1、山东省烟台市烟台一中2020-2021学年高一物理上学期12月月考试题（含解析）一、选择题（1-8题为单选题，每小题3分，共24分。在9-12为多选题，每小题4分，共16分）1. 下列说法中正确的是（）A. 米、千克、牛顿都是国际单位制中的基本单位B. 研究火星探测器从地球到火星的飞行轨迹时，可以把火星探测器看成质点C. 牛顿第一定律可以通过现实的实验得到验证D. 马拉车加速前进说明马拉车的力大于车拉马的力【答案】B【解析】【分析】【详解】A米、千克是国际单位制中的基本单位，牛顿是国际单位制中的导出单位， A错误；B研究火星探测器从地球到火星的飞行轨迹时，火星探测器的大小和形状可以忽略，可以把
2、火星探测器看成质点，B正确；C牛顿第一定律是逻辑思维的产物，不能通过现实的实验得到验证，C错误；D马拉车的力与车拉马的力是一对作用力和反作用力，根据牛顿第三定律知它们大小相等，D错误。故选B。2. 如图所示，对下列课本插图描述正确的是A. 图甲右上方的路牌所标的“50”应为车辆通行的平均速度B. 由图乙可推出所有形状规则的物体重心均在其几何中心处C. 图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性D. 图丁中汽车速度减小时速度变化方向与汽车运动方向相同（v1初速度）【答案】C【解析】【分析】【详解】A图甲右上方的路牌所标的“50”应为车辆通行的瞬时速度不超过50km/h故A错误B由图乙可推出所有形
3、状规则且质量分布均匀的物体重心均在其几何中心处故B错误C惯性是物体保持原来速度不变的性质，图丙中掷出后的冰壶能继续运动说明其具有惯性故C正确D减速度时加速度与初速度方向相反，所以丁中汽车速度减小时速度变化方向与汽车运动方向相反（v1为初速度）故D错误3. 秋日，树叶纷纷落下枝头，其中有一片梧桐叶从高为10m的枝头自静止落至地面，所用时间可能是（）A. 3sB. sC. sD. 0.5s【答案】A【解析】【分析】【详解】从高为10m的枝头落下的树叶的运动不是自由落体运动，时间大于自由落体运动的时间解得故选A。4. 如图甲，笔记本电脑底座一般设置有四个卡位用来调节角度。某同学将电脑放在散热底座上，
4、为了获得更好的舒适度，由原卡位4调至卡位1（如图乙），电脑始终处于静止状态，则（）A. 电脑受到的支持力变大B. 电脑受到的摩擦力变小C. 电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和与重力大小相等D. 散热底座对电脑的作用力始终与重力大小相等、方向相反【答案】D【解析】【分析】【详解】AB电脑在散热座上受到重力、散热座的支持力和摩擦力的作用保持平衡状态，受力分析如图根据平衡状态的条件可得支持力大小为摩擦力大小为当卡位4调至卡位1时，倾角变大，则电脑受到的摩擦力变大，支持力变小，故AB错误；CD散热底座对电脑作用力即为支持力与摩擦力的合力，支持力与摩擦力的合力大小等于电脑的重力保持不变，根据“三角形两
5、边之和大于第三边”可判断，支持力与摩擦力两力大小之和大于其重力，故D正确，C错误；故选D。5. 如图所示，小芳在体重计上完成起立动作，下列F-t图像能反应体重计示数随时间变化的是（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】【详解】对人的运动过程分析可知，人起立的过程可以分成两段：人在加速向上的过程中，有向上的加速度，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小；在减速向上的过程中，加速度方向向下，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力的大小，故D正确，ABC错误；故选D。6. 用如图所示方法可以测出一个人的反应时间：受测者将手放在直尺的某一刻度处，看到直尺下落，立即抓
6、住直尺，记下此时的刻度。如果直尺下落的距离h=20.00cm，则受测者的反应时间t为（g取10m/s2）（）A. 0.2sB. 0.14sC. 0.04sD. 0.02s【答案】A【解析】【分析】【详解】由运动学可得：h=gt2解得故人的反映时间为0.2s。故选A。7. 木块A，B的重力均为，它们与水平地面间的动摩擦因数均为，夹在A，B之间的轻弹簧被压缩了，弹簧的劲度系数，系统置于水平地面上静止不动，现用的水平力推木块B，如图所示，力F作用后（）A. 木块A所受静摩擦力大小为B. 弹簧的压缩量变为C. 木块B所受静摩擦力为0D. 木块B所受静摩擦力大小为【答案】D【解析】【分析】【详解】AB施
