1、四川省乐山市2019-2020学年高一物理上学期期末教学质量检测试题(含解析)第I卷(选择题共48分)一、本卷共16题,每题3分,共48分。在每题给出的四个选项中,第112题只有一个选项符合题目要求,第1316题有多个选项符合题目要求。全部选对的得3分,选对但不全的得 2分,有选错或不答的得0分。1.根据牛顿第一定律,下列说法正确的是()A. 静止或做匀速直线运动的物体,一定不受任何外力作用B. 要改变物体运动状态,必须有外力作用C. 物体运动不停止是因为受到力的作用D. 外力停止作用后,物体由于惯性会很快停下来【答案】B【解析】【详解】A处于静止或匀速直线运动物体,受到的合力为零或不受外力的
2、作用,A错误;B由牛顿第一定律可知,力不是维持物体运动的原因,力是改变物体运动状态的原因,故B正确;C物体运动不停止是因为惯性的原因,运动不需要力来维持,C错误;D由牛顿第一定律可知,外力停止作用后,物体由于惯性会保持原来的运动状态,故D错误;故选B。2.下列图象中,表示物体做匀变速直线运动的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】匀加速直线运动的速度时间图象是倾斜的直线,位移时间图象是抛物线;【详解】A、根据图象可知,位移随时间均匀增大,做匀速直线运动,故A错误;B、根据图象可知,位移随时间均匀减小,做匀速直线运动,故B错误;C、图象是倾斜的直线,速度均匀变化,加速度不变,表示物
3、体做匀变速直线运动,故C正确;D、根据图象可知,速度不随时间变化,表示物体做匀速直线运动,故D错误【点睛】本题考查识别和理解物理图象的能力,首先要分清什么图象,其次根据形状分析物体的运动的情况,不能搞混淆3.两个力的合力F为50N,其中一个力F1为30N,那么另一个力F2的大小可能是A. 10NB. 15NC. 80ND. 85N【答案】C【解析】【详解】由两个共点力的合力大小为50N,若其中一个分为大小为30N,另一个分力的大小应在20NF80N范围,所以可能为80N.故选C.4.下列情况中,其加速度与速度方向相同的是()A. 制动的汽车B. 匀速飞行的飞机C. 减速下降的跳伞运动员D. 加
4、速上升的气球【答案】D【解析】【详解】A制动的列车,速度向前,加速度向后,两者反向,故A错误;B匀速飞行的飞机,加速度为零,故B错误;C减速下降的跳伞运动员,速度向下,加速度向上,加速度和速度反向,故C错误;D加速上升的气球,速度和加速度方向都向上,两者同向,故D正确;故选D。5.如图所示,质量为10kg的货物在水平面上向左运动过程中,受到大小为10N、方向向右的水平拉力F的作用,货物与水平面的动摩擦因数为0.2,则货物所受摩擦力的大小和方向是()A. 20N、水平向左B. 20N、水平向右C. 10N、水平向左D. 10N、水平向右【答案】B【解析】【详解】物体在水平面上向左运动,受到水平面
5、滑动摩擦力方向向右;物体对水平面的压力大小N等于物体的重力,则摩擦力大小为故B正确,ACD错误;故选B。6.在一笔直公路上有a、b两辆汽车,它们同时经过同一路标开始计时,此后的v-t图象如图所示,下列判断正确的是( )A. 在t1时刻a、b相遇B. 0t1时间内,a、b间距离在减小C. 0t1时间内,a位于b前面D. t1时刻以后,b位于a前面【答案】C【解析】【详解】速度图象的“面积”表示位移,则0t1时间内,a的位移最大,所以在t1时刻a位于b前面,所以t1时刻没有相遇故A错误,C正确0t1时间内,由于a的速度比b的大,所以两者距离不断增大,故B错误t1时刻以后的一段时间内,a位于b前面故
6、D错误;故选C【点睛】利用速度-时间图象求从同一位置出发的解追及问题,主要是把握以下几点:当两者速度相同时两者相距最远;当两者速度时间图象与时间轴围成的面积相同时两者位移相同,即再次相遇;当图象相交时两者速度相同7.如图所示,弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦不计,两边所挂物重G=1N,则弹簧测力计的示数为()A. 1NB. 0C 2ND. 不确定【答案】A【解析】【详解】对题目中图的重物进行受力分析,受到重力和拉力平衡,拉力的大小等于弹簧的弹力,所以弹力而弹簧的示数等于弹簧的弹力,所以两个示数都为;故A正确,BCD错误;故选A。8.下列物体的受力分析图正确的是()A. 沿光滑斜面下滑的物体B.
