1、高考资源网（） 您身边的高考专家三台中学实验学校2019年秋季2018级9月月考物理试题 一、单项选择题（每题只有一个选项正确，每小题3分，共36分）。1、关于点电荷，下列表述正确的是A任何带电体都能看作点电荷B点电荷是实际带电体的理想化模型C只有带电量很小的带电体才能看作点电荷D只有质量很小的带电体才能看作点电荷2、关于摩擦起电、接触起电、感应起电，下列说法错误的是A这是起电的三种不同方式B这三种起电方式的实质是一样的，都是电子在转移C这三种方式都产生了电荷D这三种方式都符合电荷守恒定律3、电容式键盘是通过改变电容器的哪个因素来改变电容的A两板间的正对面积 B两板间的电压 C两板间的电介质
2、D两板间的距离4、下列有关电场和电势的说法中正确的是A公式只适用于真空中点电荷产生的电场B在公式F=中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小C电场中某点的电势与零电势点的选取无关D由公式可知，电势能大的地方电势一定高5、2019年3月19日，复旦大学科研团队宣称已成功制备出具有较高电导率的砷化铌纳米材料，据介绍该材料的电导率是石墨烯的1000倍。电导率就是电阻率的倒数，即下列说法正确的是A电导率的单位是 B材料的电导率与材料的形状有关C材料的电导率越小，其导电性能越强 D电导率大小与温度无关6、如图所示，P、Q是带等量正电荷的点电荷，O是它们连线的中点，A、B是中垂线上的两点，OAO
3、B，用EA、EB和A、B分别表示A、B两点的电场强度和电势，则AEA一定大于EB，A一定大于B BEA不一定大于EB，A一定大于BCEA一定大于EB，A不一定大于B DEA不一定大于EB，A不一定大于B7、有一个负点电荷只受电场力的作用，从电场中的a点由静止释放，在它沿直线运动到b点的过程中，动能EK随位移s变化的关系图如图所示，则能与图线相对应的电场的电场线分布图是下图中的AB C D8、如图所示，A、B、C、D、E、F是匀强电场中一个边长为cm的正六边形的六个顶点，该六边形所在平面与电场线（图中没有画出）平行，已知A、C、E三点的电势分别为-3V、0V、3V，则下列说法正确的是A通过CB和
4、EF的直线为电场中的两条等势线B匀强电场的场强大小为200V/m C匀强电场的场强方向为由B指向DD将一个电子由D点移到A点，其电势能将增加4.81019J9、图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子由M点向N点运动，可以判定 A. 粒子带负电，运动过程电势能减小 B. 粒子带负电，运动过程电势能增大C. 粒子带正电，运动过程电势能减小 D. 粒子带正电，运动过程电势能增大10、如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是AR1：R21：2 BR1：R23：1C将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I21：3D将R1
5、与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I23：111、电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法中正确的是A电流表的读数变小 B电流表的读数变大C电压表的读数变小 D电压表的读数不变12、如图，一个均匀的带电量为Q的圆环，半径为R，圆心为O，放在绝缘水平桌面上，过O点作竖直线，在线上取一点A，使A到O的距离也为R，在A点放一检验电荷q，则q所受电场力的大小为A B C D不能确定二、多项选择题（每题有多个答案正确，选对得3分，选对但不全得1分，共18分）。13、物理学是一门以实验为基础的学科。在物理学的发展过程中
6、，许多重要的物理规律都是由实验发现或由实验验证了的，下列有关物理实验的说法正确的是A探究影响电阻因素的实验利用了控制变量的思想B富兰克林通过油滴实验测出了元电荷的数值C库仑的扭秤实验利用了微小量放大法的思想D探究影响平行板电容器电容的因素实验中使用静电计的目的是观察电容器电荷量的变化14、如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一带电粒子在仅受电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点下列说法中正确的是A. 带电粒子通过P点时的动能比通过Q点时小B. 带电粒子一定是从P点向Q点运动C. 带电粒子通过P点时的加速度比通过Q点时大D. 三个等势面
7、中，等势面a的电势最高15、空间存在一静电场，电场中的电势随x的变化规律如图所示，下列说法正确的是A.处电场强度可能为零B.处电场方向一定沿x轴正方向C. 电荷量为e的负电荷沿x轴从0点移动到处，电势能增大8eVD. 沿x轴正方向，电场强度先减小后增大16、如图所示,平行板电容器与直流电源连接,上极接地一带负电的油滴位于容器中的P点且处于静止状态。现将下极板竖直向下缓慢地移动一小段距离,则A. 带电油滴将竖直向下运动 B.电容器的电荷量增大C. P点的电势将升高 D.带电油滴的机械能将增加17、如图所示，匀强电场中有一绝缘直角杆PQM，PQL，QM2L，杆上固定三个带电小球A、B、C，初始时杆
