1、2020 届高三 12 月联考物理参考答案第1页（共 5 页）高三物理参考答案题号123456答案DBDBBD题号789101112答案CCABACBCABC1.D【解析】根据加速度图象中图线切线的斜率表示加速度大小，则有甲做匀加速运动，乙的加速度逐渐减小，在 0t0 阶段，对乙图做切线，总会找到一条与甲图线平行，选项 D 正确、B 错误；t0 时刻两者速度相等，甲的位移小于乙的位移，由于是比赛甲乙起点相同，甲乙距离一直增大，不相遇，选项 A、C 错误。2B【解析】高分十号卫星在近地点所受地球对它的万有引力即为它所受的合力，由牛顿第二定律得 Fma，选项 A 错误；由万有引力定律得 FG Mm
2、(Rh)2，又地球表面附近有 GMmR2 mg，解得 FmR2g(Rh)2，选项 B 正确；卫星如果以近地点到地球球心距离做圆周运动，所需的向心力为 F 向m(Rh)2mR22Rh，由于高分十号卫星环绕地球沿椭圆轨道运动，在近地点将做离心运动，它在近地点所受地球对它的万有引力小于它做圆周运动所需的向心力，选项 C、D 错误。3D【解析】两物体一起沿着光滑斜面下滑，根据整体法，两物体的加速度沿斜面向下，大小为sinag，把此加速度正交分解，A 物体有水平向左的加速度分量，因此一定受水平向左的静摩擦力，选项 A 错误。B对 A 的弹力与速度方向之间的夹角为钝角，因此做负功，选项 B 错误。力的作用
3、是相互的，A 对 B 的作用力垂直于斜面向下，不做功，选项 C 错误。把 A 所受重力、弹力和静摩擦力沿斜面和垂直于斜面两个方向正交分解，由于物体 A 的加速度为sinag，因此沿斜面方向弹力与静摩擦力的分力的合力为零，即弹力与摩擦力的合力垂直于斜面向上，选项 D 正确。4B【解析】粒子受力方向和电场方向相同，故粒子带正电荷，选项 A 错误；在 x 图象中，图线斜率表示场强大小，斜率不变说明电场为匀强电场，电场强度大小为m/V1000m/V1020203xdUE，选项B 正确；粒子沿 x 轴从 A 点到 B 点的过程中，电场力一直做正功，电势能一直减少，选项 C 错误；由图像知电势降低，根据沿
4、着电场线电势降低，所以在 x 轴上从 A 点到 B 点电场强度都沿 x 轴正方向，选项 D 错误。5B【解析】在 MN 连线的中垂线上各点的电势均为零，选项 A 错误；沿两电荷连线的中垂线从 C 点到 D点，场强先增大后减小，故负试探电荷q 受到的电场力先增大后减小，选项 C、D 错误；因 A 点的电势高于 C 点，故正试探电荷q 在 B 点电势能小于在 A 点电势能，选项 B 正确。6D【解析】开始小球处于静止状态，则sinmgkx，压缩小球直到弹簧缩短量为开始静止的 2.5 倍时弹簧弹力的大小为n.5i2smg，所以释放瞬间，加速度大小为-sin1si5n.F mgagm，选项 A 错误；
5、因sinmgkx 时加速度为零，所以小球向上移动一段距离过程中加速度先减小后增大，选项 B 错误；弹力和重力沿斜面分力相等时速度最大，但弹簧会继续对小球做正功，C 错误；弹力先对小球做正功，弹簧恢复原长后弹力对小球做负功，所以弹簧为原长时机械能最大，选项 D 正确。2020 届高三 12 月联考物理参考答案第2页（共 5 页）7C【解析】第 1 秒内，沿 F 方向匀加速运动，位移为 5m，F 做功 50J，选项 A 错误；球 v0 方向匀速运动速度不变，沿 F 方向速度变化了 10m/s，选项 B 错误；2s 内，球沿 v0 方向位移 20m，沿 F 方向位移 10m，故 2S 内小球的位移为
