1、2015-2016学年内蒙古赤峰二中高二（上）第二次月考化学试卷一、单项选择（共16题，每题3分）1化学是你，化学是我，化学深入我们生活下列说法正确的是( )A木材纤维和土豆淀粉遇碘水均显蓝色B食用花生油和鸡蛋清都能发生水解反应C包装用材料聚乙烯和聚氯乙烯都属于烃DPX项目的主要产品对二甲苯属于饱和烃2下列表示物质结构的化学用语或模型正确的是( )A羟基的电子式：B溴乙烷的电子式：C乙醇的结构简式：CH3CH2OHDCH4分子的球棍模型：3某物质的水溶液能导电，且该物质属于非电解质，溶于水时化学键被破坏的是( )A液溴B干冰C蔗糖D硫酸钡4下列关于合成材料的说法中，不正确的是( )A塑料、合成
2、纤维和合成橡胶都属于合成材料B聚氯乙烯可制成薄膜、软管等，其单体是CH2=CHClC合成酚醛树脂（）的单体是苯酚和甲醇D合成顺丁橡胶（）的单体是CH2=CHCH=CH25高氯酸、硫酸、硝酸和盐酸都是强酸，其酸性在水溶液中差别不大以下是某温度下这四种酸在冰醋酸中的电离常数酸HClO4H2SO4HClHNO3Ka1.61056.31091.61094.21010从以上表格中判断以下说法中不正确的是( )A在冰醋酸中这四种酸都没有完全电离B在冰醋酸中高氯酸是这四种酸中最强的酸C在冰醋酸中硫酸的电离方程式为H2SO4=2H+SO42D水对于这四种酸的强弱没有区分能力，但醋酸可以区别这四种酸的强弱6下列
3、说法正确的是( )A制取氯乙烷（CH3一CH2Cl）的最好的方法是乙烷与氯气发生取代反应B乙烯、苯都能使溴水褪色，两者的褪色原理相同C2丁烯不存在顺反异构体D研究有机物一般要经过的基本步骤为：分离、提纯元素定量分析（确定实验式）测定相对分子质量（确定分子式）波谱分析（确定结构式），其中最早提出元素定量分析的是法国化学家李比希7下列除去杂质的方法正确的是( )除去乙烷中少量的乙烯：通入酸性高锰酸钾溶液中；除去乙酸乙酯中的乙酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏；除去苯中少量的苯酚：加入足量浓溴水后过滤；除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏ABCD全部正确8下列操作能达到实验目的是( )
4、目 的 操 作A确定某卤代烃为氯代烃取某卤代烃少许与NaOH溶液共热后再加盐酸酸化，然后加AgNO3溶液，有白色沉淀B配制银氨溶液在硝酸银溶液中滴加氨水至沉淀恰好消失C提取碘水中的碘将碘水倒入分液漏斗，加入适量乙醇，振荡后静置D确定蔗糖是否发生水解取2mL水解液滴加少量新制的Cu（OH）2悬浊液，加热AABBCCDD9分子式为C4H10OH能与CH3COOH发生酯化反应的有机物具有（不考虑立体异构）( )A3种B4种C5种D6种10已知CC键可以绕键轴自由旋转，结构简式为 的烃，下列说法正确的是( )A分子中至少有8个碳原子处于同一平面上B分子中至少有9个碳原子处于同一平面上C该烃的一氯取代物
5、最多有四种D该烃是苯的同系物11药物贝诺酯可由乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚在一定条件下反应制得：下列有关叙述正确的是( )A贝诺酯分子中有三种含氧官能团B用FeCl3 溶液不能区别乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚C乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚均能与NaHCO3 溶液反应D1mol贝诺酯与足量NaOH 溶液共热最多可消耗5molNaOH钠12将浓度为0.1molL1HF溶液加水不断稀释，下列各量始终保持增大的是( )Ac（H+）BKa（HF）CD13分子式为C5H10O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，若不考虑立体异构，这些醇和酸重新组合可形成的酯共有( )A15种B28种C32种D40种14有机物分子中原
6、子间（或原子与原子团间）的相互影响会导致物质化学性质的不同下列事实不能说明上述观点的是( )A乙烯能发生加成反应，乙烷不能发生加成反应B苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应C甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D苯与浓硝酸加热时能发生硝化反应，苯酚与浓硝酸在常温下就能硝化反应15肉桂醛是一种食用香精，它广泛用于牙膏、洗涤剂、糖果以及调味品中工业上可通过下列反应制备：下列相关叙述正确的是( )B的相对分子质量比A大28；A、B可用酸性高锰酸钾溶液鉴别；B中含有的含氧官能团是醛基、碳碳双键；A、B都能发生加成反应、还原反应；A能发生银镜反应；B的同类同分异构体
7、（含苯环、包括B）共有5种；A中所有原子一定处于同一平面A只有B只有C只有D只有16有含碳元素的质量分数相同的A、B两种烃，关于A和B的叙述中正确的是( )A二者不可能是同系物B二者一定是同分异构体C各1mol的A和B分别燃烧生成CO2的质量一定相等D二者最简式相同二、解答题（共5小题，满分52分）17实验表明，液态时，纯硫酸的电离能力强于纯硝酸，纯硫酸的导电性也显著强于纯水又知液态纯酸都能像水那样进行自身电离（H2O+H2OH3O+OH）而建立平衡，且在一定温度下都有各自的离子积常数据此回答：（1）纯硫酸在液态时自身电离的方程式是_（2）25时，液态纯硫酸的离子积常数K（H2SO4）_110