7、加水平推力后，弹簧长度没有变化，弹力不变，故木块A相对地面有向左的运动趋势，其受到向右的静摩擦力，且与弹力平衡，因而故AB错误。CD由胡克定律，得木块A、B与地面间的最大静摩擦力为故AB均静止，摩擦力为8N，施加水平推力后，B水平方向受到弹簧的弹力向右8N，向左的推力15N，故摩擦力变为7N，仍静止，故C错误，D正确；故选D。8. 如图，在光滑水平桌面上有一物体A，通过绳子与物体B相连，设绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都可以忽略不计，绳子不可伸长，如果，则绳子对物体A的拉力大小为A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：AB连在一起，加速度相同；对整体分析可知整体沿绳方向只受
8、B的拉力，则由牛顿第二定律可知，加速度为：；选取A为研究的对象水平方向A只受到绳子的拉力，所以绳子的拉力：FmAamAg，故选B考点：牛顿第二定律【名师点睛】本题为连接体，注意本题中注意应沿绳子方向进行分析；当然本题也可以对两物体分别受力分析，此时应注意分析绳子的拉力9. 2019年女排世界杯，中国女排以十一连胜夺冠，为祖国70周年国庆献礼。某运动员的质量为50kg，原地静止站立（不起跳）双手拦网高度为2.10m，训练过程中，该运动员先下蹲，重心下降0.5m，然后起跳（从开始上升到脚刚离地的过程），最后脚离地上升到最高点时双手拦网高度为2.90m。若运动员起跳过程视为匀加速直线运动，忽略空气阻
9、力影响，g取10m/s2。则（）A. 起跳过程的平均速度等于离地上升到最高点过程的平均速度B. 起跳过程中对地面的压力为1300NC. 从开始起跳到离地上升到最高点过程中最大速度大小为D. 从开始起跳到离地上升到最高点需要0.4s【答案】AB【解析】【分析】【详解】A根据匀变速直线运动平均速度等于这段时间内初末速度和的一半可知，起跳过程的末速度是离地上升最高点过程的初速度，且起跳初速度为零，上升最高点速度也为零，故两段初末速度之和相等，故起跳过程的平均速度等于离地上升到最高点过程的平均速度，故A正确；B从开始起跳到脚离开地面重心上升，做匀加速运动，加速度向上，处于超重状态，离开地面到上升到最高
10、点的过程中，重心上升距离运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据可知在起跳过程中，根据速度位移公式可知由牛顿第二定律得解得由牛顿第三定律可知运动员对地面的压力为，方向竖直向下；故B正确；C由B分析可知从开始起跳到离地上升到最高点的过程中最大速度大小为，故C错误；D加速上升时间为减速上升的时间为故总时间为故D错误；故选AB10. 高铁已成为重要的“中国名片”，领跑世界。一辆由8节车厢编组的列车，从车头开始编号的第2、3、6和7共四节为动力车厢，其余为非动力车厢，每节车厢质量均为m。当列车在平直轨道上匀加速启动时，每节动力车厢牵引力大小均为F，每节车厢所受阻力为车厢重力的k倍，重力加速度为g。则（）A
11、. 启动时车厢对乘客作用力的方向竖直向上B. 整列车的加速度大小为C. 第3节车厢对第2节车厢的作用力大小为0D. 第2节车厢对第1节车厢的作用力大小为【答案】BC【解析】【分析】【详解】A启动时车厢对乘客竖直方向有竖直向上的支持力，水平方向有沿动车运动方向的水平摩擦力两个力的合力方向斜向上方，故A错误；B对整体列车，根据牛顿第二定律4F-8kmg=8ma解得故B正确；C对第1、2节车厢的整体，根据牛顿第二定律F32+F-2kmg=2ma解得F32=0故C正确；D对第1节车厢，根据牛顿第二定律F21-kmg=ma解得故D错误；故选BC。11. 甲、乙两车在同一水平道路上，t=0时刻，乙车在前甲
12、车在后，两车相距6m，两车运动过程中的v-t图像如图所示，在012s内，下列表述正确的是（）A. t4s时，两车相距最远B. t6s时，两车相遇C. t8s时，甲车在前，乙车在后D. 两车有三次相遇【答案】BD【解析】【分析】【详解】A0-4s内甲车走过的位移为乙走过的位移为因为，所以在t=4s时甲车已经超过乙车，所以两车先靠近后远离，故A错误；B根据速度图象与时间轴围成的面表示位移知，06s内，甲的位移为乙的位移为因为，因此，t=6s时，两车相遇，故B正确；Ct=6s时，两车相遇，68s内，乙的位移比甲的大，则t=8s时，乙车在前，甲车在后，故C错误；Dt=0时刻，乙车在前甲车在后，两车相距
