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《二轮必备》北京市部分区2016届高三上学期期中期末考试数学理试题分类汇编:圆锥曲线 WORD版含答案.doc

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资源描述

1、北京部分区2016届高三上学期期中期末考试数学理试题分类汇编圆锥曲线一、选择题1、(朝阳区2016届高三上学期期末)已知点及抛物线上一动点,则的最小值是A B1 C 2 D 32、(大兴区2016届高三上学期期末)双曲线的一条渐近线的方程是(A) (B) (C) (D) 3、(东城区2016届高三上学期期末)过抛物线的焦点的直线交抛物线于两点,点是原点,如果,那么的值为 (D) 4、(丰台区2016届高三上学期期末)若F(c,0)为椭圆C:的右焦点,椭圆C与直线交于A,B两点,线段AB的中点在直线上,则椭圆的离心率为(A) (B) (C) (D)5、(海淀区2016届高三上学期期末)抛物线的准

2、线与轴的交点的坐标为 A. B. C. D.6、(石景山区2016届高三上学期期末)若曲线上只有一个点到其焦点的距离为1,则的值为( )A. 4 B. 3 C. 2 D. 1 参考答案1、C2、C3、A4、B5、B6、C二、填空题1、(昌平区2016届高三上学期期末)双曲线的渐近线方程为_;某抛物线的焦点与双曲线的右焦点重合,则此抛物线的标准方程为_.2、(海淀区2016届高三上学期期末)已知双曲线的一条渐近线过点,则其离心率为3、(西城区2016届高三上学期期末)双曲线C:的渐近线方程为_;设为双曲线C的左、右焦点,P为C上一点,且,则_.参考答案1、2、3、三、解答题1、(昌平区2016届

3、高三上学期期末) 已知椭圆C的离心率为,点在椭圆C上直线过点,且与椭圆C交于,两点,线段的中点为(I)求椭圆C的方程; ()点为坐标原点,延长线段与椭圆C交于点,四边形能否为平行四边形?若能,求出此时直线的方程,若不能,说明理由2、(朝阳区2016届高三上学期期末)已知圆的切线与椭圆相交于,两点()求椭圆的离心率;()求证:;()求面积的最大值.3、(大兴区2016届高三上学期期末)已知椭圆上的点到两焦点的距离之和等于.()求椭圆的方程;()经过椭圆右焦点的直线(不经过点)与椭圆交于两点,与直线:相交于点,记直线的斜率分别为.求证:为定值.4、(东城区2016届高三上学期期末)已知椭圆()的焦

4、点是,且,离心率为()求椭圆的方程;()若过椭圆右焦点的直线交椭圆于,两点,求的取值范围5、(丰台区2016届高三上学期期末)已知定点和直线上的动点,线段MN的垂直平分线交直线 于点,设点的轨迹为曲线. ()求曲线的方程; ()直线交轴于点,交曲线于不同的两点,点关于x轴的对称点为点P.点关于轴的对称点为,求证:A,P,Q三点共线.6、(海淀区2016届高三上学期期末)已知椭圆的离心率为,其左顶点在圆上.()求椭圆的方程;()若点为椭圆上不同于点的点,直线与圆的另一个交点为. 是否存在点,使得? 若存在,求出点的坐标;若不存在,说明理由. 7、(石景山区2016届高三上学期期末)已知椭圆的焦距

5、为,其短轴的两个端点与长轴的一个端点构成正三角形()求椭圆的标准方程;()设为椭圆的左焦点,为直线上任意一点,过作的垂线交椭圆于点,.证明:经过线段的中点(其中为坐标原点) 8、(西城区2016届高三上学期期末)已知椭圆C:的离心率为,点在椭圆C上. ()求椭圆C的方程;()设动直线与椭圆C有且仅有一个公共点,判断是否存在以原点O为圆心的圆,满足此圆与相交两点,(两点均不在坐标轴上),且使得直线, 的斜率之积为定值?若存在,求此圆的方程;若不存在,说明理由.参考答案1、解:(I)由题意得 解得.所以椭圆的方程为 .5分()四边形能为平行四边形法一:(1)当直线与轴垂直时,直线的方程为 满足题意