8、14（填“”、“”或“=”）（3）在纯硫酸与纯硝酸的液态混合酸中，存在的阴离子主要是_，这是因为混合酸中不仅存在硫酸和硝酸各自电离的两个电离平衡，而且还因硫酸的酸度大于硝酸，又在无水条件下，混合酸中必然发生_（写离子方程式）反应18（16分）某研究性学习小组的同学利用图1装置进行乙醇催化氧化的实验请分析回答：（1）请写出实验过程中的总的化学反应方程式_（2）在不断鼓入空气的情况下，移去酒精灯，反应仍能继续进行，说明乙醇的催化氧化反应是_反应进一步研究表明，鼓气速度与反应体系的温度关系曲线如右图2所示鼓气速度过快，反应体系温度反而下降的原因_（3）甲和乙两个水浴作用不相同甲的作用是_；乙的作用是
9、_（4）反应进行一段时间后，干燥试管a中能收集到不同的物质，它们是_集气瓶中收集到的气体的主要成分是_（5）在检验生成物的过程中，一位同学很偶然地发现向溴水中加入乙醛溶液，溴水褪色针对溴水褪色的原因，该小组的同学们经过分析后，提出两种猜想：溴水将乙醛氧化为乙酸；溴水与乙醛发生加成反应请你设计一个简单的实验，探究哪一种猜想正确？_19某研究小组以化合物1为原料，按下列路线制备聚合物8已知：RXRCNRCOOHRCH2COOH请回答：（1）以下四个化合物中，含有羧基的是_A化合物3 B化合物4 C化合物6 D化合物7（2）化合物48的合成路线中，未涉及的反应类型是_A取代反应 B消去反应 C加聚反
10、应 D还原反应（3）下列四个化合物中，与化合物4互为同系物的是_ACH3COOC2H5 BC6H5COOH CCH3CH2CH2COOH DCH3COOH（4）化合物4的属于酯类的所有同分异构体的结构简式_（5）化合物78的化学方程式_20（16分）烃的含氧衍生物A、B能发生如下转化：已知A分子中C、H、O三种元素的质量比为12：1：16实验表明A能使溴水褪色，1 mol A与足量NaHCO3溶液反应放出2 mol CO2请回答：（1）A分子所含官能团的名称是_，B的分子式是_（2）A与氢溴酸反应只能得到一种产物，则A的结构简式是_（3）B在浓硫酸作用下既能与乙醇，又能与乙酸发生酯化反应B与过
11、量乙醇反应的化学方程式是_（4）B失去1分子水后能形成一种四元环状化合物C，C的结构简式是_（5）写出一种与B含相同官能团的B的同分异构体结构简式_（6）1mol B与足量Na、NaOH溶液、NaHCO3溶液充分反应，消耗Na、NaOH、NaHCO3物质的量之比为_21化合物F是一种抗心肌缺血药物的中间体，可以通过以下方法合成：（1）化合物A中的含氧官能团为_和_（填官能团的名称）（2）化合物B的结构简式为_；由CD的反应类型是：_（3）写出同时满足下列条件的E的一种同分异构体的结构简式_分子含有2个苯环分子中含有3种不同化学环境的氢（4）已知：RCH2CNRCH2CH2NH2，请写出以为原料
12、制备化合物X（结构简式见图）的合成路线流程图（无机试剂可任选）合成路线流程图示例如图：CH3CHOCH3COOHCH3COOCH2CH32015-2016学年内蒙古赤峰二中高二（上）第二次月考化学试卷一、单项选择（共16题，每题3分）1化学是你，化学是我，化学深入我们生活下列说法正确的是( )A木材纤维和土豆淀粉遇碘水均显蓝色B食用花生油和鸡蛋清都能发生水解反应C包装用材料聚乙烯和聚氯乙烯都属于烃DPX项目的主要产品对二甲苯属于饱和烃【考点】生活中的有机化合物 【分析】A淀粉遇碘水显蓝色；B食用花生油成分是油脂，鸡蛋清成分是蛋白质；C烃是指仅含碳氢两种元素的化合物；D不饱和烃，是含有双键或三键
13、或苯环的烃【解答】解：A淀粉遇碘水显蓝色，纤维素遇碘水不显蓝色，木材纤维的主要成分是纤维素，故A错误； B食用花生油成分是油脂，鸡蛋清成分是蛋白质，油脂水解生成高级脂肪酸和甘油，蛋白质水解生成氨基酸，故B正确；C聚氯乙烯还含有氯元素，故C错误；D对二甲苯含有苯环，属于不饱和烃，故D错误故选B【点评】本题考查有机物的性质与简单分类，比较基础，明确不饱和烃，是含有双键或三键或苯环的烃是解题的关键2下列表示物质结构的化学用语或模型正确的是( )A羟基的电子式：B溴乙烷的电子式：C乙醇的结构简式：CH3CH2OHDCH4分子的球棍模型：【考点】电子式、化学式或化学符号及名称的综合；结构简式；球棍模型与
14、比例模型 【分析】A羟基有9个电子；B电子式中漏掉了溴原子的3对孤电子对；C依据结构简式的书写方法解答；D是甲烷的比例模型【解答】解：A羟基中存在一个碳氧共用电子对，羟基的电子式为：，故A错误；B溴原子未成键的孤对电子对为标出，溴乙烷电子式为，故B错误；C乙醇的结构简式：CH3CH2OH，故C正确；D为甲烷的比例模型，甲烷的球棍模型应该用小球和短棍表示，甲烷为正四面体结构，其正确的球棍模型为：，故D错误；故选：C【点评】本题考查了常见化学用语的表示方法，涉及电子式、结构简式及比例模型、球棍模型，明确常见化学用语的概念及书写原则为解答关键，题目难度不大3某物质的水溶液能导电，且该物质属于非电解质
