1、2015-2016学年内蒙古集宁一中高二（下）期中物理试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，共50分每小题给出的四个答案中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1一交流发电机，当转速为n1时，其交变电动势的瞬时值表达式为：e=220sin100t（V），下列说法正确的是（）A在t=0时，线圈中的磁通量为0B该交流发电机线圈的转速为50r/sC若加在标有“220V，100W”的灯泡的两端，灯泡能正常发光D若线圈的转速加倍，则交变电压的最大值、有效值均增大一倍而频率不变2如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为
2、20：1，原线圈接正弦交流电源，副线圈接入“220V，60W”灯泡一只，且灯光正常发光则（）A电流表的示数为AB电源输出功率为1200WC电流表的示数为AD原线圈两端的电压为11V3一个小型电热器若接在输出电压为10V的直流电源上，消耗的电功率为P，若把它接在某个正弦交流电源上，其消耗的电功率为如果电热器电阻不变，则此交流电源输出电压的最大值为（）A5VB5VC10VD10V4霍尔元件能转换哪两个量（）A把温度这个热学量转换为电阻这个电学量B把磁感应强度这个磁学量转换为电压这个电学量C把力转换为电压这个电学量D把光照强弱这个光学量转换为电阻这个电学量5如图所示，一个木箱原来静止在光滑水平面上，
3、木箱内粗糙的底板上放着一个小木块木箱和小木块都具有一定的质量现使木箱获得一个向右的初速度v0，则（）A小木块和木箱最终都将静止B小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动C小木块在木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动D如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，则二者将一起向左运动6在演示光电效应的实验中，原来不带电的一块锌板与灵敏验电器相连，用弧光灯照射锌板时，验电器的指针就张开一个角度，如图所示，这时（）A锌板带正电，指针带负电B锌板带正电，指针带正电C锌板带负电，指针带正电D锌板带负电，指针带负电7一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，由静止开始经加速电场加速后（加速电压为U），该
4、粒子的德布罗意波长为（）ABC D8在一些学校教室为了保证照明条件，采用智能照明系统，在自然光不足时接通电源启动日光灯，而在自然光充足时，自动关闭日光灯，其原理图如图所示R为一光敏电阻，L为一带铁芯的螺线管，在螺线管上方有一用细弹簧系着的轻质衔铁，一端用铰链固定在墙上可以自由转动，另一端用一绝缘棒链接两动触头有关这套智能照明系统工作原理描述正确的是（）A光照越强，光敏电阻阻值越大，衔铁被吸引下来B在光线不足时，光敏电阻阻值变大，衔铁被弹簧拉上去C上面两接线柱应该和日光灯电路连接D下面两接线柱应该和日光灯电路连接9为了保护电脑元件不受损害，在电脑内部有很多传感器，其中最重要的就是温度传感器，常用
5、的温度传感器有两种，一种是用金属做的热电阻，另一种是用半导体做的热敏电阻关于这两种温度传感器的特点说法正确的是（）A金属做的热电阻随着温度的升高电阻变大B金属做的热电阻随着温度的升高电阻变小C用半导体做的热敏电阻随着温度的升高电阻变大D用半导体做的热敏电阻随着温度的升高电阻变小10如图所示，A、B两物体质量之比mA：mB=3：2，原来静止在平板小车C上，A、B间有一根被压缩的弹簧，地面光滑，当弹簧突然释放后，则（）A若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B组成的系统动量守恒B若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B、C组成的系统动量守恒C若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B组成
6、的系统动量守恒D若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C组成的系统动量守恒二、实验题（每空4分，共28分）11如图所示，用碰撞实验器可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在水平面上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，在白纸上记录下重垂线所指的位置O接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在水平面上重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置P点；步骤2：把小球2放在斜槽末端B点，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均
