1、四川省乐山市2019-2020学年高一物理上学期期末教学质量检测试题（含解析）第I卷（选择题共48分）一、本卷共16题，每题3分，共48分。在每题给出的四个选项中，第112题只有一个选项符合题目要求，第1316题有多个选项符合题目要求。全部选对的得3分，选对但不全的得 2分，有选错或不答的得0分。1.根据牛顿第一定律，下列说法正确的是（）A. 静止或做匀速直线运动的物体，一定不受任何外力作用B. 要改变物体运动状态，必须有外力作用C. 物体运动不停止是因为受到力的作用D. 外力停止作用后，物体由于惯性会很快停下来【答案】B【解析】【详解】A处于静止或匀速直线运动物体，受到的合力为零或不受外力的
2、作用，A错误；B由牛顿第一定律可知，力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因，故B正确；C物体运动不停止是因为惯性的原因，运动不需要力来维持，C错误；D由牛顿第一定律可知，外力停止作用后，物体由于惯性会保持原来的运动状态，故D错误；故选B。2.下列图象中，表示物体做匀变速直线运动的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】匀加速直线运动的速度时间图象是倾斜的直线，位移时间图象是抛物线；【详解】A、根据图象可知，位移随时间均匀增大，做匀速直线运动，故A错误；B、根据图象可知，位移随时间均匀减小，做匀速直线运动，故B错误；C、图象是倾斜的直线，速度均匀变化，加速度不变，表示物
3、体做匀变速直线运动，故C正确；D、根据图象可知，速度不随时间变化，表示物体做匀速直线运动，故D错误【点睛】本题考查识别和理解物理图象的能力，首先要分清什么图象，其次根据形状分析物体的运动的情况，不能搞混淆3.两个力的合力F为50N，其中一个力F1为30N，那么另一个力F2的大小可能是A. 10NB. 15NC. 80ND. 85N【答案】C【解析】【详解】由两个共点力的合力大小为50N，若其中一个分为大小为30N，另一个分力的大小应在20NF80N范围，所以可能为80N.故选C.4.下列情况中，其加速度与速度方向相同的是（）A. 制动的汽车B. 匀速飞行的飞机C. 减速下降的跳伞运动员D. 加
4、速上升的气球【答案】D【解析】【详解】A制动的列车，速度向前，加速度向后，两者反向，故A错误；B匀速飞行的飞机，加速度为零，故B错误；C减速下降的跳伞运动员，速度向下，加速度向上，加速度和速度反向，故C错误；D加速上升的气球，速度和加速度方向都向上，两者同向，故D正确；故选D。5.如图所示，质量为10kg的货物在水平面上向左运动过程中，受到大小为10N、方向向右的水平拉力F的作用，货物与水平面的动摩擦因数为0.2，则货物所受摩擦力的大小和方向是（）A. 20N、水平向左B. 20N、水平向右C. 10N、水平向左D. 10N、水平向右【答案】B【解析】【详解】物体在水平面上向左运动，受到水平面
5、滑动摩擦力方向向右；物体对水平面的压力大小N等于物体的重力，则摩擦力大小为故B正确，ACD错误；故选B。6.在一笔直公路上有a、b两辆汽车，它们同时经过同一路标开始计时，此后的v-t图象如图所示，下列判断正确的是（ ）A. 在t1时刻a、b相遇B. 0t1时间内，a、b间距离在减小C. 0t1时间内，a位于b前面D. t1时刻以后，b位于a前面【答案】C【解析】【详解】速度图象的“面积”表示位移，则0t1时间内，a的位移最大，所以在t1时刻a位于b前面，所以t1时刻没有相遇故A错误，C正确0t1时间内，由于a的速度比b的大，所以两者距离不断增大，故B错误t1时刻以后的一段时间内，a位于b前面故
6、D错误；故选C【点睛】利用速度-时间图象求从同一位置出发的解追及问题，主要是把握以下几点：当两者速度相同时两者相距最远；当两者速度时间图象与时间轴围成的面积相同时两者位移相同，即再次相遇；当图象相交时两者速度相同7.如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦不计，两边所挂物重G=1N，则弹簧测力计的示数为（）A. 1NB. 0C 2ND. 不确定【答案】A【解析】【详解】对题目中图的重物进行受力分析，受到重力和拉力平衡，拉力的大小等于弹簧的弹力，所以弹力而弹簧的示数等于弹簧的弹力，所以两个示数都为；故A正确，BCD错误；故选A。8.下列物体的受力分析图正确的是（）A. 沿光滑斜面下滑的物体B.