15、，溶于水时化学键被破坏的是( )A液溴B干冰C蔗糖D硫酸钡【考点】电解质与非电解质；电解质溶液的导电性 【专题】物质的分类专题【分析】在水溶液里或熔融状态下能导电的化合物是电解质，在水溶液里和熔融状态下都不导电的化合物是非电解质，在水溶液中能导电必须有自由移动的离子说明有电解质，若物质属于非电解质，则必须是非电解质溶于水后反应生成了电解质；溶于水时化学键被破坏可能发生了化学反应，据此即可解答【解答】解：A液溴只存在溴分子，没有自由移动的离子，不导电，液溴与水反应，发生了化学反应化学键被破坏，溶液能导电，但液溴是单质不是化合物，所以液溴既不是电解质也不是非电解质，故A错误；B干冰是二氧化碳的固态
16、形式，溶于水反应生成的碳酸发生了化学反应化学键被破坏，生成的碳酸是电解质，溶液能导电，但CO2本身不能电离出离子，是非电解质，故B正确；C蔗糖在水中以分子存在，化学键未被破坏，其水溶液不导电，所以蔗糖是非电解质，故C错误；D熔融状态下的硫酸钡能电离出自由移动的阴阳离子而使其导电，所以硫酸钡是电解质，但硫酸钡难溶于水，水溶液几乎不导电，化学键未被破坏，故D错误；故选B【点评】本题考查了非电解质的判断和溶液导电的实质，注意电解质不一定导电，导电的不一定是电解质，题目难度不大4下列关于合成材料的说法中，不正确的是( )A塑料、合成纤维和合成橡胶都属于合成材料B聚氯乙烯可制成薄膜、软管等，其单体是CH
17、2=CHClC合成酚醛树脂（）的单体是苯酚和甲醇D合成顺丁橡胶（）的单体是CH2=CHCH=CH2【考点】常用合成高分子材料的化学成分及其性能 【专题】有机化合物的获得与应用【分析】A三大合成材料包括塑料、合成纤维和合成橡胶；B聚氯乙烯的单体是CH2=CHCl；C合成酚醛树脂的单体是苯酚和甲醛；D凡链节的主链上只有两个碳原子（无其它原子）的高聚物，其合成单体必为一种，将两半链闭合即可【解答】解：A合成材料包括塑料、合成纤维和合成橡胶，故A正确； B聚氯乙烯的单体是CH2=CHCl，可制成薄膜、软管等，故B正确；C酚醛树脂是由苯酚与甲醛缩聚而得，故C错误；D的单体是CH2=CHCH=CH2，故D
18、正确故选C【点评】本题考查合成材料、常用合成高分子材料的化学成分，难度不大，注意掌握聚合物找单体的方法5高氯酸、硫酸、硝酸和盐酸都是强酸，其酸性在水溶液中差别不大以下是某温度下这四种酸在冰醋酸中的电离常数酸HClO4H2SO4HClHNO3Ka1.61056.31091.61094.21010从以上表格中判断以下说法中不正确的是( )A在冰醋酸中这四种酸都没有完全电离B在冰醋酸中高氯酸是这四种酸中最强的酸C在冰醋酸中硫酸的电离方程式为H2SO4=2H+SO42D水对于这四种酸的强弱没有区分能力，但醋酸可以区别这四种酸的强弱【考点】弱电解质在水溶液中的电离平衡 【专题】电离平衡与溶液的pH专题【
19、分析】A根据酸的电离程度分析；B在冰醋酸中，酸的电离平衡常数越大，则其电离程度越大，酸性越强；C存在电离平衡的酸在电离时是不完全电离的，且多元酸是分步电离的；D在溶剂中完全电离的电解质不能区分，不完全电离的电解质能区分【解答】解：A根据电离平衡常数知，在醋酸中这几种酸都不完全电离，故A正确；B在醋酸中，高氯酸的电离平衡常数最大，所以高氯酸的酸性最强，故B正确；C在冰醋酸中硫酸存在电离平衡，所以其电离方程式为H2SO4H+HSO4，故C错误；D这四种酸在水中都完全电离，在冰醋酸中电离程度不同，所以水对于这四种酸的强弱没有区分能力，但醋酸可以区分这四种酸的强弱，故D正确；故选C【点评】本题考查了电
20、解质的电离，该题中的溶剂是冰醋酸不是水，做题时不能定势思维，知道电离平衡常数能反映酸的强弱6下列说法正确的是( )A制取氯乙烷（CH3一CH2Cl）的最好的方法是乙烷与氯气发生取代反应B乙烯、苯都能使溴水褪色，两者的褪色原理相同C2丁烯不存在顺反异构体D研究有机物一般要经过的基本步骤为：分离、提纯元素定量分析（确定实验式）测定相对分子质量（确定分子式）波谱分析（确定结构式），其中最早提出元素定量分析的是法国化学家李比希【考点】取代反应与加成反应；化学研究基本方法及作用；同分异构现象和同分异构体；乙烯的化学性质 【专题】同系物和同分异构体；有机物的化学性质及推断【分析】A制取氯乙烷（CH3CH2
21、Cl），不能混有杂质，则乙烯与HCl发生加成反应即可，没有副产物；B乙烯与溴水发生加成反应溴水褪色；苯能萃取溴水中的溴使溴水褪色；C碳碳双键上同一碳上连有H、甲基两种不同的基团；D从天然资源提取的有机物，首先得到是含有有机物的粗品，需经过分离、提纯才能得到纯品再进行鉴定和研究未知有机物的结构与性质，一般先利用元素定量分析确定实验式，再测定相对分子质量确定分子式，最后利用波谱分析确定结构式【解答】解：A乙烷与氯气发生取代反应，为连锁式反应，产物复杂，制取的氯乙烷不纯，所以用乙烯与HCl发生加成反应即可，没有副产物，故A不选；B乙烯与溴水发生加成反应溴水褪色；苯能萃取溴水中的溴使溴水褪色，褪色的原
22、理不相同，故C不选；C2丁烯的碳碳双键上同一碳上连有H、甲基两种不同的基团，存在顺2丁烯、反2丁烯两种顺反异构体，故C不选；D从天然资源提取的有机物，首先得到是含有有机物的粗品，需经过分离、提纯才能得到纯品再进行鉴定和研究未知有机物的结构与性质，一般先利用元素定量分析确定实验式，再测定相对分子质量确定分子式，因为有机物存在同分异构现象，所以最后利用波谱分析确定结构式，故对其进行研究一般采取的研究步骤是：分离、提纯元素定量分析（确定实验式）测定相对分子质量（确定分子式）波谱分析（确定结构式），其中最早提出元素定量分析的是法国化学家李比希，故D选；故选D【点评】本题考查较综合，涉及有机物的结构与性
