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四川省仁寿第二中学2020-2021学年高二生物10月月考试题.doc

上传人:高**** 文档编号:68869 上传时间:2024-05-24 格式:DOC 页数:10 大小:371.50KB
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资源描述

1、四川省仁寿第二中学2020-2021学年高二生物10月月考试题第卷一、选择题:本题共13小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1下列关于生物变异的叙述,错误的是( )A碱基对替换所引发的基因突变不一定会导致生物性状发生变异B基因突变的不定向性是指一个基因可突变为不同的非等位基因C正常情况下一对夫妇所生的子女间的性状差异来源于基因重组D染色体结构变异会导致染色体上基因数目或排列顺序发生改变2下列关于人类遗传病的叙述,正确的是( )A单基因遗传病是指受一个基因控制的遗传病B多基因遗传病在群体中的发病率一般比较低C调查人类遗传病发病率时常开展家庭系谱调查D遗传咨询和产

2、前诊断可有效预防遗传病的产生3下列关于生物进化和物种形成的叙述中,正确的是A突变和基因重组会导致种群基因频率的定向改变B一般情况下,生物进化方向与基因突变方向一致C狼与兔的捕食关系导致它们的基因频率定向改变D地理隔离和生殖隔离是物种形成必不可少的条件4下图表示来源于四种不同生物的体细胞染色体组成,相关叙述不正确的是( )A四种生物都可能是单倍体B若甲图是四倍体,其产生的单倍体可育C乙图可能是个别染色体数目的增加导致的D丙和丁杂交,可得二倍体5下列关于基因频率、基因型频率与生物进化的叙述正确的是( )A一个种群中,控制一对相对性状的各种基因型频率发生改变,说明物种在进化B在一个种群中,控制一对相

3、对性状的各种基因型频率之和为1C基因型Aa的个体自交后代所形成的种群中,A基因的频率大于a基因的频率D因色盲患者中男性数量大于女性,所以男性群体中色盲的基因频率大于女性群体6如图表示环境条件发生变化后某个种群中A和a基因频率的变化情况,下列说法正确的是()A环境条件发生变化后,使生物产生适应性的变异B在变化过程中,P点时Aa的基因型频率最小CQ点表示环境发生了变化,A基因控制的性状更加适应环境D该种群基因库中A和a的基因频率的变化表示新物种将产生 31、(9分)下图表示人类镰刀型细胞贫血症的病因(已知谷氨酸的密码子是GAA、GAG)。(1)图中表示的遗传信息传递过程分别是:;。过程发生的时间是

4、,场所是。(2)链碱基组成是,链碱基组成是。(3)若正常基因片段中的CTT突变为CTC,由此控制的生物性状(填“会”或“不会”)发生改变,理由是: 。32(11分)下图为水稻的几种不同育种方法的示意图,请据图回答:(1)B过程常用的方法是_;可能用到秋水仙素的过程有_(用图中字母表示)。(2)可以打破物种界限的育种方法是_(用图中的字母表示),该方法所运用的原理是_,该方法所需要的工具酶是_。(3)假设要培育一个能稳定遗传的水稻品种,它的性状都是由隐性基因控制的,则最简单的育种方法是_(用图中的字母表示);如果它的性状都是由显性基因控制的,为缩短育种时间常采用的方法是_(用图中的字母表示)。(

5、4)现有三个水稻品种:的基因型为aaBBDD,的基因型为AAbbDD,的基因型AABBdd。这三对等位基因分别位于三对同源染色体上。请通过杂交育种方法利用以上三个品种获得基因型为aabbdd的植株(用文字简要描述获得过程即可):_。33某植物种群中,AA基因型个体占30%,aa基因型个体占20%,回答下列相关问题:(1)根据现代生物进化理论观点:生物进化的基本单位是_,_导致新物种的形成。(2)该植物种群A、a的基因频率分别是_。(3)若该植物自交,后代中AA、Aa基因型频率分别是_。(4) 依据现代生物进化理论,这种植物自交后是否发生了进化?_,理由是_。34(12分)如图是人类某一家族遗传