7、 与水平传送带一起向右做匀速运动的货物C. 光滑小球靠在墙角处于静止，且地面水平D. 细绳竖直悬挂的光滑小球与斜面接触，并处于静止【答案】B【解析】【详解】A物体在光滑斜面上下滑时，只受重力和支持力，没有摩擦力，更没有下滑力，故A错误；B与水平传送带一起向右做匀速运动的货物，处于平衡态，只受重力和支持力，故B正确；C物体和墙面间没有形变，故没有弹力，只受到重力与支持力，故C错误；D由于绳子已经绷紧，故小球如果受斜面的作用力，则小球不会竖直静止，故小球只受绳子的拉力和重力，故D错误；故选B。9.雨滴自屋檐由静止滴下，每隔0.2s滴下一滴，第一滴落地时第六滴恰好刚要滴下，不计空气阻力，g=10m/
8、s2。则此时第二滴雨滴下落速度为（）A. 8.0rn/sB. 6.0m/sC. 4.0m/sD. 10.0m/s【答案】A【解析】【详解】每隔滴下一滴，第一滴落地时第六滴恰好刚要滴下，则第二滴水运动的时间则此时第二滴雨滴下落的速度故选A。10.一质量为m的小球，用轻绳悬挂于O点。小球在水平力F的作用下从最低点P点缓慢地移到Q点，如图所示，则此过程中力F和绳子拉力T的变化判断正确的是（）A. F变小，T变小B. F变小，T变大C. F变大，T变小D. F变大，T变大【答案】D【解析】【详解】对物体受力分析并合成如图：因为物体始终处于平衡状态，故始终等于，大小和方向均不发生变化。在物体缓慢偏离竖直
9、位置的过程中细线与竖直方向的夹角逐渐变大，画出平行四边形如图所示，可以看出：力逐渐变大，绳子的拉力也逐渐变大，故D正确，ABC错误；故选D11.如图所示，物块静止在倾角为的斜面上，则斜面对物块作用力的方向（）A. 沿斜面向上B. 垂直于斜面向上C. 竖直向上D. 沿斜面向下【答案】C【解析】【详解】物体受重力、支持力和静摩擦力，根据共点力平衡条件，支持力和静摩擦力的合力与重力平衡，竖直向上，大小等于mg，故C正确，ABD错误；故选C。12.如图所示，用一不可伸长的细绳L连接的甲、乙两木块，质量分别为m甲=lkg、m乙=4kg， 它们与水平面之间的动摩擦因数均为0.4。用F=25N的水平拉力作用
10、在乙木块上，两木块一起向右运动，则（）A. 木块甲所受摩擦力大小是5NB. 木块乙所受摩擦力大小是25NC. 细绳L中的拉力大小是5ND. 细绳L中的拉力大小是1N【答案】C【解析】【详解】AB两木块一起向右运动，则两木块的所受摩擦力为滑动摩擦力，对甲：对乙：故AB错误；CD以木块甲乙这个整体作为研究对象，则由牛顿第二定律得：以木块甲作为研究对象那个，则有：联立解得：故C正确，D错误；故选C。13.物体甲的图象和物体乙的图象分别如图甲、乙所示，则这两个物体的运动情况是（ ）A. 甲在时间内来回运动，它通过的总位移为零B. 甲在时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为C. 乙在时间内来同运动
11、，它通过的总位移为零D. 乙在时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为【答案】BC【解析】【详解】AB根据图线的斜率表示瞬时速度可知，甲在整个时间内一直沿正方向运动，总位移：所以A错误，B正确；CD图象中，速度的正负表示物体运动的方向，速度先负后正，说明物体乙先沿负方向运动，后沿正方向运动，根据图线与时间轴围成的面积表示位移，图线在轴上方位移为正值，下方位移为负值，得知总位移为0，所以C正确，D错误14.如图所示，物体甲、乙质量分别为m甲=4kg和m乙=10kg，不计滑轮与绳间摩擦、绳的重 力，若整个系统静止，g取10m/s2。则（）A. 地面对乙的摩擦力的大小f=20NB. 乙对地面压力
12、的大小FN= 60NC. 乙对地面压力大小FN= 20（5-）ND. 绳中的拉力大小F=100N【答案】AC【解析】【详解】D甲处于平衡状态，受力分析可知，绳子上的拉力：故D错误；ABC对乙受力分析如图所示：乙静止，平衡态，则有：水平方向：竖直方向：联立解得：，；则地面对乙的摩擦力为，根据牛顿第三定律知：乙对地面压力的大小故AC正确，B错误；故选AC。15.如图所示，在车站、机场常用传送带运送的货物，传送带与水平面夹角为，当货物随传送带一起斜向上匀速运动时，下列关于货物受力的说法中正确的是（）A. 因货物与传送带相对静止，所以货物不受摩擦力B. 货物所受摩擦力方向沿传送带向上C. 货物所受摩擦
13、力方向沿传送带向下D. 货物受到三个力的作用【答案】BD【解析】【详解】ABC货物所受的摩擦力方向与相对运动趋势的方向相反，货物相对传送带有向下运动的趋势，所以静摩擦力方向沿传送带向上，故B正确，AC错误；D货物随传送带一起向上匀速运动，因此共受到三个力，分别为重力、支持力与静摩擦力，故D正确；故选BD。16.如图所示，质量均为m的物块A、B用轻弹簧相连放置于倾角为的光滑固定斜面上，物块B与垂直于斜面的挡板C接触，物块A系一轻质细绳，细绳绕过斜面顶端的定滑轮系一重物D，细绳与轻弹簧均与斜面平行，平衡时物块B恰好不离开挡板。已知弹簧的劲度系数为k，重力加速度为g，某一瞬间剪断细绳，则下列说法正确
14、的是（）A. 重物D的重力为B. 剪断细绳后，物块A下滑过程中加速度一直增大C. 剪断细绳瞬间，物块A的加速度大小为D. 物块A下滑过程中速度最大时，弹簧的缩短量【答案】CD【解析】【详解】A平衡时物块恰不离开挡板，则满足故A错误；BCD平衡时物块恰不离开挡板，此时弹簧的拉伸量：剪断细绳瞬间，弹簧的弹力不变，此时对A根据牛顿第二定律得：解得：此后弹簧的弹力减小，物体A受到的合外力减小，加速度减小，直至为零，此时弹簧处于压缩状态，A的速度最大，弹簧的压缩量为此后，A继续沿斜面向下运动，加速度方向沿斜面向上，做加速度越来越小的减速运动；故CD正确，B错误；故选CD。第II卷（非选择题共52分）二.