23、质、化学研究方法等，把握结构与性质的关系、相关化学反应原理为解答的关键，侧重分析与应用能力的综合考查，题目难度不大7下列除去杂质的方法正确的是( )除去乙烷中少量的乙烯：通入酸性高锰酸钾溶液中；除去乙酸乙酯中的乙酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏；除去苯中少量的苯酚：加入足量浓溴水后过滤；除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏ABCD全部正确【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用 【专题】物质的分离提纯和鉴别【分析】乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳；乙酸与碳酸钠反应，与乙酸乙酯分层；溴、三溴苯酚均易溶于苯；乙酸与CaO反应后，增大与乙醇的沸点差异【解答】解：乙烯被高锰酸钾氧化生成
24、二氧化碳，引入新杂质，应选溴水、洗气除杂，故错误；乙酸与碳酸钠反应，与乙酸乙酯分层，则用饱和碳酸钠溶液洗涤，分液、干燥、蒸馏可除杂，故正确；溴、三溴苯酚均易溶于苯，引入新杂质，不能除杂，应选NaOH溶液、分液，故错误；乙酸与CaO反应后，增大与乙醇的沸点差异，然后蒸馏可除杂，故正确；故选A【点评】本题考查混合物分离提纯，为高频考点，把握物质的性质、性质差异及混合物分离方法为解答关键，侧重分析与应用能力的考查，题目难度不大8下列操作能达到实验目的是( ) 目 的 操 作A确定某卤代烃为氯代烃取某卤代烃少许与NaOH溶液共热后再加盐酸酸化，然后加AgNO3溶液，有白色沉淀B配制银氨溶液在硝酸银溶液
25、中滴加氨水至沉淀恰好消失C提取碘水中的碘将碘水倒入分液漏斗，加入适量乙醇，振荡后静置D确定蔗糖是否发生水解取2mL水解液滴加少量新制的Cu（OH）2悬浊液，加热AABBCCDD【考点】化学实验方案的评价 【专题】实验评价题【分析】A加入稀盐酸酸化，引入Cl，干扰其检验；B氨水和硝酸银反应生成AgOH，AgOH继续与氨水反应生成银氨络离子；C乙醇和水混溶，不能用于萃取；D应在碱性条件下发生反应【解答】解：A加入稀盐酸酸化，引入Cl，干扰其检验，应加硝酸酸化，故A错误； B氨水和硝酸银反应生成AgOH，AgOH继续与氨水反应生成银氨络离子，符合操作，故B正确；C乙醇和水混溶，不能用于萃取，可用苯或
26、四氯化碳萃取，故C错误；D蔗糖在酸性条件下发生水解反应生成葡萄糖，应在碱性条件下发生氧化还原反应，故D错误故选B【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握离子的检验方法、试剂及现象与结论为解答的关键，侧重离子检验的考查，注意检验应排除干扰离子，题目难度不大9分子式为C4H10OH能与CH3COOH发生酯化反应的有机物具有（不考虑立体异构）( )A3种B4种C5种D6种【考点】同分异构现象和同分异构体 【分析】分子式为C4H10O的有机物，能发生酯化反应的有机物物质是醇类，同分异构体有4种【解答】解：分子式为C4H10O，能发生酯化反应，即属于醇类，此类有机化合物的同分异构体，有4种，
27、即：，故选B【点评】本题主要考查学生对同分异构体的知识和醇的化学性质的认识，可以根据所学知识进行回答，难度适中10已知CC键可以绕键轴自由旋转，结构简式为 的烃，下列说法正确的是( )A分子中至少有8个碳原子处于同一平面上B分子中至少有9个碳原子处于同一平面上C该烃的一氯取代物最多有四种D该烃是苯的同系物【考点】有机物的结构和性质 【专题】同分异构体的类型及其判定【分析】A、B可根据苯环的结构判断；C根据等效氢原子判断同分异构体；D苯的同系物指含有1个苯环，侧链为烷基【解答】解：A由B分析可知，应有9个碳原子共平面，故A错误；B甲基与苯环平面结构通过单键相连，甲基的C原子处于苯的H原子位置，所
28、以处于苯环这个平面两个苯环相连，与苯环相连的碳原子处于另一个苯的H原子位置，也处于另一个苯环这个平面，另一苯环所用的C原子都处于同一平面上，至少有1个碳原子与另一个苯环同平面，所以至少有9个碳原子共面，故B正确；C每个苯环上4个H各不相同，取代苯环上的H有4种异构体，再加上甲基被取代，则该烃的一氯取代物最多有5种，故C错误；D该有机物含有2个苯环，与苯在组成上不相差CH2的倍数，且不饱和度不同，不是苯的同系物，故D错误；故选B【点评】本题主要考查有机化合物的结构特点，题目难度中等，易错点为B、C，注意从甲烷、乙烯、苯和乙炔的结构特点判断有机分子的空间结构11药物贝诺酯可由乙酰水杨酸和对乙酰氨基
29、酚在一定条件下反应制得：下列有关叙述正确的是( )A贝诺酯分子中有三种含氧官能团B用FeCl3 溶液不能区别乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚C乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚均能与NaHCO3 溶液反应D1mol贝诺酯与足量NaOH 溶液共热最多可消耗5molNaOH钠【考点】有机物的结构和性质 【专题】有机物的化学性质及推断【分析】A贝诺酯分子中有COOC、NHCO；B乙酰水杨酸不含酚OH；C乙酰水杨酸含COOH，酚OH不能与NaHCO3溶液反应；D贝诺酯与足量NaOH溶液共热发生水解，COOC、NHCO均发生断键【解答】解：A贝诺酯分子中有COOC、NHCO，两种含氧官能团，故A错误；B对乙酰氨基酚含酚O