7、位置M、N点；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N到O点的距离，即OM、OP、ON的长度对于上述实验操作，下列说法正确的是A应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下B斜槽轨道必须光滑C小球1的质量应大于小球2的质量上述实验除需测量OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有AB点距地面的高度hB小球1和小球2的质量m1、m2C小球1和小球2的半径r当所测物理量满足表达式（用实验所测物理量的字母表示）时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律如果还满足表达式（用实验所测量物理量的字母表示）时，即说明两球碰撞时无机械能损失12如图所示是使用光电管的原理图，当频率为v的可见光照射到阴极K上
8、时，电流表中有电流通过（1）当变阻器的滑动端P向滑动时（填“左”或“右”），通过电流表的电流将会增大（2）当电流表电流刚减小到零时，电压表的读数为U，则光电子的最大初动能为 （已知电子电荷量为e）（3）如果不改变入射光的频率，而增加入射光的强度，则光电子的最大初动能将 （填“增加”、“减小”或“不变”）三、计算题（共32分）13如图所示，矩形线圈在匀强磁场中绕OO轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直，线圈匝数n=40匝，内阻r=0.1，长l1=0.05m，宽l2=0.04m，转速为3000r/min，磁场的磁感应强度B=0.2 T，线圈两端接有阻值为R=9.9的用电器和一个交流电流表求：（结果保留两
9、位有效数字）（1）线圈中产生的最大感应电动势；（2）从图示位置开始计时，t=s时刻电流表的读数；（3）从图示位置开始，线圈转过60和120，通过用电器的电荷量之比；（4）1min内外力需要提供的能量14风力发电作为新型环保新能源，近几年来得到了快速发展，如图所示风车阵中发电机输出功率为100kW，输出电压是250V，用户需要的电压是220V，输电线电阻为10若输电线因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求：（1）在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比（2）用户得到的电功率是多少15如图，A、B、C三个木块的质量均为m，置于光滑的水平桌面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接
10、触而不固连将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体现A以初速度v0沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并粘合在一起以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B分离已知离开弹簧后C的速度恰好为v0求弹簧释放的势能2015-2016学年内蒙古集宁一中高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10小题，每小题5分，共50分每小题给出的四个答案中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-10题有多项符合题目要求全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1一交流发电机，当转速为n1时，其交变电动势的瞬时值表达式为：e=220sin
11、100t（V），下列说法正确的是（）A在t=0时，线圈中的磁通量为0B该交流发电机线圈的转速为50r/sC若加在标有“220V，100W”的灯泡的两端，灯泡能正常发光D若线圈的转速加倍，则交变电压的最大值、有效值均增大一倍而频率不变【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【分析】本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等【解答】解：A、当t=0时，e=0，此时线圈处在中性面上，磁通量最大，故A错误；B、交变电动势的瞬时值表达式为：e=220sin100t（V
12、），=100rad/s，所以该交流发电机线圈的转速为n=50r/s，故B正确；C、交变电动势的有效值是U=110V，若加在标有“220V，100W”的灯泡的两端，灯泡不能正常发光，故C错误；D、若交变电压的最大值是Em=NBS，线圈的转速加倍，则交变电压的最大值、有效值均增大一倍，频率f=，所以频率增大一倍故D错误；故选：B2如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为20：1，原线圈接正弦交流电源，副线圈接入“220V，60W”灯泡一只，且灯光正常发光则（）A电流表的示数为AB电源输出功率为1200WC电流表的示数为AD原线圈两端的电压为11V【考点】变压器的构造和原理【分析】在理想的变压器中的
13、输入功率和输出功率的大小相等，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比【解答】解：由于灯泡正常发光知，变压器副线圈两端的电压为220V，副线圈中的电流为A，变压器的输出功率为60W，有变压器的变压比得，原线圈两端的电压为4400V，变压器的变流比关系得，电流表的示数为A，所以，选项C、D正确，A、B错误；故选：CD3一个小型电热器若接在输出电压为10V的直流电源上，消耗的电功率为P，若把它接在某个正弦交流电源上，其消耗的电功率为如果电热器电阻不变，则此交流电源输出电压的最大值为（）A5VB5VC10VD10V【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系【分析】根据焦耳定律Q=t求解电压的有效值，其中U有
