1、机密启用前【考试时间：2019年11月11日：14:0015:30】乐山十校高2021届第三学期半期联考物理测试卷命题人：（犍为一中） 审题人：（犍为一中）第I卷（选择题共54分）一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分，每小题给出的选项中只有一项符合题目要求）1. 下列说法正确的是（ ）A. 库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B. 根据F=，当两电荷的距离趋近于零时，静电力将趋向无穷大C. 若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D. 所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍2. A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电
2、荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（ ）A. 若在A点换上q，A点的场强方向发生改变B. 若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2EC. A点场强的大小、方向与q的大小、方向、有无均无关D. 若在A点移去电荷q，A点的场强变为零3. 电场中某区域的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，则（ ）A. A点的电场强度较大B. 因为B点没有电场线，所以电荷在B点不受到电场力作用C. 同一点电荷放在A点受到的电场力比放在B点时受到的电场力小D. 正电荷放在A点由静止释放，电场线就是它的运动轨迹4使两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷）分别带上3Q和+5Q的电荷后，将它们固定在相距为a
3、的两点，它们之间库仑力的大小为F1现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2则F1与F2之比为（ ）A2：1 B4：1 C16：1 D60：15如图所示，一段长为，宽为b，高为c(bc)的导体，将其中的两个对立面接入电路中时，最大的电阻为R，则最小的电阻为( )A B C.DO6如图所示，、b两个带电小球分别用绝缘细线系住，并悬挂在O点，当两小球静止时，恰好在同一水平面上，此时两细线与竖直方向夹角可以判断两球（ ） A电量关系：qaqb B质量关系：mam bC比荷关系： D定量关系：7如图所示，在xOy平面内有一个以O为圆心、半径R=2m的圆，
4、P为圆周上的一点，O、P两点连线与轴正方向的夹角为，若空间存在沿y轴负方向的匀强电场，场强大小E=100V/m，则O、P两点的电势差可表示为（ ）AUop=200sin (V) BUop=200sin(V)CUop=200cos(V) DUop=200cos(V)8. 如图247所示的电路，电源内阻不可忽略开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中( )图247A电压表与电流表的示数都增大 B电压表与电流表的示数都减小C电压表的示数增大，电流表的示数减小 D电压表的示数减小，电流表的示数增大9一个电流表的满偏电流Ig1 mA，内阻为500 ，要把它改装成一个量程为10 V的电压表，则应
5、在电流表上( )A串联一个10 k的电阻 B并联一个10 k的电阻C串联一个9.5 k的电阻 D并联一个9.5 k的电阻10.电路中路端电压随干路电流变化的图像如图所示,则电源的电动势和内阻应是()A.E=0.3 V,r=0.5 B.E=1.5 V,r=3.0 C.E=1.5 V,r=0.5 D.E=1.5 V,r=0.6 二、多项选择题（本题共6小题，每小题4分，每小题给出的选项中有多个项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错得零分，共24分）11如图所示，金属板带电量为Q，质量为m的金属小球带电量为q，当小球静止后，悬挂小球的绝缘细线与竖直方向间的夹角为，小球与金属板中心O恰
6、好在同一条水平线上，且距离为L.下列说法正确的是( )AQ在小球处产生的场强为E1BQ在小球处产生的场强为E1Cq在O点产生的场强为E2Dq在O点产生的场强为E212一带电粒子仅在电场力作用下从电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，则( ) A该粒子带负电荷BA点的电场强度小于B点的电场强度C从A到B的过程中，粒子加速度逐渐增大 D从A到B的过程中，粒子的电势能不断增大0bIUaIIIIII13如图所示，、分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，由图可知（ ）A电阻丝较细 B电阻丝电阻较大C、都是非线性元件 D、串联后的电阻的IU图线应在区域I中14如图所示，
7、两个带等量正电荷的小球A、B(可视为点电荷)，被固定在光滑绝缘的水平面上。P、N是小球A、B的连线的水平中垂线，且PO=ON。下列说法正确的是（ ）A沿着PON，电场强度一定先减小后增加 B沿着PON，电场强度可能先减小后增加 C沿着PON，电势一定先增加后减小 D沿着PON，电势一定先减小后增加15如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是( )A U1不变、U2变大 BU1变小、U2变大CU1变大、U2