30、H，而乙酰水杨酸不含酚OH，则能用FeCl3溶液区别区别乙酰水杨酸和贝诺酯，故B错误；C乙酰水杨酸含COOH，能与碳酸氢钠反应，而酚OH能与Na2CO3溶液反应，不能与碳酸氢钠反应，故C错误；D贝诺酯与足量NaOH溶液共热发生水解，COOC、NHCO均发生断键，且水解生成的COOH、酚OH均与NaOH反应，1mol贝诺酯与足量NaOH 溶液共热最多可消耗5molNaOH钠，故D正确；故选D【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答关键，侧重酚、羧酸、酯性质的考查，选项D为解答的难点，题目难度不大12将浓度为0.1molL1HF溶液加水不断稀释，下列各量始终保持
31、增大的是( )Ac（H+）BKa（HF）CD【考点】弱电解质在水溶液中的电离平衡 【专题】热点问题；类比迁移思想；控制单因变量法；电离平衡与溶液的pH专题【分析】根据HF属于弱电解质，则在加水不断稀释时，电离程度增大，电离平衡保持向正反应方向移动，并注意温度不变时，电离平衡常数不变来解答【解答】解：A、因HF为弱酸，则浓度为0.1molL1HF溶液加水不断稀释，促进电离，平衡正向移动，电离程度增大，n（H+）增大，但c（H+）不断减小，故A错误；B、因电离平衡常数只与温度有关，则Ka（HF）在稀释过程中不变，故B错误；C、因稀释时一段时间电离产生等量的H+和F，溶液的体积相同，则两种离子的浓度
32、的比值不变，但随着稀释的不断进行，c（H+）不会超过107molL1，c（F）不断减小，则比值变小，故C错误；D、因Ka（HF）=，当HF溶液加水不断稀释，促进电离，c（F）不断减小，Ka（HF）不变，则增大，故D正确；故选：D【点评】本题考查弱电解质的稀释，明确稀释中电离程度、离子浓度、Ka的变化即可解答，本题难点和易错点是不断稀释时c（H+）不会超过107molL113分子式为C5H10O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，若不考虑立体异构，这些醇和酸重新组合可形成的酯共有( )A15种B28种C32种D40种【考点】有机化合物的异构现象 【分析】分子式为C5H10O2的酯为饱和一元酯，
33、形成酯的羧酸与醇的碳原子总数为5，讨论羧酸与醇含有的碳原子，判断形成该酯的羧酸与醇的同分异构体种数，根据羧酸与醇组合，计算同分异构体数目【解答】解：分子式为C5H10O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，属于饱和一元酯，若为甲酸和丁醇酯化，甲酸只有1种，丁醇有4种；若为乙酸和丙醇酯化，乙酸只有1种，丙醇有2种；若为丙酸和乙醇酯化，丙酸只有1种，乙醇只有1种；若为丁酸和甲醇酯化，丁酸有2种，甲醇只有1种；故羧酸共有5种，醇共有8种，酸和醇重新组合可形成的酯共有58=40种，故选D【点评】本题考查同分异构体的书写与判断，难度中等，关键是形成酯的羧酸与醇的同分异构体的判断，注意利用数学法进行计算1
34、4有机物分子中原子间（或原子与原子团间）的相互影响会导致物质化学性质的不同下列事实不能说明上述观点的是( )A乙烯能发生加成反应，乙烷不能发生加成反应B苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应C甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D苯与浓硝酸加热时能发生硝化反应，苯酚与浓硝酸在常温下就能硝化反应【考点】有机分子中基团之间的关系；乙烯的化学性质；乙醇的化学性质；苯酚的化学性质 【专题】有机物的化学性质及推断【分析】A、官能团不同导致，不是原子团间的相互影响导致B、羟基连接在不同的烃基上，性质可能不同；C、甲基连接在苯环上，可被氧化；D、甲苯与硝酸反应更容易，说明
35、甲苯中苯环上H原子更活泼【解答】解：A、乙烯中含有碳碳双键性质较活泼能发生加成反应，而乙烷中不含碳碳双键，性质较稳定，乙烷不能发生加成反应，所以乙烯和乙烷性质的不同是由于含有的化学键不同而导致的，故A选；B、苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应，说明羟基连接在苯环上时OH易断裂，可说明羟基连接在不同的烃基上，性质不同，故B不选；C、甲基连接在苯环上，可被氧化，说明苯环对甲基影响，故C不选；D、甲苯与硝酸反应更容易，说明甲基的影响使苯环上的氢变得活泼易被取代，故D不选；故选A【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重于有机物原子之间的相互影响的规律，题目难度不大，注意相关知识的理解
36、和积累15肉桂醛是一种食用香精，它广泛用于牙膏、洗涤剂、糖果以及调味品中工业上可通过下列反应制备：下列相关叙述正确的是( )B的相对分子质量比A大28；A、B可用酸性高锰酸钾溶液鉴别；B中含有的含氧官能团是醛基、碳碳双键；A、B都能发生加成反应、还原反应；A能发生银镜反应；B的同类同分异构体（含苯环、包括B）共有5种；A中所有原子一定处于同一平面A只有B只有C只有D只有【考点】有机物的结构和性质 【分析】A为苯甲醛，含有醛基，可发生氧化和还原反应，含有苯环，可发生取代反应，B为肉桂醛，分子中含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，含有醛基，可发生加成、还原和氧化反应，结合有机物结构简式判断分
