1、模块终结测评本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分，共100分，考试时间90分钟第卷(选择题共40分)一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分.18题只有一个选项正确，910题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1下列公式中定义的物理量不是采用比值定义法得出的是()AE BR CB DC2在电场中，把电荷量为4109 C的正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功为6108 J以下说法正确的是()A电荷在B点具有的电势能是6108 JBB点的电势是15 VC电荷的电势能增加了6108 JD电荷的电势能减少了6108 J图M13如图M1所示，水
2、平光滑导轨接有电源，电动势为E，内阻为r，其他的电阻不计，导轨上有三根导体棒a、b、c，长度关系为c最长，b最短，将c弯成一直径与b等长的半圆，整个装置置于向下的匀强磁场中，三棒受到的安培力的关系为()AFaFbFc BFaFbFcCFbFaFc DFaFbFc图M24如图M2所示，水平直导线中通有恒定电流I，导线的正上方处有一初速度大小为v0、方向与电流方向相同的电子，以后电子将()A沿路径a运动，曲率半径变大B沿路径a运动，曲率半径变小C沿路径b运动，曲率半径变大D沿路径b运动，曲率半径变小图M35如图M3所示，两平行金属板间距为d，电势差为U，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一磁感应
3、强度为B的匀强磁场带电荷量为q、质量为m的粒子由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动，最终打到P点下列说法正确的是()A若只增大两极板间的距离，则粒子打到P点左侧B若只增大两极板间的距离，则粒子在磁场中运动时间变长C若只增大两极板间的电压，则粒子打到P点左侧D若只增大两极板间的电压，则粒子在磁场中运动时间变长图M46一带电粒子在如图M4所示的点电荷形成的电场中，仅在静电力作用下沿虚线所示轨迹从A点运动到B点，粒子的加速度、动能、电势能的变化情况是()A加速度增大，动能、电势能都增加B加速度减小，动能、电势能都减少C加速度增大，动能增加，电势能减少D加速度增大，动能减
4、少，电势能增加图M57如图M5所示，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流a、O、b在M、N的连线上，O为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相等关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是()AO点处的磁感应强度为零Ba、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反Cc、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同Da、c两点处磁感应强度的方向不同8在如图M6所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P 向下滑动时，图M6四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，各电表示数变化量的大小分别用I、
5、U1、U2和U3表示下列判断正确的是()A|U1|U2|U3 |B|U1|U2| |U3 |C|不变，|变小D|变大，|不变9电动自行车是生活中重要的交通工具，某品牌电动自行车的铭牌如下：车型：电池规格：20寸(车轮直径：508 mm)36 V12 Ah(蓄电池)整车质量：40 kg额定转速：210 r/min(转/分)外形尺寸：L1 800 mmW 650 mmH1 100 mm充电时间：28 h电机：后轮驱动、直流永磁式电机额定工作电压/电流：36 V/5 A当蓄电池充满电后，根据此铭牌中的有关数据，下列说法正确的是()A该车的额定功率约为4.32102 WB该车的额定时速约为20 km/
6、hC该车约能行驶2.4小时D该车一次充满电所储存的电能约为1.56106 J10图M7为科技馆里一个趣味体验项目的照片和简化图，核心装置为一个金属球，在干燥的空气里，体验者双脚站在绝缘凳上，手(图中为右手)按在金属球上，并远离周围其他物体一条特殊传送带(图中未画出)给金属球不断地输送电荷，过一段时间后，体验者的头发便会四处散开，十分有趣，在此状态下，下列分析正确的是()图M7A若用左手也去摸金属球，会被电击B若用左手与旁边的观众握手，会被电击C若将右手离开金属球，则头发会立刻恢复常态D若将右手离开金属球而且走下绝缘凳，头发会立刻恢复常态第卷(非选择题共60分)二、实验题(本题共2小题，每小题1
7、0分，共20分)11图M8中，一个是伏安法测电阻的实物连接图，另一个是用电流表和电压表测定电源电动势和内阻的实物连接图图M8(1)测定电源电动势和内阻的实物连接图是图_(2)下面的表一和表二是利用上面的实物图且当滑动变阻器的滑动触头逐渐向右移动时依次测得的实验数据表，其中与甲图对应的表格是表_，原因是_表一V表读数/V0.811.211.701.792.51A表读数/A0.160.240.340.420.50表二V表读数/V1.371.321.241.181.05A表读数/A0.120.200.310.320.57(3)在“伏安法测电阻”的实验中电压表的量程为3 V，电流表的量程为0.6 A，