6、510m，选项 C 正确；2s 末球沿 F 方向的速度为 0，F 的功率为 0，选项 D 错误。8C【解析】小环在细线和的作用下可以无挤压地、缓慢地沿轨道移动，两根细线拉力的合力与小环的重力等大、反向，力三角形 PMQ 与长度三角形 MBA 相似，所以两根细线拉力的大小之和与 MA、MB 的长度之和成正比，又由于 MA、MB 的长度之和不变，所以两根细线拉力的大小之和不变，当小环移动到 D 点时，三角形 DAB 为等边三角形，此时两细线拉力大小等于小环的重力大小，故两根细线拉力的大小之和为 2.0mg，只有选项 C正确。9AB【解析】从同一高度水平发出两个速度不同的排球，根据平抛运动规律，竖直
7、方向上：h=221 gt，可知两球下落相同高度 h 所用的时间是相同的，选项 A 正确；由 v2y=2gh 可知，两球下落相同高度 h 时在竖直方向上的速度 vy 相同，选项 B 正确；由平抛运动规律，水平方向上，x=vt，可知速度较大的球通过同一水平距离所用的时间 t 较少，选项 C 错误；由于做平抛运动的球在竖直方向的运动为自由落体运动，两球在相同时间间隔内下降的高度相同，选项 D 错误。10AC【解析】由于平行板电容器的电容远大于与静电计的指针和外壳组成的电容器的电容，而它们的电势差总相同，故平行板电容器的带电量远大于指针和外壳组成的电容器的带电量，可认为平行板电容器的带电量不变，电容器
8、不接电源电量几乎不变，极板 B 稍向上移动，正对面积减小,由 C rS4kd可知 C 减小，由 CQU,Q 不变 U 变大，静电计指针张角变大，选项 A 正确、B 错误；将 B 板向左平移一小段距离，平行板电容器的电容 C 减小，由 C=Q/U 知，U 变大，静电计指针张角变大，选项 C 正确；B 板向左平移一小段距离平行板电容器间的电场强度 E 不变，由于 P 点与 B 板的距离 dPB 增大，则 UPB 增大，P 点的电势 P 增大，P 点处的负点电荷的电势能减小，选项 D 错误。11BC【解析】对位于最高点的小球分析受力，设轻杆对小球的弹力 F 方向向下，由牛顿第二定律有lvmFmg2，
9、代入速度值，解得mgF21，负号表示方向向上，轻杆对小球的弹力方向向上，小球对轻杆的弹力方向向下，选项 A 错误、B 正确。设轻杆在最低点对球的弹力为 F1，由牛顿第二定律有lvmmgF211，根据动能定理可求小球的速度19=2glv，则111=2Fmg，选项 C 正确。若小球在最高点受到杆的弹力大小为 13 mg，小球受到杆的力可能是拉力也可能是支持力，213vmgmgm l，23vgl或12 3vgl，选项 D 错误。12.ABC【解析】运动员加速度大小 a34gmgsin 30Ffm，解得摩擦力 Ff14mg，运动员在斜坡上能够上升2020 届高三 12 月联考物理参考答案第3页（共 5
10、 页）的最大高度为 H，所以重力势能增加了 mgH，故 A 项正确；机械能损失了 Ffx14mg2H12mgH，故 B 项正确；动能损失量为克服合外力做功的大小 EkF 合外力x34mg2H32mgH，故 C 项正确；克服摩擦力做功12mgH，故 D 项错误。13（5 分）（1）8.117(8.1158.119)（1 分）（2）2)(21tdgh（1 分）（3）21t（1 分）22dkg或22dgk（2 分）【解析】（1）螺旋测微器的固定刻度读数为 8mm，可动刻度读数为 0.0111.7mm=0.117mm，所以最终读数为 8.117mm（2）要验证的表达式为2)(21tdgh；（3）由2)