37、子式，结合苯、乙烯、甲醛的结构判断有机物的空间结构【解答】解：对比A、B的结构可知，B的相对分子质量比A大26，故错误；A、B都含有醛基，可被高锰酸钾氧化，不能用酸性高锰酸钾溶液鉴别，故错误；B中含有的含氧官能团是醛基，故错误；A、B都含有醛基，能发生加成反应、还原反应，故正确；A含有醛基，能发生银镜反应，故正确；B的同类同分异构体（含苯环、包括B）分为两类，一类是苯环上含有CH2=CH和CHO，有邻、间、对3种，另一类为苯环只含有1个侧链，有两种位置异构，共有5种，故正确；A中苯环和CHO为键，可旋转，不一定在同一个平面上，故错误故选C【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型，侧重
38、于考查学生的分析能力和综合运用化学知识的能力，注意把握官能团的性质以及有机物的空间结构，为解答该题的易错点16有含碳元素的质量分数相同的A、B两种烃，关于A和B的叙述中正确的是( )A二者不可能是同系物B二者一定是同分异构体C各1mol的A和B分别燃烧生成CO2的质量一定相等D二者最简式相同【考点】有机物实验式和分子式的确定 【分析】根据烃中只有碳氢两种元素，利用碳的质量分数、氢的质量分数求出最简式，最简式相同，可能是同分异构体，也可能是同系物，据此回答问题【解答】解：A因烃中只有碳氢两种元素，碳质量分数相同，所以氢的质量分数也相同、则最简式相同，可能是同系物，故A错误； B因烃中只有碳氢两种
39、元素，碳质量分数相同，所以氢的质量分数也相同、则最简式相同，可能是同分异构体，还可能是同系物，故B错误；CA和B的最简式相同，各1mol完全燃烧生成二氧化碳的物质的量取决于分子中碳原子的数目，只有互为同分异构体时生成的二氧化碳的质量才相等，故C错误；D因烃中只有碳氢两种元素，碳质量分数相同，所以氢的质量分数也相同、则最简式一定相同，故D正确故选D【点评】本题主要考查有机物分子式的确定以及同分异构体、同系物的特征知识，需要强调的是：同分异构体的化学性质可能相同也可能不同，难度不大二、解答题（共5小题，满分52分）17实验表明，液态时，纯硫酸的电离能力强于纯硝酸，纯硫酸的导电性也显著强于纯水又知液
40、态纯酸都能像水那样进行自身电离（H2O+H2OH3O+OH）而建立平衡，且在一定温度下都有各自的离子积常数据此回答：（1）纯硫酸在液态时自身电离的方程式是2H2SO4H3SO4+HSO4（2）25时，液态纯硫酸的离子积常数K（H2SO4）11014（填“”、“”或“=”）（3）在纯硫酸与纯硝酸的液态混合酸中，存在的阴离子主要是HSO4，这是因为混合酸中不仅存在硫酸和硝酸各自电离的两个电离平衡，而且还因硫酸的酸度大于硝酸，又在无水条件下，混合酸中必然发生H+NO3HNO3（或NO3+H3SO4+HNO3+H2SO4）（写离子方程式）反应【考点】弱电解质在水溶液中的电离平衡 【专题】电离平衡与溶液
41、的pH专题【分析】（1）根据信息液态纯酸都像水那样进行自身电离：H2O+H2OH3O+OH，结合电离方程式的书写方法来回答；（2）离子积常数K越大，电离程度越强；（3）纯硫酸和纯硝酸的液态混合酸中2H2SO4H3SO4+HSO4为主要的电离方式，而纯硝酸电离受到纯硫酸电离出的H+的抑制，据此判断主要存在的阴离子；无水条件下，混合酸中必然发生H+NO3HNO3（或NO3+H3SO4+HNO3+H2SO4）的反应【解答】解：（1）根据实验表明，液态时，纯硫酸的电离能力强于纯硝酸，纯硫酸的导电性也显著强于纯水已知液态纯酸都能像水那样进行自身电离（H2O+H2OH3O+OH）而建立平衡，且在一定温度下
42、都有各自的离子积常数，这些信息告诉我们纯硫酸存在着电离平衡，且电离程度强于纯硝酸和纯水，仿照纯水的电离方式，可以推知纯硫酸的电离方程式为：2H2SO4H3SO4+HSO4，故答案为：2H2SO4H3SO4+HSO4；（2）纯硫酸的导电性显著强于纯水，所以25时，液态纯硫酸的离子积常数K（H2SO4）11014，故答案为：；（3）由于在纯硫酸和纯硝酸的液态混合酸中2H2SO4H3SO4+HSO4为主要的电离方式，而纯硝酸电离受到纯硫酸电离出的H+的抑制，因此在纯硫酸和纯硝酸的液态混合酸中，存在的阴离子主要是HSO4；同时，无水条件下，混合酸中必然发生H+NO3HNO3（或NO3+H3SO4+HN
43、O3+H2SO4）的反应，故答案为：HSO4；H+NO3HNO3（或NO3+H3SO4+HNO3+H2SO4）【点评】本题考查了电离平衡及其应用，题目难度中等，明确题干信息的含义为解答关键，试题侧重考查学生的分析、理解能力及灵活应用能力18（16分）某研究性学习小组的同学利用图1装置进行乙醇催化氧化的实验请分析回答：（1）请写出实验过程中的总的化学反应方程式2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O（2）在不断鼓入空气的情况下，移去酒精灯，反应仍能继续进行，说明乙醇的催化氧化反应是放热反应进一步研究表明，鼓气速度与反应体系的温度关系曲线如右图2所示鼓气速度过快，反应体系温度反而下降的原因
