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《创新方案》2017届高三化学一轮复习检测:第二章 化学物质及其变化 检测四 WORD版含解析.doc

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资源描述

1、高考资源网() 您身边的高考专家第二章 化学物质及其变化 检测题(四)一、选择题.奥运五环代表着全世界五大洲的人民团结在一起。下列各项中的物质,能满足如图中阴影部分关系的是 ANaClK2SO4KCl(NH4)2SO4BNa2SO4K2SO4KClNH4ClCNaClK2SO4KClNH4ClDNa2SO4K2SO4KCl(NH4)2SO4.下列物质依次按照混合物、氧化物、弱电解质和非电解质的顺序排列的一组是( ) A淀粉、CuO、HClO、Cu B水玻璃、Na2OCaO6SiO2、AgO、SO3CKAl(SO4)212H2O、KClO3、NH3H2O、CH3CH2OH D普通玻璃、H2O、F

2、e(SCN)3、葡萄糖.分类是重要的科学研究方法,下列物质归类不正确的是( )A电解质:明矾、冰醋酸、硫酸钡B酸性氧化物:CO2、SO2、NO、SiO2C混合物:铝热剂、矿泉水、水玻璃、漂白粉 D同素异形体:C60、C70、金刚石.下列说法中正确的是A硫酸、纯碱、醋酸钠和生石灰分别属于酸、碱、盐和氧化物B蔗糖、硫酸钡和水分别属于非电解质、强电解质和弱电解质CMg、Al、Cu可以分别用置换法、直接加热法和电解法冶炼得到D沼气、天然气和水煤气分别属于化石能源、可再生能源和二次能源.下列关于物质分类的说法正确的是A金刚石、白磷都属于单质B漂白粉、石英都属于纯净物C氯化铵、次氯酸都属于强电解质D葡萄糖

3、、蛋白质都属于高分子化合物.下列各组离子能在pH=1的无色溶液中大量共存的是()ABa2+、Na+、I、ClOBMg2+、Cl、Al3+、SO42CK+、Cl、HCO3、NO3DCa2+、Na+、Fe3+、AlO2.把Ba(OH)2溶液滴入明矾溶液中,使SO42全部转化成BaSO4沉淀,此时铝元素的主要存在形式是()AAl3+BAl(OH)3CAlO2DAl3+和Al(OH)3.下列化学反应的离子方程式正确的是()A在稀氨水中通入少量SO2:NH3H2O+SO2=NH4+HSO3B以石墨为电极电解饱和氯化镁水溶液:2Cl+2 H2O H2+C12+2 OHC在碳酸氢钙溶液中加入澄清的石灰水溶液

4、:Ca2+HCO3+OH=CaCO3+H2OD向足量苯酚钠溶液中通入二氧化碳:CO2+H2O+2C6H5O2C6H5OH+CO32.常温下,下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是( )A使甲基橙变红色的溶液:Mg2、K、B使酚酞变红色的溶液:Na、Cu2、C0.1 molL1AgNO3溶液:H、K、ID0.1 molL1NaAlO2溶液:H、Na、Cl、.下列物质分类正确的是 ( ) ASO2、SiO2、CO、P2O5均为酸性氧化物 B有色玻璃、稀豆浆、硅酸、氯化铁溶液均为胶体 C空气、福尔马林、水玻璃、氨水均为混合物D烧碱、冰醋酸、四氯化碳、石墨均为电解质.下列关于纯净物、混合物、强电解

5、质、弱电解质和非电解质的正确组合是( )纯净物混合物强电解质弱电解质非电解质A胆矾水煤气硫酸醋酸干冰B氢氧化钡蔗糖溶液硫酸钡醋酸氢气C碱石灰石灰水苛性钾水氨气D石灰石水玻璃氯化钙氢氧化铁碳酸钙.常温下,在下列给定条件的各溶液中,一定能大量共存的离子组是A.1.0molL-1的HNO3溶液:NH4、Ag(NH3)2+、Cl、SO42B.c(H)/c(OH)=10-11的溶液:Na、Ba2、NO3、ClC.滴入酚酞显红色的溶液:Ca2、Al3、NO3、HCO3D.滴入碘化钾淀粉溶液显蓝色的溶液:Na、Fe2、ClO、SO4213.下列各组离子一定能大量共存的是A在无色溶液中:NH4+、Fe2+、S