13、6m，04s内，甲的位移比乙的位移大所以两车第一次相遇发生在4s之前。t=6s时两车第二次相遇。6s后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面，8s后，由于甲的速度大于乙的速度，两车还会发生第三次相遇，故D正确。故选BD。12. A、B两球的质量均为m，两球之间用轻弹簧相连，放在光滑的水平地面上，A球左侧靠墙，弹簧原长为L0，用恒力F向左推B球使弹簧压缩，如图所示，整个系统处于静止状态，此时弹簧长为L，下列说法正确的是()A. 弹簧的劲度系数为B. 弹簧的劲度系数为C. 若突然将力F撤去，撤去瞬间，A、B两球的加速度均为0D. 若突然将力F撤去，撤去瞬间，A球的加速度为0，B球的加速度大小为【
14、答案】BD【解析】【分析】【详解】A.以B为研究对象受力分析，胡克定律：F=k（L0-L）得：故A错误，B正确；CD.若突然将力F撤去，撤去瞬间，弹簧来不及发生形变，则弹力不能瞬间改变，故A受合力仍然为0，加速度为0；B水平方向只受弹簧的弹力，大小为F，根据牛顿第二定律：故C错误，D正确。故选BD【点睛】本题考查加速度的瞬时性和胡克定律，注意胡克定律F=kx中x指的是形变量，不是弹簧的长度二、非选择题：本题共6小题，共60分。13. 小林同学用三个弹簧秤验证力的平行四边形定则,如图所示,将一薄木板放在水平桌面上,把白纸平铺在木板上并固定三个弹簧秤挂钩处用细线栓接一个塑料小圆环,先将弹簧秤1、2
15、的上端的小铁环固定在木板上,再沿某一方向拉弹簧秤3,这样小林同学一个人就能完成该实验(1)在该实验中,需要注意的是_A.一定要沿与木板面平行的方向拉弹簧秤3B.一定要在塑料小圆环静止时记录数据C.连接塑料小圆环的三根细绳一定要等长(2)小林同学记录了三个弹簧秤拉力的大小和方向,用表示,并在图乙中做出各个力的图示,并且以为邻边作平行四边形,得出对角线反向延长,画出与大小相等、方向相反的力该实验中,力和合力的实际值是_(用符号表示)(3)在实验中如果将细绳换成橡皮筋,将对实验结果_影响(填写“有”或“无”)【答案】 (1). AB (2). (3). 无【解析】【分析】【详解】（1）1A、三力要在
16、同一平面内，则一定要沿木板面平行的方向拉弹簧，故A正确；B、要达到平衡状态再记录数据，故B正确；C、连接小圆环的三根细绳不一定等长，故C错误；（2）2三力平衡时二力的合力应与第三个力在同一直线上，且方向相反即为；（3）3把细绳换成橡皮筋后，橡皮筋对圆环的拉力也是通过弹簧秤读出，对测量结果没有影响14. 图甲为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图。砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为M。实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行。接下来还需要进行的一项操作是_。A将长木板水平
17、放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动。B将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动。C将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动。（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是_。A=20g，=10g、15g、20g、25g、30g、40gB=200g，=20g、40g、60g、80g、100g、120gC=400g，=10g、15g、20g
18、、25g、30g、40gD=400g，=20g、40g、60g、80g、100g、120g（3）图乙是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E为5个相邻的计数点（相邻的两个计数点之间还有四个点未画出）。量出相邻的计数点之间的距离分别为、。已知打点计时器的工作频率为50Hz，则打点计时器打C点时小车的速度=_，小车的加速度a=_。（计算结果均保留2位有效数字）【答案】 (1). B (2). C (3). 0.49 (4). 0.43【解析】【分析】【详解】(1)1实验前要平衡摩擦力，将长木板的一端垫起适当高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去沙和沙桶，给打点计时器通电，轻推小车，使小车
