1、二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14.下列说法正确的是( )A氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子B卡文迪许发现了万有引力定律，并测出了万有引力常量C原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量守恒的规律D安培引入磁感线用来描述磁场的分布规律15.如图所示，是在同一轨道平面上的三颗不同的人造地球卫星，关于各物理量的关系，下列说法正确的是( )A.三颗卫星的线速度B.根据万有引力定律，可知卫星所受地球引力C.角速度D.向心加速度16. 关于静电
2、场下列说法中正确的是（ ） A.将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电势能一定增加 B无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，静电力做的正功越多，电荷在该点的电势能越大 C在同一个等势面上的各点，场强的大小必然是相等的 D电势下降的方向就是电场场强的方向17.连同身上所有物品质量为M的人正在光滑水平面以速度v0在向前滑行，某时刻向后以速度大小为v1商品抛出一携带的物品，抛完后人的速度大小v2，则抛出物品的质量m为（ ）A. B. C. D. 18如图5所示，光滑水平面上有一倾角为300的斜面A，三角形木块B静止在A上，木块B上表面水平，将光滑小球C放置于B上，A、B、C的质量均
3、为1，斜面体A在水平外力F作用下一3m/s2的加速度向左加速运动，运动过程中始终A、B、C相对静止，g取10m/s2。则（ ） A.小球C受到两个力的作用 B.小球C受到三个力的作用 C.木块B受到三个力的作用 D.力的大小为9N19.如图6所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，平行金属板中带电质点M处于静止状态下列说法正确的是（ ） A.P向下滑动时，知道M将向上运动 B.P向下滑动时，变压器的输出电压不变 C.P向上滑动时，变压器的输入电流变小 D.P向上滑动时，变压器的输出功率变大20.如图7所示，两足够长的平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为d
4、，导轨平面与水平面的夹角=300，导轨电阻不计，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面向上。长为d的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为m、电阻为R，两金属导轨的上端连接一个电阻R，重力加速度为g。使金属棒由静止开始运动，当金属棒达到最大速度的过程中（ ） A. 导体中的电流从MP B. 金属棒做匀加速运动 C. 金属棒能达到的最大速度 D. 金属棒减小的重力势能等于电阻R和金属棒上产生的热量21.如图8所示，一绝缘轻弹簧左端固定在光滑绝水平面的左侧墙壁上，右端连接一带正电的滑块P，滑块所处空间存在着水平向右的匀强电场，开始时在外力F的作用下弹簧处于原长
5、，现撤去水平外力P，则滑块P在向右运动的过程中（） A.弹簧和滑块P组成的系统机械能一直在增加电 B.电势能和弹性势能之和守恒 C.滑块P的速度最大时，弹簧弹力等于F D.滑块P的动能和电势能之和一直在减小三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个考题考生都必须作答，第3338题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。22.（6分）(1)在“探究弹簧伸长量与弹力的关系”的实验中，以下说法正确的是 (填序号) A.用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量 B.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，在弹性限度内，每次所挂钩码的质量差尽量大一些，从而使坐标纸上描的点尽可能
6、稀，这样作出的图更精确 C.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态 D.用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比一定相等(2)某同学做“探究弹簧伸长量与弹力的关系”的实验，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用直尺测出弹簧的原长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上钩码后测出弹簧伸长后的长度L，把L-L0作为弹簧的伸长量x，钩码重力作为拉力F；这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是图中的 (填序号)23.（9分）（1）某研究性学习小组为了测一未知电阻阻值，先用多用电表欧姆档粗测其电阻大约为10，然后在实验室中选择了如下器材用伏安法
7、测量该电阻阻值： 电源：电动势为3V，内电阻不计 电流表：量程0300mA，内阻RA约为0.5 电压表：量程03V，内阻RV约为2k 滑动变阻器：最大电阻值为10 开关一个、导线若干 在图9所提供的两种电路中应选_(填“甲” 或“乙”)电路进行测量误差相对较小，用该电路测得的阻值Rx与其真实值相比将_(填“偏大”或“偏小”)。（2）为了消除伏安法测电阻时电路引起的系统误差，该小组寻找另一未知电阻和单刀双掷开关，设计了另一种电路，电路的原理图如图10所示。该学习小组在测量过程中得到以下数据：单刀双置开关接位置1时，电流表示数为I1，电压表示数为U1；单刀双置开关接位置2时，电流表读数为I2，电压
8、表示数为U2，用以上数据表示待测电阻Rx的表达式为Rx=_。24.（14分）如图11所示，光滑水平面上静止足够长的木板B，木块A静止放在B上，A的质量为mA=1kg，B的质量mB=2，A与B之间的动摩擦因数=0.2。给A一个水平的初速度v0，之后B向前运动了2m后A、B达到共同速度。取g=10m/s2.求：(1) A、B达到共同速度的大小；(2)A的水平初速度v0的大小。25. (18分)如图12所示，第二象限存在垂直纸面向外的匀强磁场B1，B1的大小为；第三象限内存在相互正交的匀强磁场B2和匀强电场E，B2的方向垂直纸面外，大小为0.5T；第四象限的某个矩形区域内，存在垂直纸面向里的匀强磁场
