1、1泉州市 2020 届高中毕业班单科质量检查物理答案（满分：100 分考试时间：90 分钟）第 I 卷（共 40 分）一、选择题（本题 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。1-6 小题的四个选项中，只有一个选项正确。7-10小题的四个选项中，有多个选项正确，全选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错或不答的得0 分）1D2C3C4D5B6C7.CD8.AD9AC10AC第 II 卷(共 60 分)二、实验题（本题 2 小题，共 16 分）11.（6 分）（1）不正确（2 分）（2）（2 分）（3）8.2（或 8.3）（2 分）12.（10 分）（10 分）（1）D（2 分）；0.
2、500（0.4980.502 均对）（2 分）（2）A（2 分）（3）1.910-6（或 2.010-6）（2 分）（4）能减小偶然误差（2 分）三、计算题（本题 4 小题，共 44 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，有数值的计算题，答案中必须明确写出数值和单位，或按题目要求作答）13（8 分）解：（1）设板间电场强度为 E，粒子做直线运动，则qE=qvB（2 分）又 E=Ud（1 分）得 v=UdB（1 分）（2）撤除电场后，粒子做匀速圆周运动，如图，设半径为 R，则qvB=mv2R（1 分）由几何关系得 R2=(Rd2)2+(72 d)2（2 分）解得qm=U2d2B2（
3、1 分）O1O2 d72 dvRO214（10 分）解：（1）设物块在 B 点的最大速度为 vB，由牛顿第二定律得Fmmg=mvB2R（2 分）从 P 到 A，由机械能守恒定律得mg(H+R)=12mvB2（1 分）解得 H=4.5m（1 分）物块从 B 点运动至斜面最高处的过程中，由动能定理得mg(RRcos37+Lsin37)mgcos37L=012mvB2（2 分）解得 L=4.9m（1 分）（3）物块在斜面上，由于 mgsin37mgcos37，物块不会停在斜面上。物块最后以 B 点为中心，C 点为最高点沿圆弧轨道做往返运动。由功能关系得系统因摩擦所产生的热量Q=mg(h+Rcos37
4、)（2 分）解得 Q=4J（1 分）15（12 分）解：由法拉第电磁感应定律得E=t=BL2t（1 分）又 I=ER（1 分）q=It（1 分）解得 q=R=BL2R（1 分）棒匀速运动时，有BIL=mg（1 分）I=BLvR（1 分）由能量守恒定律得mgL=Q+12mv2（2 分）解得 Q=mg(L m2gR22B4L4)（1 分）（2）由于棒在导轨中做加速度为 g 的匀加速直线运动，故回路的感应电流为零，磁通量不变。棒下落的总高度h=2L+vt+12gt2（1 分）由于不变，则 Bt Lh=2BL2（1 分）解得 Bt=4BL4L+gt2+2mgRtB2L2（1 分）316（14 分）解：
5、（1）设物块离开弹簧时的速度大小为 v0，在物块被弹簧弹出的过程中，由机械能守恒定律得EP=12mv02（1 分）解得v0=6m/s（1 分）假设物块在传送带上始终做匀减速运动，加速度大小为 a，则由牛顿第二定律得mg=ma（1 分）设物块到达传送带右端时速度大小为 v，由运动学公式得v2 v02=2aL（1 分）解得v=5m/s（1 分）可见，v=5m/s4m/s，假设成立。（2）物块与小球 1 发生弹性正碰，设物块反弹回来的速度大小为 v1，小球 1 被撞后的速度大小为 u1，由动量守恒和能量守恒定律得mv=-mv1+m0u1（1 分）12mv2=12mv12+12m0u12（1 分）解得
6、 v1=13v=53 m/su1=23v=103 m/s（1 分）物块被反弹回来后，在传送带上向左运动过程中，由运动学公式得0-v12=-2as（1 分）解得s=518m 1.1m（1 分）（3）由于小球质量相等，且发生的都是弹性正碰，它们之间将进行速度交换。由式可知，物块第一次返回还没到传送带左端速度就减小为零，接下来将再次向右做匀加速运动，直到速度增加到 v1，再跟小球 1 发生弹性正碰，同理可得，第二次碰后，物块和小球的速度大小分别为v2=13v1=(13)2 vu2=23v1=2313v（1 分）依此类推，物块和小球 1 经过 n 次碰撞后，它们的速度大小分别为vn=(13)n vun=23(13)n-1v（1 分）由于相邻小球之间每次相互碰撞都进行速度交换，所以，最终从 1 号小球开始，到 n 号小球，它们的速度大小依次为 un、un-1、un-2、u1，则 n 个小球的总动能为Ek=12m0(u12+u22+un2)（1 分）解得Ek=54(1-19n)（1 分）