8、用螺旋测微器测量电阻丝的直径，则图M9中电压表的读数为_V，电流表的读数为_A，被测电阻丝的直径的测量值为_mm.图M912某同学在实验室要测定一未知电阻Rx的阻值(1)他首先用多用电表粗略测定该电阻阻值，步骤如下，请你按题目要求填写：分别将红、黑表笔插入“”“”插孔，将多用电表选择开关旋到电阻“1k”挡图M10将_，调节_旋钮，使指针偏到刻度盘_侧“0”刻线处测得结果如图M10所示，从表中读出所测电阻值为_.(2)该同学采用图M11中哪种实验电路(其中滑动变阻器的最大阻值为20 ，电流表为理想电表)可以更精确地测出该电阻的阻值()图M11(3)根据你选定的电路图，在图M12的实物图中将剩余的
9、导线用笔连接图M12三、计算题(本题共4小题，每小题10分，共40分解答应写出必要的文字说明、方程式和主要的演算步骤)13如图M13所示，处于匀强磁场中的两根光滑的平行金属导轨相距为d，电阻忽略不计导轨平面与水平面成角，下端连接阻值为2r的定值电阻和电源，电源电动势为E，内阻为r.匀强磁场方向与导轨平面垂直质量为m、阻值为r的均匀金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触接通开关S后，金属棒在导轨上保持静止状态(1)判断磁场的方向(2)求磁感应强度的大小(3)求金属棒的热功率图M1314如图M14所示，在绝缘的光滑水平面上有A、B两个点电荷，A带正电，B带负电，电荷量都是q，它们之间的距离
10、为d.为使两电荷在静电力作用下都处于静止状态，必须在水平方向加一个匀强电场已知静电力常量为k.当两电荷都处于静止状态时，(1)求匀强电场的电场强度大小(2)求A、B连线的中点处的电场强度(3)若撤去匀强电场，再在A、B连线上放置另一点电荷，A、B仍能保持静止状态吗？请简要讨论说明图M1415一电路如图M15所示，电源电动势E28 V，内阻r 2 ，电阻R112 ，R2R44 ，R38 ，C为平行板电容器，其电容C3.0 pF，虚线到两极板距离相等，极板长L0.20 m，两极板的间距d1.0102 m. (1)若开关S处于断开状态，则当将其闭合后，流过R4的总电荷量为多少？ (2)若开关S断开时
11、，有一带电微粒沿虚线方向以v02.0 m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？(要求写出计算和分析过程，g取10 m/s2)图M1516如图M16所示，在xOy平面内第二象限存在水平向左的匀强电场，场强为E，第一象限和第四象限存在垂直纸面向里的匀强磁场有一质量为m、电荷量为e的电子，从x轴上的P点以某一初速度垂直于x轴进入电场，而后经过y轴上A点进入右侧磁场做圆周运动，轨迹交于x轴上的C点，电子在C点的速度垂直于x轴指向y轴负方向，继续运动从y轴上的某点离开磁场已知P点坐标(L，0)，A点坐标(
12、0，2L)，忽略电子所受重力求：(1)电子从P点进入电场时的初速度大小；(2)匀强磁场的磁感应强度B的大小；(3)电子从P点进入电场到离开磁场所经历的时间图M16模块终结测评1B解析 R是电阻的决定式，其他都是比值法定义式，选项B正确2C解析 A、B的电势差UAB15 V，因零电势点不确定，故B的电势及电荷的电势能数值也无法确定，选项A、B错误；静电力做负功，电势能增大，选项C正确，选项D错误3D4C解析 由安培定则可得电子所在位置的磁场方向垂直纸面向里，再由左手定则可得安培力向上，电子沿路径b运动；离导线越远，磁感应强度越小，由r知，电子的曲率半径变大，选项C正确5C解析 粒子先在电场中加速
13、，由动能定理有qUmv2，再以速度v进入磁场做圆周运动，半径r，若只增大两板间的电压，则粒子做圆周运动的半径增大，打到P点左侧，在磁场中的运动时间t不变，选项C正确，选项D错误；若只增大两板间的距离，轨道半径r不变，在磁场中运动时间不变，选项A、B错误6C解析 带电粒子沿虚线所示轨迹从A点运动到B点，电场线由疏到密，加速度增大，静电力做正功，动能增大，电势能减小，选项C正确7C解析 通电导线M、N在a、O、b三点产生的磁场都向下，叠加后的合磁场都向下，且a、b两点处的合磁感应强度大小相等，选项A、B错误；通电导线M、N在c、d两点产生的磁场垂直于两点与M或N的连线向下，叠加后的合磁场都向下，且
14、合磁感应强度大小相等，选项C正确，选项D错误8D解析 根据欧姆定律得知R1，故当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，、均不变，选项C错误；滑片P向下滑动时，R2，变大，根据闭合电路欧姆定律得U2EI(R1r)，则有R1r不变，选项D正确；根据电路变化分析有|U3|故微粒不能从C的电场中射出16(1)(2)(3)解析 (1)电子在电场中做匀变速曲线运动电子在x轴方向做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得eEmaLat解得t1电子在y轴方向做匀速直线运动，2Lv0t1解得v0.(2)设电子经过A点时速度的大小为v, 则有vxat1vyv0解得vv02设v的方向与y轴正方向夹角为，则有cos ，得45电子在磁场中做匀速圆周运动，如图所示， 则有evB由图中几何关系可知，R2L解得B.(3)电子在磁场中做匀速圆周运动的周期T解得T2设电子在磁场中运动的时间为t2，由图中几何关系可知电子转过的圆心角为，则t2T已求得电子在电场中运动的时间t1则电子从P点进入电场到离开磁场所经历的时间tt1t2.