19、做匀速运动，故B正确，AC错误，故选B。(2)2实验中需要m远远小于M，所以C正确，ABD错误；(3)3相邻计数点的时间间隔是T=0.1s，根据中间时刻的速度等于平均速度可得 4 小车的加速度15. 2020年12月，菏泽市出现严重的雾霾天气。在菏泽一平直公路上，雾霾能见度（观察者与能看见的最远目标间的距离）只有，若某汽车刹车时的加速度最大为，司机的反应时间为，某时刻司机突然发现前方停有一事故车辆，为保证两车不相撞，汽车的速度不能超过多大？【答案】15m/s【解析】【分析】【详解】设汽车的行驶速度为v0，匀速阶段位移为x1，减速阶段位移为x2，则当汽车恰好与事故车不相撞，则有，匀速阶段位移为x
20、1=v0t0减速阶段有0-v02=-2ax2x1+x2=x解得v0=15m/s或v0=-20m/s（舍去）故汽车速度不能超过15m/s16. 同学们都有过擦黑板的经历。如图所示，一黑板擦（可视为质点）的质量为m=0.2kg，当手臂对黑板擦的作用力F=10N且F与黑板面所成角度为53时，黑板擦恰好沿黑板表面缓慢竖直向上擦黑板，（取g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）(1)求黑板擦与黑板间的动摩擦因数；(2)若作用力F方向保持不变，当F多大时能完成向下缓慢擦黑板的任务？(3)比较以上两种情况，试判断哪次黑板擦得更干净，并说明理由。【答案】(1)0.5；(2)2N；(3)见解析
21、【解析】【分析】【详解】(1)在黑板擦缓慢向上擦的过程中，以黑板擦为研究对象进行受力分析，则水平方向Fsin53=FN竖直方向Fcos53=mg+FfFf=FN解得=0.5(2)在黑板擦缓慢向下擦的过程中，以黑板擦为研究对象进行受力分析，则水平方向竖直方向解得(3)缓慢向上比缓慢向下擦的更干净，因为缓慢向上擦时黑板擦与黑板间的摩擦力更大，擦的更干净。17. 航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2kg，动力系统提供恒定升力F=28N。 试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升。 设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2.。(1)第一次试飞，飞行器飞行时到达高度H=64m。 求飞行
22、器所阻力f的大小；(2)第二次试飞，飞行器飞行时关闭遥控器，飞行器立即失去升力。 求飞行器能达到的最大高度h。【答案】(1)4N；(2)42m【解析】【分析】【详解】(1)第一次飞行中，设加速度为a1匀加速运动由牛顿第二定律 解得f=4N (2)第二次飞行中，设失去升力时的速度为v1，上升的高度为s1，匀加速运动设失去升力后的加速度为a2，上升的高度为s2由牛顿第二定律 最大高度 联立解得h=42m18. 如图所示，固定在竖直平面内倾角为=37，轨道高度AD=2.4m的倾斜直轨道AB，与水平直轨道BC顺滑连接（在B处有一小段光滑圆弧，小物块经过B点前后的速度大小不变），C点处有墙壁某一小物块（
23、视为质点）从A点开始静止下滑，到达B点的速度大小为4m/s假定小物块与AB、BC面的动摩擦因数相等，（sin 37=0.6，cos 37=0.8）则：（1）求小物块与AB轨道的动摩擦因数；（2）为防止小物块在C点撞墙，求BC间距离的最小值（3）满足（2）BC的长度，在墙的C点装一弹射装置（长度不计）给物块一初速度v0，要使小物块能返回到A点，求v0至少为多大【答案】（1）0.5（2）1.6m（3）【解析】【分析】【详解】（1）物块在AB面上的加速度大小为a1由xAB4m得a12m/s2由牛顿第二定律得ma1mgsinmgcos得0.5（2）物块在BC面上的加速度大小a2g5m/s2 刚好不撞上C点，设BC的长度为xBC.得xBC1.6m BC的长度至少为1.6m（3）要使滑块能到A点，则到达A点速度最小值为0，物块在AB轨道上滑的加速度为a3，由牛顿第二定律可得：mgsin+mgcos=ma3 得a3=10m/s2，方向沿斜面向下由 得由 得则v0至少为【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，关键理清物块在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解
