的摩擦忽略不计.（取g=10 m/s2）,求：（1）物体与小车保持相对静止时的速度v;（2）物体冲上小车后,与小车发生相对滑动经历的时间t;（3）物体在小车上相对滑动的距离d.高二物理答
12、案（特部）1 D 2 D 3 C 4 C 5 B 6 A 7 B 8 B 9 D 10 AC 11AC 12 ACD二填空题 13.1.706mm 14（1）A1 V1 R1（2）（3）、由欧姆定律可得= UI-R三计算题15解析：(1)电动机的输入功率P入UI0.23 W0.6 W。(2)电动机提升重物的机械功率P机Fv(43/30) W0.4W。根据能量关系P入P机PQ，得生热的功率PQP入P机(0.60.4)W0.2 W。所生热量QPQt0.230 J6 J。(3)根据焦耳定律QI2Rt，得线圈电阻R5 。答案：(1)0.6 W(2)6 J(3)5 16题（1）因小球恰能到B点，则在B点
13、，有mg=m得小球从静止运动到B过程，由动能定理，有则得（2）小球离开B点，电场消失，小球做平抛运动，设落地点距B点距离为s，由动能定理得：小球从静止运动到B有得对于平抛运动，有得水平位移大小为故（1）若它运动的起点离A为L，它恰能到达轨道最高点B，小球在B点的速度为2m/s，L的值为1m（2）若它运动起点离A为L=2.6m，且它运动到B点时电场消失，它继续运动直到落地，落地点与起点的距离为2.4m17题(1)当拉力F0作用于滑块m上，木板能够产生的最大加速度为:为使滑块与木板共同运动，滑块最大加速度amaM 对于滑块有:即为使滑块与木板之间无相对滑动，力F0不应超过6.0N.(2)设滑块相对
14、于水平面的加速度为a1，木板的加速度为a2，由运动学关系可知: ， ，滑动过程中木板的加速度a2=2.0m/s2 ，则可得滑块运动的加速度a1=5.0m/s2 对滑块:(3)在将小滑块从木板右端拉出的过程中，相同的内能增加了:J18（1）物体下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh+mv12=0+mv22，即：20101.6+1022=0+20v22解得：v2=6m/s；物体相对于小车板面滑动过程动量守恒，由动量守恒定律得：mv2=（m+M）v，即：206=（20+40）v解得：v=2m/s；（2）对小车，在物体C在车上滑动过程中，由动量定理得：mgt=Mv-0，即：0.42010t=402-0解得：t=1s；（2）物体C在小车上滑动过程中，由能量守恒定律得：mgd=mv22-（m+M）v2，即：0.42010d=2062-（20+40）22解得：d=3m；