14、是有效值再根据有效值与最大值的关系求出最大值【解答】解：设电热器的电阻为R，t时间内产生的热量为Q，则：Q=此热量是接交流电源上产生的热功率的2倍，所以Q=所以： =解得：所以最大值为故选：C4霍尔元件能转换哪两个量（）A把温度这个热学量转换为电阻这个电学量B把磁感应强度这个磁学量转换为电压这个电学量C把力转换为电压这个电学量D把光照强弱这个光学量转换为电阻这个电学量【考点】霍尔效应及其应用【分析】根据霍尔元件的工作原理将磁场这非电学量，通过电荷受到安培力，从而转换成电学量，从而即可作答【解答】解：如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流I，C
15、、D两侧面会形成电势差UCD故霍尔元件是把磁感应强度这个磁学量转换成电压这个电学量故选：B5如图所示，一个木箱原来静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个小木块木箱和小木块都具有一定的质量现使木箱获得一个向右的初速度v0，则（）A小木块和木箱最终都将静止B小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动C小木块在木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动D如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，则二者将一起向左运动【考点】动量守恒定律【分析】应用动量守恒定律解决问题的基本思路和一般方法：（1）分析题意，明确研究对象；（2）要对各阶段所选系统内的物体进行受力分析，弄清哪些是系统内部物体之间
16、相互作用的内力，哪些是系统外物体对系统内物体作用的外力，在受力分析的基础上根据动量守恒定律条件，判断能否应用动量守恒；（3）明确所研究的相互作用过程，确定过程的始、末状态，即系统内各个物体的初动量和末动量的量值或表达式；（4）确定好正方向建立动量守恒方程求解本题中物体系统在光滑的平面上滑动，系统所受外力的合力为零，故系统动量始终守恒，而由于系统内部存在摩擦力，阻碍物体间的相对滑动，最终两物体应该相对静止，一起向右运动【解答】解：系统所受外力的合力为零，动量守恒，初状态木箱有向右的动量，小木块动量为零，故系统总动量向右，系统内部存在摩擦力，阻碍两物体间的相对滑动，最终相对静止，由于系统的总动量守
17、恒，不管中间过程如何相互作用，根据动量守恒定律，最终两物体以相同的速度一起向右运动故选B6在演示光电效应的实验中，原来不带电的一块锌板与灵敏验电器相连，用弧光灯照射锌板时，验电器的指针就张开一个角度，如图所示，这时（）A锌板带正电，指针带负电B锌板带正电，指针带正电C锌板带负电，指针带正电D锌板带负电，指针带负电【考点】光电效应【分析】用弧光灯照射锌板，发生光电效应，锌板失去电子，从而可以得出锌板和指针的电性【解答】解：锌板在弧光灯照射下，发生光电效应，有光电子逸出，锌板失去电子带正电，验电器与锌板相连，导致指针带正电故B正确，A、C、D错误故选B7一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，由静止开
18、始经加速电场加速后（加速电压为U），该粒子的德布罗意波长为（）ABC D【考点】物质波【分析】带电粒子经加速电场加速后，动能的大小等于电场力做功，求得速度v，代入公式：即可【解答】解：加速后的速度为v，根据动能定理可得：所以，由德布罗意波公式可得：所以选项C正确故选：C8在一些学校教室为了保证照明条件，采用智能照明系统，在自然光不足时接通电源启动日光灯，而在自然光充足时，自动关闭日光灯，其原理图如图所示R为一光敏电阻，L为一带铁芯的螺线管，在螺线管上方有一用细弹簧系着的轻质衔铁，一端用铰链固定在墙上可以自由转动，另一端用一绝缘棒链接两动触头有关这套智能照明系统工作原理描述正确的是（）A光照越强
19、，光敏电阻阻值越大，衔铁被吸引下来B在光线不足时，光敏电阻阻值变大，衔铁被弹簧拉上去C上面两接线柱应该和日光灯电路连接D下面两接线柱应该和日光灯电路连接【考点】传感器在生产、生活中的应用【分析】光照越强时光敏电阻阻值越小；在光线不足时，光敏电阻阻值变大，然后结合闭合电路的欧姆定律分析即可【解答】解：A、根据光敏电阻的特点可知，光照越强，光敏电阻阻值越小，则电路中的电流值越大，衔铁被吸引下来故A错误；B、根据光敏电阻的特点可知，在光线不足时，光敏电阻阻值变大，电路中的电流值减小，衔铁被弹簧拉上去故B正确；C、D、根据题意可知，在自然光不足时接通电源启动日光灯，在自然光充足时，自动关闭日光灯，结合
20、A、B的分析可知，当衔铁被弹簧拉上去时，照明电路被接通，所以上面两接线柱应该和日光灯电路连接故C正确，D错误故选：BC9为了保护电脑元件不受损害，在电脑内部有很多传感器，其中最重要的就是温度传感器，常用的温度传感器有两种，一种是用金属做的热电阻，另一种是用半导体做的热敏电阻关于这两种温度传感器的特点说法正确的是（）A金属做的热电阻随着温度的升高电阻变大B金属做的热电阻随着温度的升高电阻变小C用半导体做的热敏电阻随着温度的升高电阻变大D用半导体做的热敏电阻随着温度的升高电阻变小【考点】传感器在生产、生活中的应用；电阻定律【分析】根据电阻率由材料决定，还与温度有关，从而即可求解【解答】解：金属的电