6、O42-、CO32-B在含大量Ba2+的溶液中:NH4+、Na+、Cl-、H+C在强碱溶液中:Na+、K+、Cl-、HSO3- D在pH =1的溶液中:K+、Fe2+、Cl-、CH3COO-14.下列离子方程式改写成化学方程式正确的是ACu2+ +2OH- =Cu(OH)2 CuCO3+2NaOH=Cu(OH)2+Na2CO3 BCO32- + 2H+ = CO2 + H2O BaCO3 + 2HCl =BaCl2+ CO2 + H2OCCa2+ + CO32- = CaCO3 Ca(NO3)2+NaCO3 = CaCO3+NaNO3DH+ +OH- = H2O 2KOH+H2SO4 = K2

7、SO4 +2H2O15.已知FeS2与某浓度的HNO3反应时生成Fe(NO3) 3、H2SO4和某单一的还原产物,若FeS2和参与反应的HNO3的物质的量之比为1:8,则该反应的还原产物是 ANO2 BNO CN2O DNH4NO316.二氧化氯是国际公认的高效安全杀菌消毒剂,工业制备ClO2的反应原理常采用:2NaClO3 4HCl 2ClO2Cl22H2O2NaCl,下列关于该反应的说法中正确的是( )A.浓盐酸在反应中仅体现还原性 B.每生成0.lmol ClO2转移0.5mol电子C.氧化性:NaClO3 ClO2 D.被氧化和被还原的物质的物质的量之比为1:117.赤铜矿的成份是Cu

8、2O,辉铜矿的成份是Cu2S,将赤铜矿与辉铜矿混合加热有以下反应:2Cu2O+Cu2S 6Cu+SO2,对于该反应,下列说法正确的是A该反应的氧化剂只有Cu2O BCu既是氧化产物又是还原产物C每生成1 mol Cu,还原剂转移给氧化剂的电子为2 molD该反应中氧化产物与还原产物的质量比为1618.过渡元素高价化合物在酸性条件下有较强的氧化性,如KMnO4、Na2WO4(钨酸钠)等现向50mL浓度为0.100mol/L的FeCl2溶液中加入25mL浓度为0.0400mol/L的KMnO4,在滴加少量的H2SO4后,两者恰好完全反应则氧化剂KMnO4的还原产物可能为()AK2MnO4BMnO2

9、CMnCl2DMn19.室温下,下列各组离子能大量共存的是A稀硫酸中:K、Mg2+ 、AlO2、S2O32BNa2S溶液中:SO42-、K、Cl、Cu2C =10-13molL-1溶液中:Fe3+、NH4、Mg2+、 SO42-D通入大量CO2的溶液中:Na+、ClO、CH3COO、HCO320.下列离子在给定的条件下一定能大量共存的是 A.pH=1的溶液中:Na+、 K+ 、MnO4- 、CO32- B. 0. 1 mol/L NH4HCO3溶液中:K+、Na+、NO3-、Cl- C. c(Fe3+) =0. 1 mol/L的溶液中:NH4+、Cl-、AlO2-、SO42- D.室温下,水电

10、离出的c(H+ )=1 10-13mo1/L的溶液中:Mg2+、K+、NO3-、Cl-二、非选择题21.为建设美丽浙江,浙江省政府开展“五水共治”。(1)城市饮用水处理时可用二氧化氯(ClO2)替代传统的净水剂Cl2。工业上可用Cl2氧化NaClO2溶液制取ClO2。写出该反应的离子方程式,并标出电子转移的方向和数目:_。 (2)某地污水中的有机污染物主要成分是三氯乙烯 (C2HCl3),向此污水中加入KMnO4(高锰酸钾的还原产物为MnO2)溶液可将其中的三氯乙烯除去,氧化产物只有CO2,写出该反应的化学方程式_。22.某实验小组为探究ClO、I2、SO42在酸性条件下的氧化性强弱,进行如下