11、(21tdgh 得2212tgdh，应作h21t图像，若满足22dkg或22dgk则机械能守恒定律得到验证。14（10 分）（1）C（2 分）F（2 分）（2）实验电路图如图所示（4 分）（3）B（2 分）【解析】(1)灯泡额定电压为 6V，电压表量程为 3V，需要把电压表与定值电阻 R4 串联组成新的电压表，使电压表量程扩大至 6V；因电源内阻约为 0.5，滑动变阻器应选择阻值较小的 R1.(2)电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压式接法，灯泡正常发光时电阻约为 RU2P 623 12，电流表内阻约为 0.5，电压表内阻为 6k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路
12、图如图所示(3)由于小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以该同学绘出的小灯泡的 IU 图象应是 B。15（10 分）（1）小滑块从 a 点飞出后做平抛运动：水平方向：2arv t（1 分）竖直方向：212rgt（1 分）解得：avgr（1 分）2020 届高三 12 月联考物理参考答案第4页（共 5 页）小滑块在 a 点飞出时具有的动能21122kaEmvmgr（2 分）（2）小滑块在 e 点时速度为 vm，由机械能守恒定律得：2211222mamvmvmg r（2 分）在最低点由牛顿第二定律:2mmvFmgr（1 分）由牛顿第三定律得：FF解得：6Fmg（2 分）16（12 分）（1）物块
13、在木板 B 上滑动时，因12(2)mgMm g，木板仍静止。（1 分）若物块 A 滑到 B 的右端时速度为零，对物块在木板 B 上做匀减速运动，有2012vgL（1 分）解得04m sv（2 分）（2）当 v04m/s，物块 A 滑上 C 后，木板 C 受到两个摩擦力作用，木板 C 开始向右做加速运动，加速度212()0.5m sCmgMm gaM（2 分）物块 A 受力不变，继续做匀减速运动，当物块到达 C 的右端时和木板 C 的速度相等，设共同速度为v,则物块 A 的初速度具有最大值，设物块 C 在达到速度v 向前滑动的距离为 x,那么有物块在 B 上滑动，221112ovvgL（1 分）
14、物块滑上 C 后22112()vvg xL（1 分）物块 C 加速滑动过程：22Cva x（1 分）A 在 C 上滑动有：11Cvvvtga（1 分）联立解得0134 m sv（1 分）即：04m s34 m sv（1 分）17（15 分）（1）设带电体通过 C 点时的速度为 vC，根据牛顿第二定律有 mgmvC2R（1 分）解得 vC2.0m/s（1 分）设带电体通过 B 点时的速度为 vB，设轨道对带电体的支持力大小为 FB，带电体在 B 点时，根据牛顿第二定律有 FBmgmvB2R（2 分）2020 届高三 12 月联考物理参考答案第5页（共 5 页）带电体从 B 运动到 C 的过程中，
15、根据动能定理有mg2R12mvC212mvB2（2 分）联立解得 FB6.0N（1 分）根据牛顿第三定律，带电体对轨道的压力 FB6.0N（1 分）（2）设带电体从最高点 C 落至水平轨道上的 D 点经历的时间为 t，根据运动的分解有2R12gt2（1 分）xDBvCt12Eqm t2（1 分）联立解得 xDB0（1 分）（3）由 P 点到 B 点带电体做加速运动，故最大速度一定出现在从 B 到 C 的过程中，在此过程中只有重力和电场力做功，这两个力大小相等，其合力与重力方向成 45夹角斜向右下方，故最大速度必出现在 B 点右侧对应圆心角为 45处。（1 分）设带电体的最大动能为 Ekm，根据动能定理有 qERsin45mgR(1cos45)Ekm12mvB2（2 分）代入数据解得 Ekm1.17J(2 2+35J 也对）（1 分）