6、病甲和乙的遗传系谱图。甲病受A,a这对等位基因控制,乙病受B,b这对等位基因控制,且甲、乙其中之一是伴性遗传病(不考虑XY同源区段)。(1)甲病属于_ ,乙病属于_ 。A常染色体显性遗传病 B常染色体隐性遗传病C伴X染色体显性遗传病 D伴X染色体隐性遗传病E伴Y染色体遗传病(2)写出下列个体可能的基因型:7_;10_。(3)8是纯合子的可能性是_ 。(4)8与10结婚,生育子女中只患一种病的可能性是_ ,既不患甲病也不患乙病的可能性是_ 。35(12分)某二倍体雌雄异株(XY型性别决定)花卉植物,群体全部开红花(纯合子),控制花色的基因(A或a)只位于X染色体上,在栽培过程中出现一株全部开紫花

7、的雄株,经显微镜观察其染色体正常。请回答问题: 该花卉植物的紫花与红花是一对_。 该紫花雄株的出现,其原因可能是环境引起的变异,也有可能是隐性突变引起的变异,还有可能是显性突变引起的变异,请设计一实验方案探究其变异的原因,写出实验思路及预期结果和结论。 10月联考生物答案1.B 2.D 3.C 4.D 5. B 6.C31、(9分,除标注,每空1分).(1)复制转录有丝分裂间期、减数第一次分裂前的间期细胞核(2)CATGUA(3)不会因为当基因中的CTT突变成CTC时,转录的信使RNA上的密码子由GAA变成GAG,但这两个密码子决定的氨基酸均为谷氨酸,所以翻译的蛋白质不变,生物的性状不变。(2

8、分)32(11分,除标注,每空1分)(1)花药离体培养 C、F(2分)(2)E 基因重组 限制酶、DNA连接酶(2分)(3)A、D A、B、C(4)与杂交得到杂交一代,杂交一代与杂交得到杂交二代,杂交二代自交可以得到基因型为aabbdd的植株(合理即可)(2分)33(10分,除标注,每空2分)(1)种群(1分)隔离(1分)(2)55%、45%(3)42.5%、25% (4)否种群基因频率没有改变34.(12分,除标注,每空2分)(1)B (1分) D(1分) (2) AAXBY或AaXBY AAXbY或AaXbY (3) 1/2 (4) 5/12 1/2 35(12分)相对性状(2分)用该紫花

9、雄株与红花雌株杂交(2分),若F1雌株开紫花,雄株开红花,则为显性突变(2分);若F1雌雄株都开红花,则还需要用F1雌雄株杂交(2分),若F2雌雄株都开红花,则为环境引起的变异(2分),若F2雌株开红花,雄株一半开红花,一半开紫花,则为隐性突变(2分)。参考答案一、选择题(本题共8小题,每小题6分,共48分.1418题为单选题,1921题为多选题,全部选对的得6分,有选对但不全的得3分,有选错的得0分)14答案D解析电场强度E与F、q无关,由电场本身决定,A错误;电容C与Q、U无关,由电容器本身决定,B错误;Ek是决定式,C错误;故选D.15答案C解析接触前,两小球之间的库仑力为Fk7k,接触

10、后两者所带电荷量为q3q,两小球之间的库仑力为Fk9k,故FF97,C正确16答案C解析电容器保持和电源连接,电压U一定,在平行板电容器中插入电介质,由C知电容增大,由C知带电荷量增加,电容器充电,电路中有b到a方向的电流通过电流计,故A错误减小平行板电容器两极板间的距离,由C知电容增大,由C知带电荷量增加,电容器充电,电路中有b到a方向的电流通过电流计,故B错误减小平行板电容器两极板的正对面积,由C知电容减小,由C知带电荷量减小,电容器放电,电路中有a到b方向的电流通过电流计,故C正确同理D错误17.答案D解析Q在P点产生的场强方向向右,Q在P点产生的场强方向也向右,根据叠加原理可知P点的场

