1、1.（2010浙江理综）某水电站，用总电阻为2.5 的输电线输电给500 km外的用户，其输出电功率是3106 kW.现用500 kV电压输电，则下列说法正确的是（ ）A.输电线上输送的电流大小为2.0105 AB.输电线上由电阻造成的损失电压为15 kVC.若改用5 kV电压输电，则输电线上损失的功率为9108 kWD.输电线上损失的功率为P=U2/r,U为输电电压，r为输电线的电阻【解析】输电线上输送的电流为I=P/U= A=6103 A,故A错；输电线上损失的电压为U损=IR=61032.5 V=1.5104 V=15 kV,B正确；当用5 kV电压输电时，输电线上损失的功率不会超过31
2、06 kW,与实验情况相背，故C错误；当用公式P=U2/r计算损失的功率时，U为输电线上损失的电压而不是输电电压，D错误.【答案】B2(2009海南高考)一台发电机的最大输出功率为4 000 kW，电压为4 000 V，经变压器T1升压后向远方输电输电线路总电阻R1 k.到目的地经变压器T2降压，负载为多个正常发光的灯泡(220 V,60 W)若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%，变压器T1和T2的耗损可忽略，发电机处于满负荷工作状态，则()AT1原、副线圈电流分别为103 A和20 ABT2原、副线圈电压分别为1.8105 V和220 VCT1和T2的变压比分别为150和401D
3、有6104盏灯泡(220 V,60 W)正常发光【解析】输电线路上消耗的功率为P400 kWI2R可知输电线上电流为I220 A，根据原线圈P1U1I1，可知I1103 A，A对；T1的变压比为I2：I1150；根据PU2I2，可知U22105 V，输电线上电压U线I2R20 000 V，则副线圈输入电压为U3U2U线1.8105 V，又灯泡正常发光、副线圈电压为220 V，B对；T2的变压比为U32209 00011，C错；根据U3I260n，解得n6104，D对【答案】A、B、D3(2009山东理综)某小型水电站的电能输送示意图如下发电机的输出电压为200 V，输电线总电阻为r，升压变压器
4、原副线圈匝数分别为n1、n2.降压变压器原副线匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器)要使额定电压为220 V的用电器正常工作，则()A.B.U3，所以，A正确，B、C不正确升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率加上输电线损失功率，D正确【答案】A、D4(2009海南高考)钳型表的工作原理如图所示当通有交流电的导线从环形铁芯的中间穿过时，与绕在铁芯上的线圈相连的电表指针会发生偏转由于通过环形铁芯的磁通量与导线中的电流成正比，所以通过偏转角度的大小可以测量导线中的电流日常所用交流电的频率在中国和英国分别为50 Hz和60 Hz.现用一钳型电流表在中国测量某一电流，电表读数为10 A；若
5、用同一电表在英国测量同样大小的电流，则读数将是_A若此表在中国的测量值是准确的，且量程为30 A；为使其在英国的测量值变为准确，应重新将其量程标定为_A.【解析】由于通过环形铁芯的磁通量与电流成正比，因此，导线中电流相等时，通过环形铁芯的磁通量相等，由于两种交流电频率之比为56，因此磁通量从0到最大所用时间之比为65，由法拉第电磁感应定律，电表所在电路中的电动势之比为56，电流之比为56，因此测量英国同样大的电流，电表示数为12 A；要准确测量英国电流，根据比例关系，应将量程为30 A的电表示数变为25 A.【答案】12255.（2008上海高考）某小型实验水电站输出功率是20 kW，输电线路总电阻是6 .（1）若采用380 V输电，求输电线路损耗的功率.（2）若改用5 000 V高压输电，用户端利用n1n2=221的变压器降压，求用户得到的电压.【答案】（1）16.62 kW (2)226.18 V.精品资料。欢迎使用。高考资源网w。w-w*k&s%5￥u高考资源网w。w-w*k&s%5￥u