9、B3，磁场的左边界与y轴重合。一质量m=110-14、电荷量q=110-10C的正电荷从M点以速度v0=1103m/s开始运动，v0与y轴正方向成600角，运动至N点离开第二象限，然后沿直线运动至C点，进入第四象限内的磁场区域，一段时间后，电荷运动至D点，速度方向x轴上正方向成600角，M点的坐标为（-70，0），D点的坐标为（0，30），不计电荷重力。求： (1)第三象限内匀强电场的大小和方向； (2)C点的坐标； (3)B3磁场区域的最小面积为多少。（二） 选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号后的方框涂
10、黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，并且在解答过程中写清每问的小题号，在答题卡指定位置答题。如果多做则每学科按所做的第一题计分。33 （15分）【物理选修3-3】（1）(5分)下列说法正确的是 （填正确选项前的字母，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分）A.气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子间斥力大于引力的缘故B.水在蒸发的过程中，既有水分子从液面飞出，又有水分子从空气撞到水面回到水中C.蔗糖受潮后会粘在一起形成糖块，糖块是多晶体D.达到热平衡的两个系统的内能相等E.热量可以从低温物体传给高温物体（2）(10分)如图20所
11、示，一绝热气缸固定在倾角为300的固定斜面上，通过绝热活塞封闭一定质量的理想气体。活塞的质量为m，横截面积为S。初始时，气体温度为T0，活塞与气缸底部相距为L。现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热量Q时活塞移动到与气缸底相距为2L处。已知大气压强为p0，重力加速度为g，不计活塞与气缸的摩擦，求此时气体的温度和加热过程中气体内能的增加量。（题中个物理量单位均为国际单位制单位）34 （15分）【物理选修3-4】（1）(5分)一列简谐横波沿直线由A向B传播，A、B相距12m，图21是A处质点的振动图像。当A处质点运动到波峰位置时，B处质点刚好到达平衡位置且向y轴负方向运动，则这列波的波速可能为 （
12、填正确选项前的字母，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分） A. B. C. D. E. (2)(10分)如图22所示,三角形的玻璃砖ABC150,折射率为，一束光线从AB边的D点射入玻璃砖，经AB边折射后恰好不能从AC边射出玻璃砖，求光线在D点处的入射角。云南省师范大学附属中学2017届高考适应性月考（八）理科综合物理试题参考答案第卷（选择题，共126分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求；第1821题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。题号1415
13、161718192021答案ACBCBDBDACACD【解析】14.根据玻尔氢原子模型的相关理论,电子轨道和能量都是量子化的,而在“跃迁”过程中要遵循h=EmEn，故只能辐射特定频率的光子,故A正确。牛顿发现了万有引力定律，并测出了万有引力常量,故B错误。原子核发生衰变时，电荷守恒，但会有质量亏损，遵循的是爱因斯坦的质能方程而非质量守恒规律，故C错误。 法拉第引入磁感线用来描述磁场的分布规律，故D错误。15万有引力提供卫星做圆周运动的向心力；，计算得出，由图示可以知道，卫星的轨道半径，则三颗卫星的线速度，故A错误。因为不知道卫星间的质量关系，无法根据万有引力公式判断卫星所受地球引力的关系，故B
14、错误。，计算得出，卫星的轨道半径，则三颗卫星的角速度，故C正确。，计算得出，卫星的轨道半径，则三颗卫星的向心加速度，故D错误。16将负电荷由电势低的地方移到电势高的地方，电场力做正功，电势能一定减小，故A错误。点电荷移到零势面电场力做的功就等于该点电荷的电势能，故B正确。场强方向不同，故C错误。电势降落方向不一定跟电场线同一直线，故D错误。17由动量守恒定律可知，解得。18对小球C进行受力分析，如果只受重力和斜面对小球弹力作用时，故小球C受到三个力作用，对A、B、C整体分析可得力F大小为9N，故B、D正确。19P向下滑动时，输入电压不变，则副线圈电压不变，质点M依然处于静止状态，故A错误，B正
15、确。P向上滑动时，原副线圈电压不变，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则右侧回路当中总电阻减小，副线圈总电流随总电阻减小而增大，副线圈功率增大，即变压器输出功率增大；输入功率等于输出功率，由于输入电压不变，所以变压器的输入电流变大，故C错误，D正确。20由右手定则可判断电流方向，故A正确。金属棒的加速度，随着速度的增加，金属棒的加速度逐渐减小，故B错误。当加速度时，金属棒速度最大，故C正确。由能量守恒知，金属棒减小的重力势能等于电阻R和金属棒上产生的热量加上金属棒增加的动能，故D错误。21滑块P在向右运动过程中，除弹力外，只有电场力一直做正功，故弹簧和滑块P组成的系统机械能一直在增加，故A正确。整
16、个过程中有弹力和电场力做功，所以动能、电势能和弹性势能之和守恒，弹簧弹力一直做负功，弹性势能一直增加，故滑块P的动能和电势能之和一直在减小，故B错误，D正确。滑块P速度最大时，加速度为零，弹簧弹力等于F，故C正确。第卷（非选择题，共174分）三、非选择题（一）必考题：共11题，共129分。22（每空3分，共6分）（1）BC （2）C23（每空3分，共9分）（1）甲 偏小（2）24（14分）解：（1） 解得 解得 （2） 解得 解得 解得 评分标准：本题共14分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。25（18分）解：（1） 方向与x轴正方向成30 （2） （3）由几何关系得 解得 评分标准：本题共18分。正确得出、式各给3分，其余各式各给1分。（二）选考题：共45分。33（15分）（1）（5分）BCE（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）（2）（10分）解： 评分标准：本题共10分。正确得出、式各给3分，其余各式各给2分。34（15分）（1）（5分）ABC（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）（2）（10分）解： 评分标准：本题共10分。正确得出式各给2分。