11、强不为0,故A错误AC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线,故A、C两点的电势相等,故B错误AC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线,点电荷q沿直线从A到C的过程中电势能不变,故C错误根据顺着电场线方向电势降低,结合电场线的分布情况可知,B点的电势高于D点电势,由电势能公式Epq分析可知:点电荷q在B点具有的电势能小于在D点具有的电势能,故D正确18.答案C解析连接AB,由题意可知,AB中点C点电势应与坐标原点O相等,连线OC即为等势线,与等势线OC垂直的方向为电场的方向,故电场方向由BA,其大小E V/m100 V/m,选项C正确19答案AB解析对a、b小球受力分析,根据平衡条件有:mag,

12、mbg,由于,所以mamb,故A正确mamb,因此水平方向上每一时刻a的加速度小于b的加速度竖直方向上做自由落体运动,根据运动的独立性可知,两球同时落地,故B正确a球的电荷量和b球的电荷量大小无法判断,故C错误由于水平方向上每一时刻a的加速度小于b的加速度,因此a球水平飞行的距离比b球小,故D错误20答案ABC解析由题图乙知带电粒子的速度减小,受到向左的电场力,故电场线方向向右,P点电势一定高于Q点电势,故A正确;由题图乙可知,P处的加速度大于Q处的加速度,故P处的场强大于Q处的场强,故B正确;由动能定理知qU0mv02,可求出PQ两点的电势差为,故C正确;负电荷在电势低的地方电势能大,故带负

13、电的粒子在P点的电势能一定小于在Q点的电势能,故D错误21答案AC解析从t0时刻释放电子,如果两板间距离足够大,电子将向右先匀加速,接着匀减速,速度减小到零后,又开始向右匀加速,接着匀减速直到打在右极板上,电子不可能向左运动;如果两板间距离不够大,电子也始终向右运动,直到打到右极板上从t时刻释放电子,如果两板间距离足够大,电子将向右先匀加速,接着匀减速,速度减小到零后,改为向左再匀加速,接着匀减速,即在两板间振动;如果两板间距离不够大,则电子在第一次向右运动过程中就有可能打在右极板上从t时刻释放电子,如果两板间距离不够大,电子将在第一次向右运动过程中就打在右极板上;如果第一次向右运动没有打在右

14、极板上,那就一定会在向左运动过程中打在左极板上选A、C.二、非选择题(本题共4小题,共62分)22(8分)I (1) -2分 (2) BD-2分II负电-2分 -2分23 (8分)(1)控制变量法-2分(2) A-2分(3) 变大-2分(4) 不变-2分24.答案(1)1104 N/C(2)600 V(3)200 V解析(1)电子由D到C电场力做正功WeELCDcos 60E1104 N/C.(2)由题知,电子受到的电场力方向向上,电子带负电,则场强方向为AB.A、B间电势差为UABEdAB11046102 V600 V.(3)A、D间电势差为UADEdADELCDcos 6011044102

15、0.5 V200 VAD200 V,A0解得D200 V.25答案(1)(2)R(3)3qER解析(1)由牛顿第二定律有(mgqE)sin ma解得a.(2)球恰能过B点有:mgqEm 由动能定理,从A点到B点过程,则有:(mgqE)(h12R)mv0 由解得h1R.(3)从释放到B的过程中,因电场力做的总功为负功,电势能增加,则增加量:EqE(h22R)qE(5R2R)3qER.由能量守恒定律得机械能减少,且减少量为3qER.26答案(1)4.01016 J(2)0.36 cm(3)5.761018 J解析(1)电子在加速电场中,根据动能定理有eU1Ek解得Ek4.01016 J.(2)设电子在偏转电场中运动的时间为t,电子在水平方向做匀速直线运动,由lv1t,eU1mv12解得tl电子在竖直方向受电场力Fe电子在竖直方向做匀加速直线运动,设其加速度为a,根据牛顿第二定律有ema解得a电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量yat2解得y0.36 cm.(3)电子射出偏转电场的位置与射入偏转电场位置的电势差Uy电场力所做的功WeU解得W5.761018 J.

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