7、 与水平传送带一起向右做匀速运动的货物C. 光滑小球靠在墙角处于静止,且地面水平D. 细绳竖直悬挂的光滑小球与斜面接触,并处于静止【答案】B【解析】【详解】A物体在光滑斜面上下滑时,只受重力和支持力,没有摩擦力,更没有下滑力,故A错误;B与水平传送带一起向右做匀速运动的货物,处于平衡态,只受重力和支持力,故B正确;C物体和墙面间没有形变,故没有弹力,只受到重力与支持力,故C错误;D由于绳子已经绷紧,故小球如果受斜面的作用力,则小球不会竖直静止,故小球只受绳子的拉力和重力,故D错误;故选B。9.雨滴自屋檐由静止滴下,每隔0.2s滴下一滴,第一滴落地时第六滴恰好刚要滴下,不计空气阻力,g=10m/
8、s2。则此时第二滴雨滴下落速度为()A. 8.0rn/sB. 6.0m/sC. 4.0m/sD. 10.0m/s【答案】A【解析】【详解】每隔滴下一滴,第一滴落地时第六滴恰好刚要滴下,则第二滴水运动的时间则此时第二滴雨滴下落的速度故选A。10.一质量为m的小球,用轻绳悬挂于O点。小球在水平力F的作用下从最低点P点缓慢地移到Q点,如图所示,则此过程中力F和绳子拉力T的变化判断正确的是()A. F变小,T变小B. F变小,T变大C. F变大,T变小D. F变大,T变大【答案】D【解析】【详解】对物体受力分析并合成如图:因为物体始终处于平衡状态,故始终等于,大小和方向均不发生变化。在物体缓慢偏离竖直
9、位置的过程中细线与竖直方向的夹角逐渐变大,画出平行四边形如图所示,可以看出:力逐渐变大,绳子的拉力也逐渐变大,故D正确,ABC错误;故选D11.如图所示,物块静止在倾角为的斜面上,则斜面对物块作用力的方向()A. 沿斜面向上B. 垂直于斜面向上C. 竖直向上D. 沿斜面向下【答案】C【解析】【详解】物体受重力、支持力和静摩擦力,根据共点力平衡条件,支持力和静摩擦力的合力与重力平衡,竖直向上,大小等于mg,故C正确,ABD错误;故选C。12.如图所示,用一不可伸长的细绳L连接的甲、乙两木块,质量分别为m甲=lkg、m乙=4kg, 它们与水平面之间的动摩擦因数均为0.4。用F=25N的水平拉力作用
10、在乙木块上,两木块一起向右运动,则()A. 木块甲所受摩擦力大小是5NB. 木块乙所受摩擦力大小是25NC. 细绳L中的拉力大小是5ND. 细绳L中的拉力大小是1N【答案】C【解析】【详解】AB两木块一起向右运动,则两木块的所受摩擦力为滑动摩擦力,对甲:对乙:故AB错误;CD以木块甲乙这个整体作为研究对象,则由牛顿第二定律得:以木块甲作为研究对象那个,则有:联立解得:故C正确,D错误;故选C。13.物体甲的图象和物体乙的图象分别如图甲、乙所示,则这两个物体的运动情况是( )A. 甲在时间内来回运动,它通过的总位移为零B. 甲在时间内运动方向一直不变,它通过的总位移大小为C. 乙在时间内来同运动
11、,它通过的总位移为零D. 乙在时间内运动方向一直不变,它通过的总位移大小为【答案】BC【解析】【详解】AB根据图线的斜率表示瞬时速度可知,甲在整个时间内一直沿正方向运动,总位移:所以A错误,B正确;CD图象中,速度的正负表示物体运动的方向,速度先负后正,说明物体乙先沿负方向运动,后沿正方向运动,根据图线与时间轴围成的面积表示位移,图线在轴上方位移为正值,下方位移为负值,得知总位移为0,所以C正确,D错误14.如图所示,物体甲、乙质量分别为m甲=4kg和m乙=10kg,不计滑轮与绳间摩擦、绳的重 力,若整个系统静止,g取10m/s2。则()A. 地面对乙的摩擦力的大小f=20NB. 乙对地面压力
12、的大小FN= 60NC. 乙对地面压力大小FN= 20(5-)ND. 绳中的拉力大小F=100N【答案】AC【解析】【详解】D甲处于平衡状态,受力分析可知,绳子上的拉力:故D错误;ABC对乙受力分析如图所示:乙静止,平衡态,则有:水平方向:竖直方向:联立解得:,;则地面对乙的摩擦力为,根据牛顿第三定律知:乙对地面压力的大小故AC正确,B错误;故选AC。15.如图所示,在车站、机场常用传送带运送的货物,传送带与水平面夹角为,当货物随传送带一起斜向上匀速运动时,下列关于货物受力的说法中正确的是()A. 因货物与传送带相对静止,所以货物不受摩擦力B. 货物所受摩擦力方向沿传送带向上C. 货物所受摩擦
13、力方向沿传送带向下D. 货物受到三个力的作用【答案】BD【解析】【详解】ABC货物所受的摩擦力方向与相对运动趋势的方向相反,货物相对传送带有向下运动的趋势,所以静摩擦力方向沿传送带向上,故B正确,AC错误;D货物随传送带一起向上匀速运动,因此共受到三个力,分别为重力、支持力与静摩擦力,故D正确;故选BD。16.如图所示,质量均为m的物块A、B用轻弹簧相连放置于倾角为的光滑固定斜面上,物块B与垂直于斜面的挡板C接触,物块A系一轻质细绳,细绳绕过斜面顶端的定滑轮系一重物D,细绳与轻弹簧均与斜面平行,平衡时物块B恰好不离开挡板。已知弹簧的劲度系数为k,重力加速度为g,某一瞬间剪断细绳,则下列说法正确
14、的是()A. 重物D的重力为B. 剪断细绳后,物块A下滑过程中加速度一直增大C. 剪断细绳瞬间,物块A的加速度大小为D. 物块A下滑过程中速度最大时,弹簧的缩短量【答案】CD【解析】【详解】A平衡时物块恰不离开挡板,则满足故A错误;BCD平衡时物块恰不离开挡板,此时弹簧的拉伸量:剪断细绳瞬间,弹簧的弹力不变,此时对A根据牛顿第二定律得:解得:此后弹簧的弹力减小,物体A受到的合外力减小,加速度减小,直至为零,此时弹簧处于压缩状态,A的速度最大,弹簧的压缩量为此后,A继续沿斜面向下运动,加速度方向沿斜面向上,做加速度越来越小的减速运动;故CD正确,B错误;故选CD。第II卷(非选择题共52分)二.