8、PQ段与电场线垂直现将杆绕Q点顺时针转过90至虚线位置，发现A、B、C三个球的电势能之和保持不变不计小球间的相互作用，下列说法正确的是AA球一定带正电，C球一定带负电B转动过程中，电场力对A球和C球做功的代数和为零CA、C两球带电量的绝对值之比D转动过程中C球电势能减少18、如图所示,空间存在水平向右、电场强度大小为E的匀强电场,一个质量为m、电荷量为的小球,从A点以初速度竖直向上抛出,经过一段时间落回到与A点等高的位置B点图中未画出,重力加速度为下列说法正确的是EA. 小球运动到最高点时距离A点的高度为B. 小球运动到最高点时速度大小为C. 小球运动过程中最小动能为D. A、B两点之间的电势
9、差为三、填空实验题（每空2分，共24分）19、有一个电容器,当它所带的电荷量时,电容器两极板间的电压,这个电容器的电容大小是_F。某电流表表头内阻Rg为,满偏电流Ig为2mA,若要改装成量程为3V的电压表，需要串联的电阻为 。20、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中,现除了有一个标有“5V 2.5W”的小灯泡、导线和开关外,还有：A.电源电动势约为6V,内阻可不计B.电流表A1量程,内阻约为C.电流表A2量程,内阻约为D.电压表V1量程,内阻约为E.电压表V2量程,内阻约为F.滑动变阻器最大阻值,允许通过的最大电流为实验中要求小灯泡两端的电压从零开始变化以便测量多组数据。（1）实验中电流表
10、应选用_（A1或A2）,电压表应选用_（V1或V2）则图中电流表的读数为_A；（2）请按要求将图1中所示的器材连成实验电路。在闭合开关前,应将滑动变阻器触头置于最 端；选“左”或“右”；（3）某同学通过实验得到的数据画出该小灯泡的伏安特性曲线如图2所示,若直接用电动势为3V、内阻为的电源给该小灯泡供电,则该小灯泡的实际功率是_ 21、在“测定金属的电阻率”的实验中,若待测金属丝的电阻约为,要求测量结果尽量准确,提供以下器材供选择：A.电池组,内阻约B.电流表,内阻约C.电流表,内阻约D.电压表,内阻1E.电压表,内阻F.滑动变阻器,允许最大电流G.滑动变阻器,允许最大电流H.开关、导线若干（1
11、）实验时应从上述器材中选用_选填仪器前的字母代号；（2）将设计的电路图画在框内；（3）用螺旋测微器测量该圆柱体金属丝的直径，读得的直径为_mm；（4）若用L表示金属丝的长度,d表示直径,测得电阻为R,请写出计算金属丝电阻率的表达式_用各物理量的符号表示。四、计算题（本大题2小题，共22分，要求：必须书写工整，排列规范）。22、（10分）如图所示，一静止的电子经过电压为U的电场加速后，立即从A点射入偏转匀强电场中，射入方向与偏转电场的方向垂直，最终电子从B点离开偏转电场。已知偏转电场的电场强度大小为E，宽度为 ，方向竖直向上（如图所示），电子的电荷量为e，质量为m，重力忽略不计。（1）求电子在偏
12、转电场中的偏转距离；（2）若仅将加速电场的电压提高为原来的2倍，使电子仍从B点经过，求偏转电场的电场强度E1。KE,rARxR1abPOBdNMc23、（12分）如图所示，电源电动势E=30V，内阻r=1，R1=9，滑动变阻器的总电阻Rx=20。间距d=0.1m的两平行金属板M、N水平放置，闭合开关K，板间电场视为匀强电场，板间竖直放置一根长为d的光滑绝缘细杆AB，带电小球s穿过细杆，小球质量m=0.01kg、电荷量q=1103C（可视为点电荷，不影响电场的分布）。调节滑动变阻器的滑片p，使小球c恰能静止在A处。重力加速度g=10m/s2。（1）求小球的电性和M、N两极板间的电压；（2）求滑动
13、变阻器pb段的阻值R2；（3）调节滑动变阻器，使pb段的阻值R3=7.5，待电场重新稳定后释放小球c，求小球c到达杆的中点O时的速度大小。三台中学实验学校209年秋季2018级9月月考物理参考答案题号123456789答案BCDBABCBC题号101112131415161718答案DBBACACCDACBCBD 18、小球在空间的运动可以分解为水平方向初速度为零,加速度为的匀加速直线运动和竖直方向初速度为,加速度为g的竖直上抛运动,所以在竖直方向上,解得,故A错误；B.小球运动到最高点时,竖直方向速度减为零,由,解得,水平方向由,解得,故B正确；C.小球运动过程中动能的表达式为,由数学知识可
14、得当时,小球的动能最小,最小动能为,故C错误；D.当小球运动到B点时,运动时间为,水平方向的位移为,A、B两点之间的电势差为,故D正确。19、2 1300 20、 A2 V2 0.35(0.34-0.36) 左 0.8 21、ACDFH 22解：（1）电子在电场中的加速，由动能定理得：Ue 2分设电子的水平位移为x，电子的竖直偏移量为y，则有：xv0t，y 2分由牛顿第二定律得：Eema 2分 解得y= 1分（2）由（1）问可解得：E 根据题意可知x、y均不变，当U增大到原来的2倍，场强E也增大为原来的2倍， 2分即E12E 1分 23解：（1）由电路图可知，金属板M为正极板；因小球静止，故小球所受电场力与重力大小相等，方向相反，电场力向上，所以小球带负电。 1分设小球恰能静止时M、N两极板间的电压为U，板间电场强度为E，则mg=Eq 2分 1分 解得 U=10V 1分（2）小球恰能静止时，根据闭合电路欧姆定律有 2分 解得 R2=10 1分（3）调节滑动变阻器，使pb段的阻值R3=7.5，设电场稳定时的电压为U3，则 1分解得U3=7.5V。设小球c到达杆的中点O时的速度为v，则 2分解得 v=0.5m/s 1分 高考资源网版权所有，侵权必究！