44、过量的气体将反应体系中的热量带走（3）甲和乙两个水浴作用不相同甲的作用是加热，使乙醇气化；乙的作用是冷却，收集产物乙醛（4）反应进行一段时间后，干燥试管a中能收集到不同的物质，它们是乙醛、乙醇、水集气瓶中收集到的气体的主要成分是氮气（5）在检验生成物的过程中，一位同学很偶然地发现向溴水中加入乙醛溶液，溴水褪色针对溴水褪色的原因，该小组的同学们经过分析后，提出两种猜想：溴水将乙醛氧化为乙酸；溴水与乙醛发生加成反应请你设计一个简单的实验，探究哪一种猜想正确？用pH试纸检测溴水与褪色后溶液的酸碱性若酸性明显增强，则猜想正确；若酸性明显减弱，则猜想正确【考点】乙醇的催化氧化实验 【专题】综合实验题【分
45、析】（1）伯醇可以被催化氧化生成醛和水，乙醇催化氧化可以生成乙醛；（2）该反应引发后，不需加热即可进行，说明反应是放热的；根据鼓气的速度和反应体系温度之间的关系来回答；（3）依据乙醇和乙醛的物理性质：二者都容易挥发乙醇是反应物，应转化成乙醇蒸汽进入到硬质试管内参与反应；乙醛是产物，降低温度使其转化成液态，所以前者用热水浴，后者用冷水浴；（4）根据物质的沸点高低不同来确定获得的物质，结合空气的成分以及发生的反应确定剩余的气体成分；（5）若是乙醛被氧化，则有乙酸和溴化氢生成，溶液呈强酸性；若是发生加成反应，则生成饱和含溴有机物，溶液仍为中性，故可利用酸碱指示剂来确定哪种猜想是正确的；【解答】解：（
46、1）乙醇在通作催化剂时，可以被氧气氧化为乙醛，反应的方程式为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；（2）实验时，在不断鼓入空气的情况下，移去酒精灯，反应仍能继续进行，说明反应引发后，不需加热即可进行到底，说明该反应是放热的反应；反应放出的热的多少和乙醇以及氧气的量有关，鼓气多反应放热多，所以开始阶段温度升高，但是过量的气体会将体系中的热量带走，所以后阶段温度降低，故答案为：放热；过量的气体将反应体系中的热量带走；（3）根据反应流程可知：在甲处用热水浴加热使乙醇挥发与空气中的氧气混合，有利于下一步反应；乙处作用为冷水浴，降
47、低温度，使生成的乙醛冷凝成为液体，沉在试管的底部，故答案为：加热，使乙醇气化；冷却，收集产物乙醛；（4）乙醇的催化氧化实验中的物质：乙醇、乙醛和水的沸点高低不同，在试管a中能收集这些不同的物质，空气的成分主要是氮气和氧气，氧气参加反应后剩余的主要是氮气，故答案为：乙醛、乙醇、水；氮气；（5）若是乙醛被氧化，则有乙酸和溴化氢生成，溶液呈强酸性；若是发生加成反应，则生成饱和含溴有机物，溶液仍为中性，所以用pH试纸检测溴水与褪色后溶液的酸碱性，若酸性明显增强，则猜想正确；若酸性明显减弱，则猜想正确，故答案为：用pH试纸检测溴水与褪色后溶液的酸碱性若酸性明显增强，则猜想正确；若酸性明显减弱，则猜想正确
48、；【点评】本题考查了乙醇的催化氧化实验，综合考查学生的分析能力和实验能力，为高考常见题型，侧重考查了醛基官能团的性质和检验应用，注意把握实验的原理以及操作方法，注意从取代反应、加成反应、氧化反应的反应特征分析，题目难度中等19某研究小组以化合物1为原料，按下列路线制备聚合物8已知：RXRCNRCOOHRCH2COOH请回答：（1）以下四个化合物中，含有羧基的是BCA化合物3 B化合物4 C化合物6 D化合物7（2）化合物48的合成路线中，未涉及的反应类型是DA取代反应 B消去反应 C加聚反应 D还原反应（3）下列四个化合物中，与化合物4互为同系物的是CDACH3COOC2H5 BC6H5COO
49、H CCH3CH2CH2COOH DCH3COOH（4）化合物4的属于酯类的所有同分异构体的结构简式HCOOCH2CH3、CH3COOCH3（5）化合物78的化学方程式n CH2=CHCOOCH3【考点】有机物的推断 【专题】有机推断；结构决定性质思想；演绎推理法；有机化合物的获得与应用【分析】乙烯与HBr发生加成反应生成2为CH3CH2Br，结合信息可知，CH3CH2Br与NaCN发生取代反应生成3为CH3CH2CN，CH3CH2CN水解得到4为CH3CH2COOH，CH3CH2COOH在Br2/P条件下发生取代反应生成5为CH3CHBrCOOH，CH3CHBrCOOH在氢氧化钠醇溶液条件下
50、发生消去反应，再酸化得到6为CH2=CHCOOH，CH2=CHCOOH与甲醇发生酯化反应生成7为CH2=CHCOOCH3，CH2=CHCOOCH3发生加聚反应生成聚合物8为，据此解答【解答】解：乙烯与HBr发生加成反应生成2为CH3CH2Br，结合信息可知，CH3CH2Br与NaCN发生取代反应生成3为CH3CH2CN，CH3CH2CN水解得到4为CH3CH2COOH，CH3CH2COOH在Br2/P条件下发生取代反应生成5为CH3CHBrCOOH，CH3CHBrCOOH在氢氧化钠醇溶液条件下发生消去反应，再酸化得到6为CH2=CHCOOH，CH2=CHCOOH与甲醇发生酯化反应生成7为CH2