6、;(2)当直线与轴不垂直时,设直线,显然.,将代入得,故,于是直线的斜率,即由直线,过点,得,因此的方程为设点的横坐标为由得,即四边形为平行四边形当且仅当线段与线段互相平分,即于是由,得满足所以直线的方程为时,四边形为平行四边形 综上所述:直线的方程为或 . .13分法二:(1)当直线与轴垂直时,直线的方程为 满足题意;(2)当直线与轴不垂直时,设直线,显然,将代入得,故,.四边形为平行四边形当且仅当线段与线段互相平分,即则. 由直线,过点,得.则,则 .则 满足所以直线的方程为时,四边形为平行四边形 综上所述:直线的方程为或 . .13分2、解:()由题意可知,所以所以所以椭圆的离心率为 3

7、分()若切线的斜率不存在,则 在中令得不妨设,则所以 同理,当时,也有 若切线的斜率存在,设,依题意,即由,得显然设,,则,所以.所以 所以综上所述,总有成立 9分()因为直线与圆相切,则圆半径即为的高, 当的斜率不存在时,由()可知则.当的斜率存在时,由()可知, 所以 (当且仅当时,等号成立)所以此时, .综上所述,当且仅当时,面积的最大值为14分3、()由椭圆定义知:,所以 1分 所以,椭圆,将点的坐标代入得。3分 所以,椭圆的方程为 4分 ()右焦点 由题意,直线有斜率,设方程为 1分 令,得点,所以; 3分 又由消元得:,显然, 设,则 5分 所以, 7分 9分 所以,即为定值。 1

8、0分方法二: 7分 9分 所以,即为定值。 10分4、解()因为椭圆的标准方程为,由题意知解得所以椭圆的标准方程为5分()因为,当直线的斜率不存在时,则,不符合题意.当直线的斜率存在时,直线的方程可设为由 消得 (*) 设,则、是方程(*)的两个根,所以, 所以,所以所以 当时,取最大值为,所以 的取值范围.又当不存在,即轴时,取值为 所以的取值范围. 13分5、()有题意可知:,即点到直线和点的距离相等.根据抛物线的定义可知:的轨迹为抛物线,其中为焦点.设的轨迹方程为:,所以的轨迹方程为:. 5分()由条件可知,则.联立,消去y得,.设,则,.因为 ,所以 ,三点共线 . 13分6、解:()

9、因为椭圆的左顶点在圆上,令,得,所以.1分又离心率为,所以,所以,.2分所以,.3分所以的方程为.4分()法一:设点,设直线的方程为,.5分与椭圆方程联立得,化简得到,.6分因为为上面方程的一个根,所以,所以.7分所以.8分因为圆心到直线的距离为,.9分所以,.10分因为,.11分代入得到.13分显然,所以不存在直线,使得. .14分法二:设点,设直线的方程为,.5分与椭圆方程联立得化简得到,由得. .6分显然是上面方程的一个根,所以另一个根,即.7分由,.8分因为圆心到直线的距离为,.9分所以.10分因为,.11分代入得到,.13分若,则,与矛盾,矛盾,所以不存在直线,使得. .14分法三:

10、假设存在点,使得,则,得. .5分显然直线的斜率不为零,设直线的方程为,.6分由,得,由得,.7分所以.9分同理可得,.11分所以由得,.13分则,与矛盾,所以不存在直线,使得. .14分7、()解:由已知可得, 2分解得, 所以椭圆的标准方程是. 4分()证明:由()可得,的坐标是,设点的坐标为,则直线的斜率. 5分当时,直线的斜率.直线的方程是.当时,直线的方程是,也符合的形式设,将直线的方程与椭圆的方程联立, 消去,得, 8分其判别式. 所以, . 10分设为的中点,则点的坐标为. 12分所以直线的斜率,又直线的斜率, 所以点在直线上,即经过线段的中点. 14分8、()解:由题意,得,

11、2分 又因为点在椭圆上, 所以, 3分 解得, 所以椭圆C的方程为. 5分 ()结论:存在符合条件的圆,且此圆的方程为. 6分 证明如下: 假设存在符合条件的圆,并设此圆的方程为.当直线的斜率存在时,设的方程为. 7分 由方程组 得, 8分 因为直线与椭圆有且仅有一个公共点, 所以,即. 9分 由方程组 得, 10分 则. 设,则, 11分 设直线, 的斜率分别为, 所以 , 12分 将代入上式,得. 要使得为定值,则,即,验证符合题意. 所以当圆的方程为时,圆与的交点满足为定值. 13分 当直线的斜率不存在时,由题意知的方程为, 此时,圆与的交点也满足.综上,当圆的方程为时,圆与的交点满足斜率之积为定值. 14分

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