21、阻率随着温度升高而增大，而半导体的电阻率随着温度升高而减小，则当金属做的热电阻随着温度的升高电阻变大，半导体做的热敏电阻随着温度的升高电阻变小，故AD正确，BC错误；故选：AD10如图所示，A、B两物体质量之比mA：mB=3：2，原来静止在平板小车C上，A、B间有一根被压缩的弹簧，地面光滑，当弹簧突然释放后，则（）A若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B组成的系统动量守恒B若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B、C组成的系统动量守恒C若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B组成的系统动量守恒D若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C组成的系统动量守恒【考点】动量守恒定律【分析】
22、当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒，根据动量守恒的条件进行判断【解答】解：A、因为A、B都要受到车的摩擦力作用，且由于A的质量大于B的质量，两个物体与车上表面的动摩擦因数相等，即A物体受到的摩擦力大于B物体受到的摩擦力，所以当只把A、B作为系统时，显然系统受到的合外力不为0，它们的总动量不守恒的，故A错误；B、当把A、B、C、弹簧作为系统时，由于地面光滑，系统受到的合外力等于0，所以系统的总动量是守恒的，故B正确；C、若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B组成的系统所受的合外力等于0，所以A、B组成的系统动量守恒，故C正确；D、若A、B所受的摩擦力大小相等，地面光滑，系统受到的合外
23、力等于0，所以A、B、C组成的系统动量守恒，故D正确；故选：BCD二、实验题（每空4分，共28分）11如图所示，用碰撞实验器可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在水平面上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，在白纸上记录下重垂线所指的位置O接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在水平面上重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置P点；步骤2：把小球2放在斜槽末端B点，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置M、
24、N点；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N到O点的距离，即OM、OP、ON的长度对于上述实验操作，下列说法正确的是ACA应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下B斜槽轨道必须光滑C小球1的质量应大于小球2的质量上述实验除需测量OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有BAB点距地面的高度hB小球1和小球2的质量m1、m2C小球1和小球2的半径r当所测物理量满足表达式m1OP=m1OM+m2ON（用实验所测物理量的字母表示）时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律如果还满足表达式m1OP2=m1OM2+m2ON2（用实验所测量物理量的字母表示）时，即说明两球碰撞时无机械能损失【考点
25、】验证动量守恒定律【分析】在验证动量守恒定律的实验中，运用平抛运动的知识得出碰撞前后两球的速度，因为下落的时间相等，则水平位移代表平抛运动的速度根据实验的原理确定需要测量的物理量根据动量守恒定律及机械能守恒定律可求得动量守恒及机械能守恒的表达式【解答】解：因为平抛运动的时间相等，根据v=，所以用水平射程可以代替速度，则需测量小球平抛运动的射程间接测量速度故应保证斜槽末端水平，小球每次都从同一点滑下；同时为了小球2能飞的更远，防止1反弹，球1的质量应大于球2的质量；故AC正确，B错误；故选：AC根据动量守恒得，m1OP=m1OM+m2ON，所以除了测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物
26、理量是小球1和小球2的质量m1、m2故选：B因为平抛运动的时间相等，则水平位移可以代表速度，OP是A球不与B球碰撞平抛运动的位移，该位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平抛运动的位移，该位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，该位移可以代表碰撞后B球的速度，当所测物理量满足表达式m1OP=m1OM+m2ON，说明两球碰撞遵守动量守恒定律，由功能关系可知，只要m1v02=m1v12+m2v22成立则机械能守恒，故若m1OP2=m1OM2+m2ON2，说明碰撞过程中机械能守恒故答案为：AC； B； m1OP=m1OM+m2ON m1OP2=m1OM2+m2ON212如图