15、本卷共5小题，共52分.17.在“探究加速度与力的关系”实验中，某同学利用图甲中的力传感器测出细线的拉力，通过改变钩码的个数改变细线拉力。(1)如图乙所示为实验中得到的一条纸带，相邻计数点间有四个点未标出，打点计时器所接电源的频率为50Hz，则打B点时小车的速度大小为vB=_m/s，小车的加速度大小a=_m/s2。(2)实验中描绘出aF图像如图丙所示，图像不过原点的原因是_。【答案】 (1). 0.416或0.42 (2). 1.48或 1.5 (3). 没有平衡摩擦力【解析】【详解】(1)1已知打点计时器电源频率为，则纸带上相邻计数点间的时间间隔为：点对应的速度为：。2根据可得：，小车运动的
16、加速度为：；(2)3实验时应平衡摩擦力，没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，图象在F轴上有截距。18.在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”的实验中，某实验小组将不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端，实验装置如图甲所示，测得实验数据如下表：弹力/N0.501.001.502.002.503.003.50伸长量x/（10-2m）0.741.802.803.724.605.586.42(1)根据表中数据在图乙中作出Fx图像_，并求得该弹簧的劲度系数k=_N/m（保留两位有效数字）。(2)关于实验注意事项，以下说法错误的是_A.悬挂钩码后，须在钩码静止后再读数B.实验中，刻度尺可以倾斜放置C.弹簧的受力不能超过
17、它的弹性限度【答案】 (1). 如图所示： (2). 55（5357均可） (3). B【解析】【详解】(1)1描点作图，如图所示：2图线的斜率表示劲度系数，则5357均可；(2)3悬吊钩码时，应在钩码静止后再读数；应在弹簧的弹性限度范围内进行测量；在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态；故B错误，AC正确；选错误的，故选B。19.如图所示，在倾角为30的斜面上固定一竖直挡板，质量为m的光滑小球静止在斜面与挡板之间，重力加速度大小为g。求：(1)斜面对小球的支持力大小；(2)小球对竖直挡板的压力。【答案】(1)斜面对小球的支持力大小是；(2)小球对竖直挡板的压力为。【解析】【详解】(1)(2
18、)球受力分析如图所示：根据平衡条件有：所以斜面对小球的支持力大小是，根据牛顿第三定律，小球对竖直挡板的压力。20.滑雪爱好者小明，质量m=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角=30，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m。求：(1)小明下滑的加速度；(2)小明受到的阻力（包括摩擦和空气阻力）。【答案】(1)小明下滑加速度的大小为；(2)小明受到的阻力的大小为。【解析】【详解】(1)设小明下滑的加速度大小为，根据运动学公式代入数据解得：；(2)设小明受到的阻力为，沿斜面方向由牛顿第二定律得：即：。代入数据解得：。21.如图所示，滑块A质量为lkg，放在静止于水平地面上的木板的左端，滑块A与木板间的动摩擦因数均为1=0.5；木板的质量为M=2kg，与地面间的动摩擦因数为2=0.1。t=0时刻滑块A以初速度为v0=12m/s开始向右滑动，经过t1时间，滑块A恰好滑到木板右端并与木板相对静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，将滑块A视为质点，取重力加速度g=10m/s2。求：(1)t1时刻木板速度；(2)木板的长度。【答案】(1)t1时刻木板的速度；(2)木板的长度。【解析】【详解】(1)以滑块A为研究对象，加速度大小为以木板为研究对象，由牛顿第二定律得：取向右为正方向，在t1时间内，有：联立以上式子解得：，；(2)木板的长度代入数据解得：。