15、本卷共5小题,共52分.17.在“探究加速度与力的关系”实验中,某同学利用图甲中的力传感器测出细线的拉力,通过改变钩码的个数改变细线拉力。(1)如图乙所示为实验中得到的一条纸带,相邻计数点间有四个点未标出,打点计时器所接电源的频率为50Hz,则打B点时小车的速度大小为vB=_m/s,小车的加速度大小a=_m/s2。(2)实验中描绘出aF图像如图丙所示,图像不过原点的原因是_。【答案】 (1). 0.416或0.42 (2). 1.48或 1.5 (3). 没有平衡摩擦力【解析】【详解】(1)1已知打点计时器电源频率为,则纸带上相邻计数点间的时间间隔为:点对应的速度为:。2根据可得:,小车运动的
16、加速度为:;(2)3实验时应平衡摩擦力,没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足,图象在F轴上有截距。18.在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”的实验中,某实验小组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端,实验装置如图甲所示,测得实验数据如下表:弹力/N0.501.001.502.002.503.003.50伸长量x/(10-2m)0.741.802.803.724.605.586.42(1)根据表中数据在图乙中作出Fx图像_,并求得该弹簧的劲度系数k=_N/m(保留两位有效数字)。(2)关于实验注意事项,以下说法错误的是_A.悬挂钩码后,须在钩码静止后再读数B.实验中,刻度尺可以倾斜放置C.弹簧的受力不能超过
17、它的弹性限度【答案】 (1). 如图所示: (2). 55(5357均可) (3). B【解析】【详解】(1)1描点作图,如图所示:2图线的斜率表示劲度系数,则5357均可;(2)3悬吊钩码时,应在钩码静止后再读数;应在弹簧的弹性限度范围内进行测量;在安装刻度尺时,必须使刻度尺保持竖直状态;故B错误,AC正确;选错误的,故选B。19.如图所示,在倾角为30的斜面上固定一竖直挡板,质量为m的光滑小球静止在斜面与挡板之间,重力加速度大小为g。求:(1)斜面对小球的支持力大小;(2)小球对竖直挡板的压力。【答案】(1)斜面对小球的支持力大小是;(2)小球对竖直挡板的压力为。【解析】【详解】(1)(2
18、)球受力分析如图所示:根据平衡条件有:所以斜面对小球的支持力大小是,根据牛顿第三定律,小球对竖直挡板的压力。20.滑雪爱好者小明,质量m=75kg,以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下,山坡的倾角=30,在t=5s的时间内滑下的路程x=60m。求:(1)小明下滑的加速度;(2)小明受到的阻力(包括摩擦和空气阻力)。【答案】(1)小明下滑加速度的大小为;(2)小明受到的阻力的大小为。【解析】【详解】(1)设小明下滑的加速度大小为,根据运动学公式代入数据解得:;(2)设小明受到的阻力为,沿斜面方向由牛顿第二定律得:即:。代入数据解得:。21.如图所示,滑块A质量为lkg,放在静止于水平地面上的木板的左端,滑块A与木板间的动摩擦因数均为1=0.5;木板的质量为M=2kg,与地面间的动摩擦因数为2=0.1。t=0时刻滑块A以初速度为v0=12m/s开始向右滑动,经过t1时间,滑块A恰好滑到木板右端并与木板相对静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,将滑块A视为质点,取重力加速度g=10m/s2。求:(1)t1时刻木板速度;(2)木板的长度。【答案】(1)t1时刻木板的速度;(2)木板的长度。【解析】【详解】(1)以滑块A为研究对象,加速度大小为以木板为研究对象,由牛顿第二定律得:取向右为正方向,在t1时间内,有:联立以上式子解得:,;(2)木板的长度代入数据解得:。