27、所示是使用光电管的原理图，当频率为v的可见光照射到阴极K上时，电流表中有电流通过（1）当变阻器的滑动端P向左滑动时（填“左”或“右”），通过电流表的电流将会增大（2）当电流表电流刚减小到零时，电压表的读数为U，则光电子的最大初动能为eU （已知电子电荷量为e）（3）如果不改变入射光的频率，而增加入射光的强度，则光电子的最大初动能将不变 （填“增加”、“减小”或“不变”）【考点】光电效应【分析】光电管两端所加的电压为反向电压，根据动能定理求出光电子的最大初动能，根据光电效应方程判断光电子最大初动能的变化【解答】解：当变阻器的滑动端P向左移动，反向电压减小，光电子到达右端的速度变大，则通过电流表的
28、电流变大当电流表电流刚减小到零时，电压表的读数为U，根据动能定理得，eU=mvm2，则光电子的最大初动能为eU根据光电效应方程知，Ekm=hvW0，知入射光的频率不变，则光电子的最大初动能不变故答案为：左，eU，不变三、计算题（共32分）13如图所示，矩形线圈在匀强磁场中绕OO轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直，线圈匝数n=40匝，内阻r=0.1，长l1=0.05m，宽l2=0.04m，转速为3000r/min，磁场的磁感应强度B=0.2 T，线圈两端接有阻值为R=9.9的用电器和一个交流电流表求：（结果保留两位有效数字）（1）线圈中产生的最大感应电动势；（2）从图示位置开始计时，t=s时刻电流表
29、的读数；（3）从图示位置开始，线圈转过60和120，通过用电器的电荷量之比；（4）1min内外力需要提供的能量【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；交流发电机及其产生正弦式电流的原理【分析】（1）线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为Em=NBS（2）电流表测量电流的有效值根据E=和欧姆定律求出电流的有效值（3）计算平均感应电动势，由q=It可求得电量，即可判断（4）用电器消耗的电功率P=I2R，I是电流的有效值【解答】解：（1）产生的感应电动势的最大值为）Em=nBS=5.0 V（2）根据闭合电路的欧姆定律可知回路中的电流为I=0.35 A（3）由 q=t=t=可得=（4）由能量守恒定律
30、得E=Q=I2（R+r）t=74 J答：（1）线圈中产生的最大感应电动势为5.0V；（2）从图示位置开始计时，t=s时刻电流表的读数为0.35A；（3）从图示位置开始，线圈转过60和120，通过用电器的电荷量之比为1：3；（4）1min内外力需要提供的能量为74J14风力发电作为新型环保新能源，近几年来得到了快速发展，如图所示风车阵中发电机输出功率为100kW，输出电压是250V，用户需要的电压是220V，输电线电阻为10若输电线因发热而损失的功率为输送功率的4%，试求：（1）在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比（2）用户得到的电功率是多少【考点】变压器的构造和原理；远距离输电【
31、分析】画出输电线路图，由输电线损耗功率求出输电电流I2，再由发电机输出功率与输出电压求得升压变压器的原线圈的电流I1，由是I1，I2得升压变压器的匝数比；求出升压变压器的匝数比后可求出降压变压器的原线圈的电压，再与用户电压结合求出降压变压器的原副线圈的匝数比【解答】解：（1）输电线损耗功率P线=1004% kW=4kW，又P线=I22R线输电线电流I2=I3=20 A原线圈中输入电流I1=400A所以=这样U2=U1=5000VU3=U2U线=50002010 V=4800 V所以=如图所示（2）用户得到的电功率即降压变压器的输出功率为P用=PP损=P（14%）=10096% kW=96 kW
32、答：（1）在输电线路中设置的升、降压变压器原副线圈的匝数比各为，（2）用户得到的电功率是96kW15如图，A、B、C三个木块的质量均为m，置于光滑的水平桌面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不固连将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体现A以初速度v0沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并粘合在一起以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B分离已知离开弹簧后C的速度恰好为v0求弹簧释放的势能【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析】A与B、C碰撞过程中动量守恒，由动量守恒定律可以求出碰后三者的共同速度；线断开，AB与C分离过程中动量守恒，由动量守恒定律可以列方程；在弹簧弹开过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒定律可以列方程，解方程即可求出弹簧的弹性势能【解答】解：（1）设碰后A、B和C的共同速度的大小为v，由动量守恒定律得：mv0=3mv，设C离开弹簧时，A、B的速度大小为v1，由动量守恒得3mv=2mv1+mv0，解得：v1=0； （2）设弹簧的弹性势能为EP，从细线断开到C与弹簧分开的过程中机械能守恒，有（3m）v2+EP=（2m）v12+mv02，解得：EP=mv02 ；答：弹簧释放的势能为mv022017年4月14日