11、实验:实验:在淀粉碘化钾溶液中加入少量次氯酸钠溶液,并加入适量的稀硫酸,溶液立即变蓝;(1)写出实验中发生反应的离子方程式 实验:取适量实验后的溶液,滴加4mL 0.5molL1的亚硫酸钠溶液,蓝色恰好完全褪去(2)实验化学反应中转移电子的物质的量是 (3)以上实验说明,在酸性条件下ClO、I2、SO42的氧化性由弱到强的顺序是 实验:取适量实验后的溶液,继续滴加次氯酸钠溶液,溶液由蓝色变为无色,生成物之一为食盐加碘的原料(4)写出实验中发生反应的离子方程式 (5)一个完整的氧化还原反应方程式可以拆写成两个“半反应式”,一个是“氧化反应式”,一个是“还原反应式”如2Fe3+Cu=2Fe2+Cu

12、2+,可拆写为氧化反应式:Cu2e=Cu2+,还原反应式:2Fe3+2e=2Fe2+据此,将反应2Al+2OH+2H2O=2AlO2+3H2拆写为两个“半反应式”:氧化反应式: 还原反应式: 参考答案.D解析:A Cu是单质,不是非电解质,错误;B水玻璃是混合物,Na2OCaO6SiO2是盐;而AgO是强电解质,错误;CKAl(SO4)212H2O是纯净物,KClO3是盐,错误;D物质的分类符合分类标准,正确。.B .B .A .B解析: pH=1的溶液中氢离子浓度为0.1mol/L,溶液中存在大量氢离子;无色溶液中可排除 Cu2+、Fe2+、Fe3+、MnO4等有色离子的存在, AI、ClO

13、之间发生氧化还原反应,ClO与溶液中氢离子结合生成弱酸次氯酸,在溶液中不能大量共存,故A错误; BMg2+、Cl、Al3+、SO42之间不反应,都不与氢离子反应,且为无色溶液,在溶液中能够大量共存,故B正确; CHCO3与溶液中氢离子反应生成二氧化碳气体,在溶液中不能大量共存,故C错误; DFe3+、AlO2之间发生双水解反应,Fe3+为有色离子,AlO2还能与氢离子反应,在溶液中一定不能大量共存,故D错误;.解析:明矾的化学式为KAl(SO4)212H2O,设明矾为1mol,则溶液中含有1molAl3+,2molSO42,由反应SO42+Ba2+=BaSO4可知,使SO42全部转化成BaSO

14、4沉淀,需要2molBa(OH)2,则加入4molOH,则发生Al3+4OH=AlO2+2H2O,所以最后溶液中存在AlO2。解析:A在稀氨水中通入少量SO2生成硫酸铵,离子方程式:2NH3H2O+SO2=H2O+2NH4+SO32,故A错误;B以石墨为电极电解饱和氯化镁水溶液,离子方程式:Mg2+2Cl+2H2O H2+C12+Mg(OH)2,故B错误;C在碳酸氢钙溶液中加入澄清的石灰水溶液,离子方程式:Ca2+HCO3+OH=CaCO3+H2O,故C正确;D向足量苯酚钠溶液中通入二氧化碳,反应生成苯酚和碳酸氢钠,离子方程式:CO2+H2O+C6H5OC6H5OH+HCO3,故D错误。.A解

15、析:A能共存,正确;B使酚酞变红色的溶液显示碱性,Cu2在碱性溶液中生成氢氧化铜沉淀,在碱性溶液中生成碳酸根离子,故此组离子不能共存,错误; C Ag+与、I生成沉淀而不能共存,错误;D AlO2 与H能生成氢氧化铝沉淀,故不能共存,错误。.C .A .B解析:A、Ag(NH3)2+能与H+反应,不能大量共存,故A错误;B、c(H)/c(OH)=10-11的溶液显碱性,所给离子均不反应,故B正确;C、滴入酚酞显红色的溶液呈碱性,OH能与Al3+、HCO3反应,所以不能大量共存,故C错误;D、ClO能氧化Fe2+,不能大量共存,故D正确。13.B解析:无色溶液中:Fe2+有颜色,A错误;在含大量

16、Ba2+的溶液中:NH4+、Na+、Cl-、H+,能大量共存,B正确;在强碱溶液中HSO3-不能大量共存,C错误;在pH =1的溶液中,CH3COO-不存在,D错误。14.D解析:Cu2+ +2OH- =Cu(OH)2 Cu2+选择可溶性的盐,CuCO3+2NaOH=Cu(OH)2+Na2CO3 ,CuCO3难溶,A错误; CO32- + 2H+ = CO2 + H2O CO32-选择可溶性的碳酸盐,BaCO3 + 2HCl =BaCl2+ CO2 + H2O,BaCO3难溶,B错误; Ca(NO3)2+NaCO3 = CaCO3+NaNO3 碳酸钠的化学式错误,C错误;H+ +OH- = H