51、=CHCOOCH3，CH2=CHCOOCH3发生加聚反应生成聚合物8为（1）A化合物3为CH3CH2CN，不含羧基，故不选；B化合物4为CH3CH2COOH，含有羧基，故选；C化合物6为CH2=CHCOOH，含有羧基，故选；D化合物7 CH2=CHCOOCH3，不含羧基，故不选，故选：BC；（2）化合物48的合成路线中，依次发生的取代反应、消去反应、酯化反应（属于取代反应）、加聚反应，未涉及还原反应，故选：D；（3）CH3COOC2H5 属于酯，C6H5COOH属于芳香酸，CH3CH2CH2COOH CH3COOH，属于脂肪酸，均含有1个羧基，组成相差2个CH2原子团，二者互为同系物，故选：C
52、D；（4）化合物4为CH3CH2COOH，属于酯类的所有同分异构体有：HCOOCH2CH3、CH3COOCH3，故答案为：HCOOCH2CH3、CH3COOCH3；（5）化合物78的化学方程式为n CH2=CHCOOCH3，故答案为：n CH2=CHCOOCH3【点评】本题考查有机物推断，根据反应条件利用顺推法进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，难度不大20（16分）烃的含氧衍生物A、B能发生如下转化：已知A分子中C、H、O三种元素的质量比为12：1：16实验表明A能使溴水褪色，1 mol A与足量NaHCO3溶液反应放出2 mol CO2请回答：（1）A分子所含官能团的名称是碳碳双
53、键、羧基，B的分子式是C4H6O5（2）A与氢溴酸反应只能得到一种产物，则A的结构简式是HOOCCH=CHCOOH（3）B在浓硫酸作用下既能与乙醇，又能与乙酸发生酯化反应B与过量乙醇反应的化学方程式是（4）B失去1分子水后能形成一种四元环状化合物C，C的结构简式是（5）写出一种与B含相同官能团的B的同分异构体结构简式（6）1mol B与足量Na、NaOH溶液、NaHCO3溶液充分反应，消耗Na、NaOH、NaHCO3物质的量之比为3：2：2【考点】有机物的推断 【分析】由A分子中C、H、O三种元素的质量比为12：1：16，A分子中C、H、O三种元素的原子个数比为：=1：1：1，实验表明A能使溴
54、水褪色，1mol A 与足量NaHCO3 溶液反应放出2molCO2，则A中含有C=C和2个COOH，A的相对分子质量为116，1169024=2，则分子中含有2个H原子，即A为HOOCCH=CHCOOH或HOOCC（COOH）=CH2，A与氢溴酸反应只能得到一种产物，所以A只能为HOOCCH=CHCOOH，B的相对分子质量为134，134116=18，即AB发生碳碳双键与水的加成反应，所以B中含有OH、COOH，则B为HOOCCH2CH（OH）COOH，然后结合物质的结构与性质来解答【解答】解：（1）A中含碳碳双键、羧基，B为HOOCCH2CH（OH）COOH，其分子式为C4H6O5，故答案
55、为：碳碳双键、羧基；C4H6O5；（2）A与氢溴酸反应只能得到一种产物，所以A只能为HOOCCH=CHCOOH，故答案为：HOOCCH=CHCOOH；（3）B与过量乙醇反应的化学方程式为，故答案为：；（4）B 失去1 分子水后能形成一种四元环状化合物C，则C的结构简式为，故答案为：；（5）B中含有OH、COOH，B为HOOCCH2CH（OH）COOH，其含相同官能团的B 的同分异构体结构简式为，故答案为：（中任意一种）；（6）B为HOOCCH2CH（OH）COOH，OH、COOH均与Na反应，只有COOH与NaOH、NaHCO3反应，则1molB足量Na、NaOH溶液、NaHCO3溶液充分反应
56、，消耗Na、NaOH、NaHCO3物质的量之比为3：2：2，故答案为：3：2：2【点评】本题考查有机物的推断，为高频考点，明确A、B的结构及A的性质、AB发生加成是解答本题的突破口，结合（2）确定A的结构是解答本题的关键侧重分析、推断能力及有机物结构、性质的考查，题目难度中等21化合物F是一种抗心肌缺血药物的中间体，可以通过以下方法合成：（1）化合物A中的含氧官能团为醚键和醛基（填官能团的名称）（2）化合物B的结构简式为；由CD的反应类型是：取代反应（3）写出同时满足下列条件的E的一种同分异构体的结构简式分子含有2个苯环分子中含有3种不同化学环境的氢（4）已知：RCH2CNRCH2CH2NH2
57、，请写出以为原料制备化合物X（结构简式见图）的合成路线流程图（无机试剂可任选）合成路线流程图示例如图：CH3CHOCH3COOHCH3COOCH2CH3【考点】真题集萃；有机物的合成 【分析】A含有的官能团为醚键和醛基，对比A、C的结构简式可知B为，B与SOCl2发生取代反应生成，然后与NaCN发生取代反应生成，经水解、还原，最终生成；以制备，可在浓硫酸作用下生成，然后与HCl发生加成反应生成，与NaCN发生取代反应生成，在催化作用下与氢气反应可生成，以此解答该题【解答】解：A含有的官能团为醚键和醛基，对比A、C的结构简式可知B为，B与SOCl2发生取代反应生成，然后与NaCN发生取代反应生成
58、，经水解、还原，最终生成，（1）由结构简式可知A含有的官能团为醚键和醛基，故答案为：醚键、醛基；（2）B为，与NaCN发生取代反应生成，故答案为：；取代反应；（3）E的一种同分异构体含有3种不同化学环境的氢，且含有2个苯环，且结构对称，则对应的结构有，故答案为：；（4）以制备，可在浓硫酸作用下生成，然后与HCl发生加成反应生成，与NaCN发生取代反应生成，在催化作用下与氢气反应可生成，也可与HCl反应生成，再生成，则流程为，故答案为：【点评】本题为2015年江苏卷第17题，涉及有机物的合成，侧重于学生的分析能力的考查，答题时注意把握提给信息以及官能团的性质，注意合成路线的设计，为解答该题的难点