8、变小 DU1变小、U2变小ABE16如图所示，质量分别为m1和m2的两个小球A、B，带有等量异种电荷，通过绝缘轻弹簧相连接，置于绝缘光滑的水平面上，突然加一水平向右的匀强电场后，两小球A、B将由静止开始运动，则从开始运动到第一次速度为零的过程中，下列说法中正确的是（设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度）（ ）A当A小球所受电场力与弹簧弹力大小相等时，A小球速度达到最大B两小球加速度先增加，再减小C电场力对两球均做正功，两小球与弹簧组成的系统机械能增加D电场力对两球均做正功，两小球的电势能变大第II卷（非选择题共56分）三、实验题（本题共2小题，共16分）17. 如图所示实验
9、装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连（1）使电容器带电后与电源断开将左极板上移，可观察到静电计指针偏转角 （选填变大，变小或不变）；将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角 （选填变大，变小或不变）；两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角 （选填变大，变小或不变）；（2）下列关于实验中使用静电计的说法中正确的有 A使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况 B使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况C静电计可以用电压表替代D静电计可以用电流表替代18.某研究性学习小组的同学欲做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验
10、.已知所用小灯泡的额定电压和额定电流分别为3.0V、0.6A，实验使用的直流电源的电动势为4.0V内阻忽略不计，实验的器材规格如下a、电流表A1（量程00.6A，内阻约5）b、电压表V1（量程03V，内阻约3k）c、滑动变阻器R1（阻值010，额定电流1A）请回答下列问题：（1）根据实验器材应该使用电流表_接法.（2）根据所选的实验器材，请设计合理的电路原理图来完成该实验_.（3）该研究性学习小组的同学用设计好的电路测得了通过该小灯泡的电流I和该小灯泡两端的电压U如图所示，通过小灯泡的电流为_A,小灯泡两端的电压为_V，由欧姆定律计算得到的小灯泡的电阻值_（选填“大于”“等于”或“小于”）真实
11、值.（4）该研究性学习小组的同学通过设计好的电路得到了多组实验数据，并根据得到的多组数据在坐标系中描点画图，如图所示，该图线向下弯曲，其原因是_.四、计算题（(本题共3小题，共40分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)19（10分）如图所示，一质量为m、带电荷量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成角，重力加速度为g.(1)求电场强度E.(2)若在某时刻将细线突然剪断，求经过t时间小球的速度大小.20.（14分）如图所示的电路中，电阻R1=3，R2=3，R3=6，电源内阻r
12、2，电压表可视为理想电表当开关S1和S2均闭合时，电压表的示数为6V.求：(1)电阻R2中的电流为多大？(2)路端电压为多大？(3)电源的电动势为多大？21.（16分）如图所示，在E103V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，半圆轨道所在平面与电场线平行，其半径R40 cm，一带正电荷q103C的小滑块质量为m100 g，与水平轨道间的动摩擦因数0.2，取g10 m/s2，求：(1)要小滑块恰能运动到半圆轨道的最高点L，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？(2)这样释放的小滑块通过P点时对轨道的压力是多大？(P为半圆轨道中点)(3)指出这样释
13、放的小滑块在运动过程中速度最大的位置.乐山十校高2021届第三学期半期联考物理答案选择题题号12345678910111213141516答案DCADABABCDBCADBDBCABAC第II卷（非选择题）共56分17.(5分)（1）变大；（1分）变小；（1分）变小；（1分） (2)A（2分）18. (1)外 （2分）. (2). （4分） (3).0.50（1分） 2.60 （1分）小于 （1分） (4). 小灯泡的电阻随温度的升高而增大 （2分）19.(10分)(1)对小球：qEmgtan（3分）得：Emgtan /q. （2分）(2)加速度：mg/cos ma （3分）速度：vat （1
14、分）得：vgt/cos （1分）20(14分)（1）2A （2）10V （3）14V【解析】（1）根据部分电路欧姆定律，电阻R2中的电流（4分）（2）外电阻（4分）路端电压（3分）（3）根据闭合电路欧姆定律，电源的电动势（3分）21（16分）【答案】(1)1.25 m (2)6 N(3)【解析】试题分析：在小滑块运动的过程中，摩擦力对滑块和重力做负功，电场力对滑块做正功，根据动能定理可以求得滑块与N点之间的距离；在P点时，对滑块受力分析，由牛顿第二定律可以求得滑块受到的轨道对滑块的支持力的大小，由牛顿第三定律可以求滑块得对轨道压力；（1）设滑块与N点的距离为L，分析滑块的运动过程，由动能定理可得， （3分）小滑块在L点时，重力提供向心力，所以（2分）代入数据解得V=2m/s L=1.25m （2分）（2）滑块到达P点时，对全过程应用动能定理可得，（2分）在P点时由牛顿第二定律可得，（2分）解得N=6N （2分）由牛顿第三定律可得，滑块通过P点时对轨道压力是6N（1分）（3）因G与qE合力方向与电场方向成45度向左下方，故速度最大的点在PN圆弧的中点处 （2分）