17、2O 2KOH+H2SO4 = K2SO4 +2H2O D正确。15.B 16.D 17.D 18.C19.C 解析:A、AlO2、S2O32与H反应,故A错误;B、Cu2与S2-反应生成CuS沉淀,故B错误;C、所给溶液C(H)=10-1molL-1呈酸性,四种离子都不反应,故C正确;D、溶液中ClO与CO2反应,故D错误。20.B 解析:A、pH=1的溶液是酸性溶液,CO32-不能共存,故A错误; B、 NH4HCO3溶液中:K+、Na+、NO3-、Cl-都可以共存,故B正确;C、Fe3+与AlO2-发生双水解,不能共存,故C错误;D、水电离出的c(H+ )=1 10-13mo1/L的溶液

18、可能是酸性溶液或碱性溶液,若是碱性溶液,Mg2+不能共存,故D错误;21. 解析:(1)Cl2氧化NaClO2溶液制取ClO2,本身被还原为氯离子,1个氯气分子反应得到2个电子,因此离子方程式、电子转移的方向和数目表示为 ;(2)KMnO4溶液与三氯乙烯反应,根据信息产物有MnO2,CO2,根据原子守恒产物也有:KCl,HCl,该反应中化合价的变化为:KMnO4MnO2,Mn元素由+7价+4价,一个KMnO4分子得3个电子;C2HCl3CO2,C元素由+1价+4价,一个C2HCl3失去6个电子,得失电子的最小公倍数为6,所以KMnO4的计量数为2,H2SO3的计量数为1,结合原子守恒配平方程式

19、得:C2HCl32KMnO4+C2HCl32KCl+2CO2+2MnO2+HCl; 答案:(1)(2)2KMnO4+C2HCl32KCl+2CO2+2MnO2+HCl;22:解析:(1)实验说明酸性条件下,次氯酸钠把碘离子氧化生成碘单质,同时自身被还原生成氯离子,该反应中,次氯酸根离子得电子作氧化剂,碘离子失电子是还原剂,氧化产物是碘,所以氧化性强弱为:ClOI2,反应离子方程式为:ClO+2I+2H+=I2+Cl+H2O,(2)实验说明碘单质把亚硫酸根离子氧化生成硫酸根离子,自身被还原生成碘离子,氧化剂是碘,还原剂是亚硫酸钠,氧化产物是硫酸根离子,所以氧化性强弱为:I2SO42,反应离子方程

20、式为:H2O+I2+SO32=SO42+2I+2H+,设转移电子的物质的量为xH2O+SO32+I2=SO42+2I+2H+转移电子 1mol 2mol0.5mol/L0.004L xx=0.004mol,答:转移电子的物质的量是0.004 mol;(3)反应:ClO+2I+2H+=I2+Cl+H2O,氧化性强弱为:ClOI2,反应:H2O+I2+SO32=SO42+2I+2H+,氧化性强弱为:I2SO42,综合以上得出结论:SO42I2ClO(4)滴加次氯酸钠溶液,溶液由蓝色变为无色,即碘单质被氧化,生成物之一为食盐加碘的原料,即碘酸钾,发生反应为:I2+5ClO+H2O=2IO3+5Cl+

21、2H+ (或I2+5ClO+2O H=2IO3+5Cl+H2O),(5)反应2Al+2OH+2H2O=2AlO2+3H2中,失电子化合价升高元素是Al元素,发生氧化反应:2Al+8OH6e=2AlO2+4H2O(或Al+4OH3e=AlO2+2H2O),失电子,化合价降低元素是H元素,发生还原反应,即6H2O+6e=6OH+3H2(2H2O+2e=2OH+2H2),答案:(1)ClO+2I+2H+=I2+Cl+H2O;(2)0.004 mol;(3)SO42、I2、ClO;(4)I2+5ClO+H2O=2IO3+5Cl+2H+ (或I2+5ClO+2O H=2IO3+5Cl+H2O);(5)2Al+8OH6e=2AlO2+4H2O(或Al+4OH3e=AlO2+2H2O);6H2O+6e=6OH+3H2(2H2O+2e=2OH+2H2)高考资源网版权所有,侵权必究!

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